第42頁（共42頁）2025-2026學(xué)年上學(xué)期上海高一物理開學(xué)模擬考2一．多選題（共4小題）（多選）1．關(guān)于牛頓第一定律的下列說法中，正確的是（）A．牛頓第一定律以伽利略的理想實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，可以用實(shí)驗(yàn)來直接驗(yàn)證 B．牛頓第一定律中說明力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因 C．牛頓第一定律表明，物體只有在靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)才具有慣性 D．牛頓第一定律中說明力是使物體產(chǎn)生加速度的原因2．某發(fā)電廠利用圖示的電路進(jìn)行遠(yuǎn)距離輸電，已知發(fā)電廠輸出的電壓有效值恒定，則下列說法正確的是（）A．變壓器T1原線圈的匝數(shù)比副線圈的匝數(shù)多 B．變壓器T1副線圈電流的有效值大于變壓器T2原線圈電流的有效值 C．變壓器T1副線圈輸出的功率等于變壓器T2原線圈輸入的功率 D．當(dāng)用戶接入的用電器減少時(shí)，輸電線電阻R的功率將減小3．如圖所示，小滑塊沿固定斜面勻速下滑，下列關(guān)于小滑塊受力的說法正確的是（）A．小滑塊受到重力和支持力 B．小滑塊受到重力、支持力和摩擦力 C．小滑塊受到重力、支持力、下滑力和摩擦力 D．小滑塊受到重力、支持力、壓力和摩擦力4．關(guān)于如圖中所涉及物理知識(shí)的論述中，正確的是（）A．甲圖中，由兩分子間作用力隨距離變化的關(guān)系圖線可知，當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)，它們間相互作用的引力和斥力均為零 B．乙圖中，在固體薄片上涂上石蠟，用灼熱的針接觸其下表面，從石蠟熔化情況知固體薄片可能為非晶體 C．丙圖中，液體表面層分子間相互作用表現(xiàn)為斥力，正是因?yàn)槌饬Σ攀沟盟w可以停在水面上 D．丁圖中，迅速壓下活塞，可觀察到硝化棉燃燒起來，這表明氣體從外界吸熱，內(nèi)能增加二．填空題（共7小題）5．一臺(tái)小型電動(dòng)機(jī)在3V電壓下工作，用此電動(dòng)機(jī)提升重力為4N的物體時(shí)，通過電動(dòng)機(jī)的電流是0.2A，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為5Ω。若不計(jì)除電動(dòng)機(jī)線圈生熱之外的能量損失，則（1）電動(dòng)機(jī)的輸入功率為W，（2）電動(dòng)機(jī)的輸出功率為W。6．如圖所示，一端封閉一端開口，內(nèi)徑均勻的直玻璃管注入一段L＝20cm水銀柱放在α＝30°的斜面上，封閉端內(nèi)的壓強(qiáng)為，設(shè)大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa＝75cmHg。7．質(zhì)量為1kg的物體沿傾角為30°的光滑斜面由靜止下滑，又知斜面高為5m，g＝10m/s2則物體剛滑到斜面底端時(shí)，重力的功率是W。8．有兩個(gè)同相的相干點(diǎn)光源S1和S2，發(fā)出波長(zhǎng)為λ的光，A是它們連線的中垂線上的一點(diǎn)。若在S1與A之間插入厚度為e，折射率為n的薄玻璃片，則兩光源發(fā)出的光在A的相位差Δφ＝。若已知λ＝500nm，n＝1.5，A點(diǎn)恰為第9級(jí)明紋中心，則e＝。9．使物體帶電方法有：起電、起電、感應(yīng)起電。10．當(dāng)外電阻R變化時(shí)，電流I、路端電壓U會(huì)如何變化呢？11．小鳥沿直線斜向上勻速飛行，它的飛行方向與豎直方向夾角為45°。有同學(xué)認(rèn)為，小鳥一定受到一個(gè)沿其飛行方向的作用力。你的看法如何？試簡(jiǎn)述理由。三．解答題（共2小題）12．有一條河流，河水流量為4m3/s，落差為5m?，F(xiàn)利用它來發(fā)電，水電站的總效率為50%，發(fā)電機(jī)的輸出電壓為350V。水電站到用戶之間要進(jìn)行遠(yuǎn)距離輸電，兩地間輸電線的總電阻為4Ω，允許輸電線上損失的功率為發(fā)電機(jī)輸出功率的5%，用戶所需要電壓為220V。假定所用的變壓器都是理想變壓器，求升壓、降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，g取10m/s2。13．如圖所示的各裝置均處于靜止?fàn)顟B(tài)，若已知大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度為g，液體密度均為ρ，求各段被封閉氣體的壓強(qiáng)。

2025-2026學(xué)年上學(xué)期上海高一物理開學(xué)模擬考2參考答案與試題解析一．選擇題（共3小題）題號(hào)234答案DBB二．多選題（共1小題）題號(hào)1答案BD一．多選題（共4小題）（多選）1．關(guān)于牛頓第一定律的下列說法中，正確的是（）A．牛頓第一定律以伽利略的理想實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，可以用實(shí)驗(yàn)來直接驗(yàn)證 B．牛頓第一定律中說明力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因 C．牛頓第一定律表明，物體只有在靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)才具有慣性 D．牛頓第一定律中說明力是使物體產(chǎn)生加速度的原因【考點(diǎn)】牛頓第一定律的內(nèi)容與應(yīng)用．【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；理解能力．【答案】BD【分析】正確理解牛頓第一定律即可解題。【解答】解：A．牛頓第一定律是由伽利略的理想實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)加以科學(xué)推理和抽象得到的，所以不可以通過實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證。故A錯(cuò)誤；B．牛頓第一定律說明力是使物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變的原因，而不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因。故B正確；C．慣性的大小與物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況均無關(guān)，質(zhì)量是慣性的唯一量度，任何狀態(tài)下物體都有慣性。故C錯(cuò)誤；D．牛頓第一定律說明了力是使物體速度發(fā)生改變的原因，或者說力是使物體產(chǎn)生加速度的原因。故D正確。故選：BD。【點(diǎn)評(píng)】本題考查學(xué)生對(duì)牛頓第一定律的理解，解題關(guān)鍵是把握“慣性”和“力是使物體速度發(fā)生改變的原因”兩點(diǎn)的理解。是一道基礎(chǔ)性較強(qiáng)的小題。2．某發(fā)電廠利用圖示的電路進(jìn)行遠(yuǎn)距離輸電，已知發(fā)電廠輸出的電壓有效值恒定，則下列說法正確的是（）A．變壓器T1原線圈的匝數(shù)比副線圈的匝數(shù)多 B．變壓器T1副線圈電流的有效值大于變壓器T2原線圈電流的有效值 C．變壓器T1副線圈輸出的功率等于變壓器T2原線圈輸入的功率 D．當(dāng)用戶接入的用電器減少時(shí)，輸電線電阻R的功率將減小【考點(diǎn)】遠(yuǎn)距離輸電的相關(guān)計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；交流電專題；推理論證能力．【答案】D【分析】根據(jù)理想變壓器的電壓關(guān)系分析A，T1的輸出電壓等于R兩端的電壓與T2的輸入電壓之和；根據(jù)理想變壓器的功率關(guān)系，升壓變壓器與降壓變壓的功率與損失的功率的關(guān)系。【解答】解：A、發(fā)電廠發(fā)出的電在遠(yuǎn)距離輸送時(shí)，為減少電能的損耗，首先要經(jīng)過升壓變壓器進(jìn)行升壓，到達(dá)用戶時(shí)再利用降壓變壓器進(jìn)行降壓，所以T1為升壓變壓器，其原線圈的匝數(shù)應(yīng)小于副線圈的匝數(shù)，故A錯(cuò)誤；B、變壓器T1的副線圈與T2的原線圈串聯(lián)，兩線圈中電流的有效值相等，故B錯(cuò)誤；C、變壓器T1的副線圈的輸出功率等于電阻R消耗的功率與變壓器T2原線圈輸入功率之和，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)用戶接入的用電器減少時(shí)，變壓器T2副線圈中的電流必將減小，由理想變壓器變流比＝可知，T2原線圈中的電流也必將減小，結(jié)合P＝I2R可知，電阻R的功率將減小，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】關(guān)鍵要理清每個(gè)變壓器的兩個(gè)電壓，兩個(gè)電流，兩個(gè)功率的關(guān)系以及兩個(gè)變壓器的電流，電壓，與輸電線的電流，輸電線上損失的電壓關(guān)系。3．如圖所示，小滑塊沿固定斜面勻速下滑，下列關(guān)于小滑塊受力的說法正確的是（）A．小滑塊受到重力和支持力 B．小滑塊受到重力、支持力和摩擦力 C．小滑塊受到重力、支持力、下滑力和摩擦力 D．小滑塊受到重力、支持力、壓力和摩擦力【考點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡問題及求解；力的合成與分解的應(yīng)用．【專題】定性思想；推理法；共點(diǎn)力作用下物體平衡專題；理解能力．【答案】B【分析】小滑塊沿固定斜面勻速下滑，受力平衡，根據(jù)平衡條件結(jié)合受力分析的方法進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓盒』瑝K沿固定斜面勻速下滑，受力平衡，根據(jù)受力情況可知小滑塊受到重力、支持力和沿斜面向上的摩擦力。小滑塊不受下滑力的作用，壓力是滑塊對(duì)斜面的作用力，故B正確、ACD錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于物體的受力分析，解題方法是：確定研究對(duì)象，首先分析重力，再分析接觸面的彈力和摩擦力，最后分析非接觸力（電場(chǎng)力或磁場(chǎng)力），只分析物體受到的力，不分析物體對(duì)外施加的力。4．關(guān)于如圖中所涉及物理知識(shí)的論述中，正確的是（）A．甲圖中，由兩分子間作用力隨距離變化的關(guān)系圖線可知，當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)，它們間相互作用的引力和斥力均為零 B．乙圖中，在固體薄片上涂上石蠟，用灼熱的針接觸其下表面，從石蠟熔化情況知固體薄片可能為非晶體 C．丙圖中，液體表面層分子間相互作用表現(xiàn)為斥力，正是因?yàn)槌饬Σ攀沟盟w可以停在水面上 D．丁圖中，迅速壓下活塞，可觀察到硝化棉燃燒起來，這表明氣體從外界吸熱，內(nèi)能增加【考點(diǎn)】改變物體內(nèi)能的兩種方式；分子間存在作用力及其與分子間距的關(guān)系；各向異性和各向同性；液體的表面張力．【專題】學(xué)科綜合題；定性思想；推理法；分子間相互作用力與分子間距離的關(guān)系；熱力學(xué)定律專題；推理論證能力．【答案】B【分析】A、分子間引力和斥力大小相等時(shí)，分子力表現(xiàn)為零；B、由多晶體和非晶體物理性質(zhì)具有各向同性可判斷；C、表面張力有使液體表面繃緊的效果；D、壓縮氣體，時(shí)間短暫，氣體與外界來不及熱交換。【解答】解：A、甲圖中，當(dāng)兩個(gè)相鄰的分子間距離為r0時(shí)，它們間相互作用的引力和斥力大小相等，方向相反，分子力表現(xiàn)為零，故A錯(cuò)誤；B、乙圖中，從石蠟熔化情況可知表現(xiàn)為各向同性，則此固體薄片可能為多晶體或非晶體，故B正確；C、丙圖中，水黽可以停在水面上是由于液體表面層分子間相互作用表現(xiàn)為引力，即液體表面張力作用的結(jié)果，故C錯(cuò)誤；D、丁圖中，迅速壓下活塞，可觀察到硝化棉燃燒起來，這表明外界對(duì)氣體做功，而氣體還來不及向外界放熱，氣體內(nèi)能增加，溫度迅速升高，故D錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了熱學(xué)中的分子力、晶體非晶體、表面張力、熱力學(xué)定律，解題的關(guān)鍵熟練掌握熱學(xué)的基本知識(shí)。二．填空題（共7小題）5．一臺(tái)小型電動(dòng)機(jī)在3V電壓下工作，用此電動(dòng)機(jī)提升重力為4N的物體時(shí)，通過電動(dòng)機(jī)的電流是0.2A，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為5Ω。若不計(jì)除電動(dòng)機(jī)線圈生熱之外的能量損失，則（1）電動(dòng)機(jī)的輸入功率為0.6W，（2）電動(dòng)機(jī)的輸出功率為0.4W。【考點(diǎn)】電功和電功率的計(jì)算．【專題】應(yīng)用題；定量思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】（1）0.6；（2）0.4。【分析】（1）根據(jù)功率的表達(dá)式P＝UI求得功率；（2）根據(jù)總功率減去發(fā)熱功率等于輸出的機(jī)械功率求解?！窘獯稹拷猓海?）電動(dòng)機(jī)在3V電壓下工作，電流是0.2A，電動(dòng)機(jī)的輸入功率為P入＝UI＝3×0.2W＝0.6W（2）電動(dòng)機(jī)線圈的熱功率為電動(dòng)機(jī)的輸出功率為P出＝P入﹣P熱＝0.6W﹣0.2W＝0.4W故答案為：（1）0.6；（2）0.4?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了電功率的計(jì)算，理解公式之間的相互聯(lián)系以及物理量之間的關(guān)系是解決此類問題的關(guān)鍵。6．如圖所示，一端封閉一端開口，內(nèi)徑均勻的直玻璃管注入一段L＝20cm水銀柱放在α＝30°的斜面上，封閉端內(nèi)的壓強(qiáng)為1.13×105Pa，設(shè)大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa＝75cmHg?！究键c(diǎn)】氣體壓強(qiáng)的計(jì)算．【專題】定量思想；模型法；氣體的壓強(qiáng)專題；分析綜合能力．【答案】1.13×105Pa?！痉治觥糠忾]端內(nèi)的壓強(qiáng)等于大氣壓與水銀柱重力產(chǎn)生的壓強(qiáng)之和，由此求解封閉端內(nèi)的壓強(qiáng)。【解答】解：已知大氣壓強(qiáng)為p0＝1.0×105Pa＝75cmHg，管內(nèi)水銀柱長(zhǎng)L＝20cm，則封閉端內(nèi)的壓強(qiáng)為p＝p0+pL＝p0+Lsinα＝（75+20×sin30°）cmHg＝85cmHg＝×1.0×105Pa≈1.13×105Pa故答案為：1.13×105Pa。【點(diǎn)評(píng)】解決本題時(shí)，要掌握封閉氣體的壓強(qiáng)與大氣壓的關(guān)系，可根據(jù)它們的大小關(guān)系來求解封閉氣體的壓強(qiáng)。要注意水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)與豎直高度有關(guān)。7．質(zhì)量為1kg的物體沿傾角為30°的光滑斜面由靜止下滑，又知斜面高為5m，g＝10m/s2則物體剛滑到斜面底端時(shí)，重力的功率是50W?！究键c(diǎn)】功率的定義、物理意義和計(jì)算式的推導(dǎo)．【專題】定量思想；推理法；功率的計(jì)算專題；理解能力．【答案】50【分析】先應(yīng)用機(jī)械能守恒定律求出物體滑到斜面底端時(shí)的速度，然后將速度沿豎直方向分解即可求出重力的瞬時(shí)功率。【解答】解：物體下滑過程中機(jī)械能守恒，所以有：代入數(shù)據(jù)得：v＝10m/s物體滑到底端時(shí)，重力的瞬時(shí)功率為：P＝mgvsin30°＝1×10×10×0.5W＝50W故答案為：50【點(diǎn)評(píng)】本題考查功率公式的應(yīng)用，要注意P＝Fvcosα既可求平均功率，也可求瞬時(shí)功率，要靈活應(yīng)用。8．有兩個(gè)同相的相干點(diǎn)光源S1和S2，發(fā)出波長(zhǎng)為λ的光，A是它們連線的中垂線上的一點(diǎn)。若在S1與A之間插入厚度為e，折射率為n的薄玻璃片，則兩光源發(fā)出的光在A的相位差Δφ＝。若已知λ＝500nm，n＝1.5，A點(diǎn)恰為第9級(jí)明紋中心，則e＝9000nm?！究键c(diǎn)】光的折射定律．【專題】參照思想；模型法；分析綜合能力．【答案】見試題解答內(nèi)容【分析】插入薄片前，S1、S2到A的光程相等。插入薄片后，本題根據(jù)題意，計(jì)算光程差，再求解相位差和e?！窘獯稹拷猓翰迦氡∑埃琒1、S2到A的光程相等。插入薄片后，光程差為δ＝（n﹣1）e所以相位差為Δφ＝δ解得Δφ＝（2）A點(diǎn)恰為第9級(jí)明紋中心，因此光程差應(yīng)滿足δ＝（n﹣1）e＝9λ解得：e＝9000nm故答案為：，9000nm?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵要掌握光程差為折射率的關(guān)系：δ＝（n﹣1）e，明確光程差與波長(zhǎng)的關(guān)系。9．使物體帶電方法有：摩擦起電、接觸起電、感應(yīng)起電。【考點(diǎn)】物體起電的實(shí)質(zhì)．【專題】定性思想；理解能力．【答案】摩擦，接觸。【分析】電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅。摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，并沒有創(chuàng)造電荷；感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是電荷可以從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分?！窘獯稹拷猓菏刮矬w帶電方法有：摩擦起電、接觸起電、感應(yīng)起電。故答案為：摩擦，接觸。【點(diǎn)評(píng)】掌握各種使物體帶電的方式，知道無論無論哪種方法，都是電荷在物體之間的轉(zhuǎn)移或從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，電荷的總量保持不變。10．當(dāng)外電阻R變化時(shí)，電流I、路端電壓U會(huì)如何變化呢？【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式．【專題】比較思想；推理法；恒定電流專題；推理論證能力．【答案】外電阻R增大時(shí)，電流I減小、路端電壓U增大，反之外電阻R減小時(shí)，電流I增大、路端電壓U減小?！痉治觥扛鶕?jù)閉合電路歐姆定律和部分電路歐姆定律，得到I和U與R與R的關(guān)系式，再結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行分析?！窘獯稹拷猓河砷]合電路歐姆定律得：I＝，當(dāng)電源電動(dòng)勢(shì)一定時(shí)，可知電流I隨外電阻R的增大而減?。宦范穗妷簽椋篣＝IR＝?R＝，外電阻R增大，路端電壓U隨之增大，當(dāng)電阻R趨于無窮大時(shí)，路端電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，反之外電阻R減小時(shí)，電流I增大、路端電壓U減小。答：外電阻R增大時(shí)，電流I減小、路端電壓U增大，反之外電阻R減小時(shí)，電流I增大、路端電壓U減小?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要掌握各個(gè)量與R的關(guān)系，能熟練運(yùn)用歐姆定律推導(dǎo)出表達(dá)式。11．小鳥沿直線斜向上勻速飛行，它的飛行方向與豎直方向夾角為45°。有同學(xué)認(rèn)為，小鳥一定受到一個(gè)沿其飛行方向的作用力。你的看法如何？試簡(jiǎn)述理由?！究键c(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡問題及求解；力的合成與分解的應(yīng)用．【專題】簡(jiǎn)答題；定性思想；推理法；共點(diǎn)力作用下物體平衡專題；推理論證能力．【答案】不一定受到沿飛行方向的作用力，只能確定其它力的合力豎直向上，不能確定具體某個(gè)力的方向。【分析】對(duì)小鳥受力分析，根據(jù)受力平衡判斷受力情況?！窘獯稹拷猓盒▲B沿豎直方向夾角為45°勻速飛行，所以受力平衡，對(duì)小鳥受力分析如圖所示根據(jù)力的合成與分解，可知小鳥受到其他力的合力豎直向上，與重力大小相等，所以小鳥不一定受到沿其飛行方向的作用力。答：不一定受到沿飛行方向的作用力，只能確定其它力的合力豎直向上，不能確定具體某個(gè)力的方向?！军c(diǎn)評(píng)】考查受力平衡，同時(shí)根據(jù)受力平衡確定受力方向，在做題中要注意力的合成與分解的關(guān)系。三．解答題（共2小題）12．有一條河流，河水流量為4m3/s，落差為5m。現(xiàn)利用它來發(fā)電，水電站的總效率為50%，發(fā)電機(jī)的輸出電壓為350V。水電站到用戶之間要進(jìn)行遠(yuǎn)距離輸電，兩地間輸電線的總電阻為4Ω，允許輸電線上損失的功率為發(fā)電機(jī)輸出功率的5%，用戶所需要電壓為220V。假定所用的變壓器都是理想變壓器，求升壓、降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，g取10m/s2?！究键c(diǎn)】遠(yuǎn)距離輸電的相關(guān)計(jì)算；變壓器的構(gòu)造與原理．【專題】定量思想；方程法；交流電專題；分析綜合能力．【答案】升壓、降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比分別是1：8和12：1?！痉治觥扛鶕?jù)重力勢(shì)能減少量，結(jié)合能量守恒定律求出發(fā)電機(jī)的輸出功率P；根據(jù)輸電線上損耗的功率計(jì)算出升壓變壓器輸出電流，根據(jù)功率公式計(jì)算出升壓變壓器輸出電壓，即可升壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比；根據(jù)輸電線上損失的功率與升壓變壓器輸出電壓的關(guān)系，求出升壓變壓器副線圈兩端的電壓，從而求得降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比?！窘獯稹拷猓喊l(fā)電機(jī)的輸出功率：P＝＝＝W＝1×105W輸電線上損失的功率為：P損＝P5%＝I2R解得輸電線上的電流：I＝25A則升壓變壓器輸出電壓：U1＝＝V＝2000V則升壓變壓器的匝數(shù)比：＝＝≈輸電線上的電壓減少：U損＝IR＝25×4V＝100V則輸入降壓變壓器的電壓：U2＝U1﹣U損＝2000V﹣100V＝1900V則降壓變壓器的匝數(shù)比：＝＝≈答：升壓、降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比分別是1：8和12：1?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要明確原、副線圈電壓之比、電流之比與匝數(shù)之比的關(guān)系；升壓變壓器的輸出功率、降壓變壓器的輸入功率以及功率損失的關(guān)系。13．如圖所示的各裝置均處于靜止?fàn)顟B(tài)，若已知大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度為g，液體密度均為ρ，求各段被封閉氣體的壓強(qiáng)?！究键c(diǎn)】氣體壓強(qiáng)的計(jì)算．【專題】定量思想；推理法；氣體的壓強(qiáng)專題；分析綜合能力．【答案】各段被封閉氣體的壓強(qiáng)分別為p0﹣ρgh；p0﹣ρgh；；ρgh1+p0?！痉治觥恳苑忾]氣體的水銀柱或以與空氣柱相接觸的液片作為研究對(duì)象，根據(jù)圖示應(yīng)用平衡條件即可求出封閉氣體的壓強(qiáng)?！窘獯稹拷猓涸趫D（a）中，以高為h的液柱為研究對(duì)象，由平衡條件知p1S+ρghS＝p0S，解得p1＝p0﹣ρgh；在圖（b）中，以B液面為研究對(duì)象，由平衡條件知p2S+ρghS＝p0S，解得p2＝p0﹣ρgh；在圖（c）中，以B液面為研究對(duì)象，由平衡條件知p3S+ρghS?sin60°＝p0S，解得p3＝；在圖（d）中，以A液面為研究對(duì)象，由平衡條件知p4S＝ρgh1S+p0S，解得p4＝ρgh1+p0；答：各段被封閉氣體的壓強(qiáng)分別為p0﹣ρgh；p0﹣ρgh；；ρgh1+p0?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于被液柱封閉的氣體壓強(qiáng)問題，可以對(duì)液柱受力分析，根據(jù)平衡條件求解封閉氣體的壓強(qiáng)，也可以選擇與封閉氣體接觸的一個(gè)小液片進(jìn)行分析。

考點(diǎn)卡片1．力的合成與分解的應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】本考點(diǎn)針對(duì)比較復(fù)雜的題目，題目涉及到力的合成與分解的綜合應(yīng)用?！久}方向】假期里，一位同學(xué)在廚房里協(xié)助媽媽做菜，對(duì)菜刀發(fā)生了興趣．他發(fā)現(xiàn)菜刀的刀刃前部和后部的厚薄不一樣，刀刃前部的頂角小，后部的頂角大（如圖所示），下列有關(guān)刀刃的說法合理的是（）A、刀刃前部和后部厚薄不勻，僅是為了打造方便，外形美觀，跟使用功能無關(guān)B、在刀背上加上同樣的壓力時(shí)，分開其他物體的力跟刀刃厚薄無關(guān)C、在刀背上加上同樣的壓力時(shí)，頂角越大，分開其他物體的力越大D、在刀背上加上同樣的壓力時(shí)，頂角越小，分開其他物體的力越大分析：根據(jù)力的平行四邊形定則可知，相同的壓力下，頂角越小，分力越大；相同的頂角下，壓力越大，分力越大．解答：把刀刃部分抽象后，可簡(jiǎn)化成一個(gè)等腰三角劈，設(shè)頂角為2θ，背寬為d，側(cè)面長(zhǎng)為l，如圖乙所示當(dāng)在劈背施加壓力F后，產(chǎn)生垂直側(cè)面的兩個(gè)分力F1、F2，使用中依靠著這兩個(gè)分力分開被加工的其他物體。由對(duì)稱性知，這兩個(gè)分力大小相等（F1＝F2），因此畫出力分解的平行四邊形，實(shí)為菱形，如圖丙所示。在這個(gè)力的平行四邊形中，取其四分之一考慮（圖中陰影部分），根據(jù)它跟半個(gè)劈的直角三角形的相似關(guān)系，由關(guān)系式，得F1＝F2由此可見，刀背上加上一定的壓力F時(shí)，側(cè)面分開其他物體的力跟頂角的大小有關(guān)，頂角越小，sinθ的值越小，F(xiàn)1和F2越大。但是，刀刃的頂角越小時(shí)，刀刃的強(qiáng)度會(huì)減小，碰到較硬的物體刀刃會(huì)卷口甚至碎裂，實(shí)際制造過程中為了適應(yīng)加工不同物體的需要，所以做成前部較薄，后部較厚。使用時(shí)，用前部切一些軟的物品（如魚、肉、蔬菜、水果等），用后部斬劈堅(jiān)硬的骨頭之類的物品，俗話說：“前切后劈”，指的就是這個(gè)意思。故D正確。故選：D。點(diǎn)評(píng)：考查力的平行四邊形定則，體現(xiàn)了控制變量法，同時(shí)學(xué)會(huì)用三角函數(shù)來表示力與力的關(guān)系．【解題思路點(diǎn)撥】對(duì)力的合成與力的分解的綜合應(yīng)用問題，要首先熟練掌握力的合成和力的分解的相關(guān)內(nèi)容，再選擇合適的合成和分解方法進(jìn)行解題。2．共點(diǎn)力的平衡問題及求解【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.共點(diǎn)力（1）定義：如果一個(gè)物體受到兩個(gè)或更多力的作用，這些力共同作用在物體的在同一點(diǎn)上，或者雖不作用在同一點(diǎn)上，但它們的延長(zhǎng)線交于一點(diǎn)，這幾個(gè)力叫作共點(diǎn)力。（2）力的合成的平行四邊形定則只適用于共點(diǎn)力。2.共點(diǎn)力平衡的條件（1）平衡狀態(tài)：物體保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)。（2）平衡條件：在共點(diǎn)力作用下物體平衡的條件是合力為0。3.對(duì)共點(diǎn)力平衡條件的理解及應(yīng)用合外力等于0，即F合＝0→正交分解法，其中Fx合和Fy合分別表示物體在x軸和y軸上所受的合力。4.平衡條件的推論（1）二力平衡：若物體在兩個(gè)力作用下處于平衡狀態(tài)，則這兩個(gè)力一定等大、反向。（2）三力平衡：若物體在三個(gè)共點(diǎn)力作用下處于平衡狀態(tài)，則任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等大、反向。（3）多力平衡：若物體在n個(gè)共點(diǎn)力作用下處于平衡狀態(tài)，則其中任意一個(gè)力必定與另外（n﹣1）個(gè)力的合力等大、反向。5.解答共點(diǎn)力平衡問題的三種常用方法6.平衡中的臨界、極值問題a.臨界問題（1）問題特點(diǎn)：①當(dāng)某物理量發(fā)生變化時(shí)，會(huì)引起其他幾個(gè)物理量的變化。②注意某現(xiàn)象“恰好出現(xiàn)”或“恰好不出現(xiàn)”的條件。（2）分析方法：基本方法是假設(shè)推理法，即先假設(shè)某種情況成立，然后根據(jù)平衡條件及有關(guān)知識(shí)進(jìn)行論證、求解。b.極值問題（1）問題界定：物體平衡的極值問題，一般指在力的變化過程中涉及力的最大值和最小值的問題。（2）分析方法：①解析法：根據(jù)物體平衡的條件列出方程，在解方程時(shí)，采用數(shù)學(xué)知識(shí)求極值或者根據(jù)物理臨界條件求極值。②圖解法：根據(jù)物體平衡的條件作出力的矢量圖，畫出平行四邊形或者矢量三角形進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析，確定最大值或最小值。7.“活結(jié)”與“死結(jié)”、“活桿”與“死桿”模型（1）“活結(jié)”與“死結(jié)”模型①“活結(jié)”一般是由輕繩跨過光滑滑輪或者繩上掛一光滑掛鉤而形成的。繩雖然因“活結(jié)”而彎曲，但實(shí)際上是同一根繩，所以由“活結(jié)”分開的兩段繩上彈力的大小一定相等，兩段繩合力的方向一定沿這兩段繩夾角的平分線。②“死結(jié)”兩側(cè)的繩因結(jié)而變成了兩根獨(dú)立的繩，因此由“死結(jié)”分開的兩段繩上的彈力不一定相等。（2）“活桿”與“死桿”模型①“活桿”：指輕桿用轉(zhuǎn)軸或鉸鏈連接，當(dāng)輕桿處于平衡狀態(tài)時(shí)，輕桿所受到的彈力方向一定沿著桿，否則會(huì)引起輕桿的轉(zhuǎn)動(dòng)。如圖甲所示，若C為轉(zhuǎn)軸，則輕桿在緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)中，彈力方向始終沿桿的方向。②“死桿”：若輕桿被固定，不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，則輕桿所受到的彈力方向不一定沿桿的方向。如圖乙所示，水平橫梁的一端A插在墻壁內(nèi)，另一端B裝有一個(gè)小滑輪，繩的一端C固定于墻壁上，另一端跨過滑輪后懸掛重物m?；唽?duì)繩的作用力應(yīng)為圖丙中兩段繩中拉力F1和F2的合力F的反作用力，即AB桿彈力的方向不沿桿的方向?！久}方向】例1：在如圖所示的甲、乙、丙、丁四幅圖中，滑輪光滑且所受的重力忽略不計(jì)，滑輪的軸O安裝在一根輕木桿P上，一根輕繩ab繞過滑輪，a端固定在墻上，b端下面掛一質(zhì)量為m的重物。當(dāng)滑輪和重物都靜止不動(dòng)時(shí)，甲、丙、丁圖中木桿P與豎直方向的夾角均為θ，乙圖中木桿P豎直。假設(shè)甲、乙、丙、丁四幅圖中滑輪受到木桿P的彈力的大小依次為FA、FB、FC、FD，則以下判斷正確的是（）A.FA＝FB＝FC＝FDB.FD＞FA＝FB＞FCC.FA＝FC＝FD＞FBD.FC＞FA＝FB＞FD分析：對(duì)滑輪受力分析，受兩個(gè)繩子的拉力和桿的彈力；滑輪一直保持靜止，合力為零，故桿的彈力與兩個(gè)繩子的拉力的合力等值、反向、共線。解答：由于兩個(gè)繩子的拉力大小等于重物的重力，大小不變，即四個(gè)選項(xiàng)中繩子的拉力是大小相等的，根據(jù)平行四邊形定則知兩個(gè)力的夾角越小，則合力越大，即滑輪兩邊繩子的夾角越小，繩子拉力的合力越大，故丁圖中繩子拉力合力最大，則桿的彈力最大，丙圖中夾角最大，繩子拉力合力最小，則桿的彈力最小，甲圖和乙圖中的夾角相同，則繩子拉力合力相等，則桿的彈力相等，所以甲、乙、丙、丁四幅圖中滑輪受到木桿P的彈力的大小順序?yàn)椋篎D＞FA＝FB＞FC，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B。本題考查的是力的合成與平衡條件在實(shí)際問題中的應(yīng)用，要注意桿的彈力可以沿著桿的方向也可以不沿著桿方向，結(jié)合平衡條件分析是關(guān)鍵。例2：如圖所示，兩根等長(zhǎng)的輕繩將日光燈懸掛在天花板上，兩繩與豎直方向的夾角都為45°，日光燈保持水平，所受重力為G。則（）A.兩繩對(duì)日光燈拉力的合力大小等于GB.兩繩的拉力和重力不是共點(diǎn)力C.兩繩的拉力大小均為GD.兩繩的拉力大小均為分析：兩繩的拉力和重力是共點(diǎn)力，根據(jù)合力為零分析AB選項(xiàng)；根據(jù)對(duì)稱性可知，左右兩繩的拉力大小相等，分析日光燈的受力情況，由平衡條件求解繩子的拉力大小。解答：B．對(duì)日光燈受力分析如圖：兩繩拉力的作用線與重力作用線的延長(zhǎng)線交于一點(diǎn)，這三個(gè)力是共點(diǎn)力，故B錯(cuò)誤；A．由于日光燈在兩繩拉力和重力作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以兩繩的拉力的合力與重力G等大反向，故A正確；CD．由于兩個(gè)拉力的夾角成直角，且都與豎直方向成45°角，則由力的平行四邊形定則可知：G＝，F(xiàn)1＝F2，解得：F1＝F2＝，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：AC。點(diǎn)評(píng)：本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡，解答本題的關(guān)鍵是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、進(jìn)行力的合成，利用平衡條件建立方程進(jìn)行解答。例3：如圖，三根長(zhǎng)度均為l的輕繩分別連接于C、D兩點(diǎn)，A、B兩端被懸掛在水平天花板上，相距2l?，F(xiàn)在C點(diǎn)上懸掛一個(gè)質(zhì)量為m的重物，為使CD繩保持水平，在D點(diǎn)上可施加力的最小值為（）A.mgB.mgC.mgD.mg分析：根據(jù)物體的受力平衡，依據(jù)幾何關(guān)系求解即可。解答：依題得，要想CD水平，則各繩都要緊繃，根據(jù)幾何關(guān)系可知，AC與水平方向的夾角為60°，結(jié)點(diǎn)C受力平衡，則受力分析如圖所示因此CD的拉力為T＝mg?tan30°D點(diǎn)受CD繩子拉力大小等于T，方向向左。要使CD水平，則D點(diǎn)兩繩的拉力與外界的力的合力為零，則CD繩子對(duì)D點(diǎn)的拉力可分解為沿BD繩的F1以及另一分力F2。由幾何關(guān)系可知，當(dāng)F2與BD垂直時(shí)，F(xiàn)2最小，F(xiàn)2的大小即為拉力大小，因此有F2min＝T?sin60°＝mg故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選：C。點(diǎn)評(píng)：本題考查的是物體的受力平衡，解題的關(guān)鍵是當(dāng)F2與BD垂直時(shí)，F(xiàn)2最小，F(xiàn)2的大小即為拉力大小。例4：如圖甲所示，細(xì)繩AD跨過固定的水平輕桿BC右端的輕質(zhì)光滑定滑輪懸掛一質(zhì)量為M1的物體，∠ACB＝30°；圖乙中輕桿HG一端用鉸鏈固定在豎直墻壁上，另一端G通過細(xì)繩EG拉住，EG與水平方向的夾角為30°，在輕桿的G點(diǎn)用細(xì)繩GF懸掛一質(zhì)量為M2的物體（都處于靜止?fàn)顟B(tài)），求：（1）細(xì)繩AC的張力FTAC與細(xì)繩EG的張力FTEG之比；（2）輕桿BC對(duì)C端的支持力；（3）輕桿HG對(duì)G端的支持力。分析：（1）根據(jù)力的分解及幾何關(guān)系解答。（2）圖甲中對(duì)滑輪受力分析，運(yùn)用合成法求解細(xì)繩AC段的張力FAC與輕桿BC對(duì)C端的支持力；（3）乙圖中，以C點(diǎn)為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件求解細(xì)繩EG段的張力F2以及輕桿HG對(duì)G端的支持力。解答：下圖（a）和下圖（b）中的兩個(gè)物體M1、M2都處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡的條件，首先判斷與物體相連的細(xì)繩，其拉力大小等于物體的重力；分別取C點(diǎn)和G點(diǎn)為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析如圖（a）和右圖（b）所示，根據(jù)平衡規(guī)律可求解。（1）上圖（a）中輕繩AD跨過定滑輪拉住質(zhì)量為M1的物體，物體處于平衡狀態(tài)，輕繩AC段的拉力FTAC＝FCD＝M1g；上圖（b）中由于FTEGsin30°＝M2g得FEG＝2M2g所以FTAC：FTEG＝M1：2M2。（2）上圖（a）中，根據(jù)FAC＝FCD＝M1g且夾角為120°故FNC＝FAC＝M1g，方向與水平方向成30°，指向斜右上方。（3）上圖（b）中，根據(jù)平衡方程有FNG＝＝M2g，方向水平向右。答：（1）輕繩AC段的張力FAC與細(xì)繩EG的張力FEG之比為；（2）輕桿BC對(duì)C端的支持力為M1g，指向斜右上方；（3）輕桿HG對(duì)G端的支持力大小為M2g方向水平向右。點(diǎn)評(píng)：本題首先要抓住定滑輪兩端繩子的特點(diǎn)，其次要根據(jù)平衡條件，以C、G點(diǎn)為研究對(duì)象，按力平衡問題的一般步驟求解?！窘忸}思路點(diǎn)撥】1.在分析問題時(shí)，注意“靜止”和“v＝0”不是一回事，v＝0，。2.解答共點(diǎn)力平衡問題的一般步驟（1）選取研究對(duì)象，對(duì)于有相互作用的兩個(gè)或兩個(gè)以上的物體構(gòu)成的系統(tǒng)，應(yīng)明確所選研究對(duì)象是系統(tǒng)整體還是系統(tǒng)中的某一個(gè)物體（整體法或隔離法）。（2）對(duì)所選研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，并畫出受力分析圖。（3）對(duì)研究對(duì)象所受的力進(jìn)行處理，對(duì)三力平衡問題，一般根據(jù)平衡條件畫出力合成時(shí)的平行四邊形。對(duì)四力或四力以上的平衡問題，一般建立合適的直角坐標(biāo)系，對(duì)各力按坐標(biāo)軸進(jìn)行分解。（4）建立平衡方程，對(duì)于四力或四力以上的平衡問題，用正交分解法列出方程組。3.臨界與極值問題的分析技巧（1）求解平衡中的臨界問題和極值問題時(shí)，首先要正確地進(jìn)行受力分析和變化過程分析，找出平衡中的臨界點(diǎn)和極值點(diǎn)。（2）臨界條件必須在變化中尋找，不能停留在一個(gè)狀態(tài)來研究臨界問題，而是要把某個(gè)物理量推向極端，即極大或極小，并依此作出科學(xué)的推理分析，從而給出判斷或結(jié)論。3．牛頓第一定律的內(nèi)容與應(yīng)用【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1．內(nèi)容：一切物體總保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，直到有外力迫使它改變這種狀態(tài)．2．說明：（1）物體因?yàn)橛匈|(zhì)量，故能保持原來的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，如果沒有力，它將永遠(yuǎn)保持此狀態(tài)；（2）因?yàn)橛辛?，故改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．質(zhì)量是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；（3）物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)由速度來標(biāo)定，速度不變，物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變；（4）物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化，也可說成運(yùn)動(dòng)速度變化，即產(chǎn)生加速度．3．使用范圍：宏觀世界中低速運(yùn)動(dòng)的物體，在慣性參考系中才適用．4．對(duì)牛頓第一定律的理解（1）牛頓第一定律不是由實(shí)驗(yàn)直接總結(jié)出來的規(guī)律，它是牛頓以伽利略的理想實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，在總結(jié)前人的研究成果之上，加之豐富的想而推理得出的一條理想條件下的規(guī)律；（2）牛頓第一定律成立的條件是物體不受任何外力的作用，是理想條件下物體所遵從的規(guī)律．在實(shí)驗(yàn)情況下，物體所受合外力為零與物體不受任何外力作用是等效的．（3）牛頓第一定律的意義在于它揭示了一切物體都具有的一種基本屬性﹣﹣慣性，還揭示了力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系：力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，而不是產(chǎn)生運(yùn)動(dòng)的原因，也不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，即力是產(chǎn)生加速度的原因．【命題方向】例1：關(guān)于牛頓第一定律，下列說法中正確的是（）A．牛頓第一定律是在伽利略“理想實(shí)驗(yàn)”的基礎(chǔ)上總結(jié)出來的B．不受力作用的物體是不存在的，故牛頓第一定律的建立毫無意義C．牛頓第一定律表明，物體只有在不受外力作用時(shí)才具有慣性D．牛頓第一定律表明，物體只有在靜止或做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)才具有慣性分析：牛頓第一定律給出了物體不受力作用時(shí)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，同時(shí)也說明了力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，而不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；牛頓第一定律是牛頓在前人實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，根據(jù)邏輯推理得出的，是以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，但又不是完全通過實(shí)驗(yàn)得出．解答：A、牛頓第一定律是牛頓在伽利略等前人實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，根據(jù)邏輯推理得出的，是以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，但又不是完全通過實(shí)驗(yàn)得出，故A正確；B、雖然在地球上不受力作用的物體是不存在的，但牛頓第一定律給出了物體不受力作用時(shí)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，是牛頓第二定律的基礎(chǔ)，也為科學(xué)的發(fā)展奠定了基礎(chǔ)，故B錯(cuò)誤；C、D、牛頓第一定律表明物體具有保持原來速度不變的性質(zhì)，即慣性，慣性的大小與物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況均無關(guān)，故C錯(cuò)誤，D也錯(cuò)誤．故選：A．點(diǎn)評(píng)：牛頓第一運(yùn)動(dòng)定律，又稱慣性定律，它科學(xué)地闡明了力和慣性這兩個(gè)物理概念，正確地解釋了力和運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的關(guān)系，并提出了一切物體都具有保持其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的屬性﹣﹣慣性，它是物理學(xué)中一條基本定律．例2：以下說法中正確的是（）A．牛頓第一定律揭示了一切物體都具有慣性B．速度大的物體慣性大，速度小的物體慣性小C．力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因D．做曲線運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，若將所有外力都撤去，則該質(zhì)點(diǎn)因慣性仍可做曲線運(yùn)動(dòng)分析：慣性是物體的固有屬性，一切物體在任何情況下都有慣性，慣性的大小只跟質(zhì)量有關(guān)，與其它因數(shù)無關(guān)，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，物體不受力時(shí)將保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．解答：A、牛頓第一定律揭示了一切物體都具有慣性，慣性是物體的固有屬性，故A正確；B、慣性的大小只跟質(zhì)量有關(guān)，與其它因數(shù)無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C、力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故C錯(cuò)誤；D、做曲線運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，若將所有外力都撤去，物體將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．故選：A．點(diǎn)評(píng)：慣性是物理學(xué)中的一個(gè)性質(zhì)，它描述的是物體能夠保持原來的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的性質(zhì)，不能和生活中的習(xí)慣等混在一起．解答此題要注意：一切物體任何情況下都具有慣性．慣性只有在受力將要改變運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)才體現(xiàn)出來．【知識(shí)點(diǎn)的應(yīng)用及延伸】物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的變化：物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)即物體運(yùn)動(dòng)的快慢及運(yùn)動(dòng)的方向，是用速度來描述的，故物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的變化有以下三種情況：（1）速度方向不變，只有大小改變；（2）速度大小不變，只有方向改變；（3）速度大小和方向都改變．4．功率的定義、物理意義和計(jì)算式的推導(dǎo)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.義：功與完成這些功所用時(shí)間的比值．2.理意義：描述做功的快慢。3.質(zhì)：功是標(biāo)量。4.計(jì)算公式（1）定義式：P＝，P為時(shí)間t內(nèi)的平均功率．（2）機(jī)械功的表達(dá)式：P＝Fvcosα（α為F與v的夾角）①v為平均速度，則P為平均功率．②v為瞬時(shí)速度，則P為瞬時(shí)功率．推導(dǎo)：如果物體的受力F與運(yùn)動(dòng)方向的夾角為α，從計(jì)時(shí)開始到時(shí)刻t這段時(shí)間內(nèi)，發(fā)生的位移是l，則力在這段時(shí)間所做的功W＝Flcosα因此有P＝＝cosα由于位移l是從開始計(jì)時(shí)到時(shí)刻t這段時(shí)間內(nèi)發(fā)生的，所以是物體在這段時(shí)間內(nèi)的平均速度v，于是上式就可以寫成P＝Fvcosα可見，力對(duì)物體做功的功率等于沿運(yùn)動(dòng)方向的分力與物體速度的乘積。通常情況下，力與位移的方向一致，即F與v的夾角一致時(shí)，cosα＝1，上式可以寫成P＝Fv。從以上推導(dǎo)過程來看，P＝Fv中的速度v是物體在恒力F作用下的平均速度，所以這里的功率P是指從計(jì)時(shí)開始到時(shí)刻t的平均功率。如果時(shí)間間隔非常小，上述平均速度就可以看作瞬時(shí)速度，這個(gè)關(guān)系式也就可以反映瞬時(shí)速度與瞬時(shí)功率的關(guān)系。5.額定功率：機(jī)械正常工作時(shí)輸出的最大功率．6.實(shí)際功率：機(jī)械實(shí)際工作時(shí)輸出的功率．要求不大于額定功率．【命題方向】下列關(guān)于功率和機(jī)械效率的說法中，正確的是（）A、功率大的機(jī)械，做功一定多B、做功多的機(jī)械，效率一定高C、做功快的機(jī)械，功率一定大D、效率高的機(jī)械，功率一定大分析：根據(jù)P＝知，做功多．功率不一定大，根據(jù)η＝，判斷效率與什么有關(guān)．解答：A、根據(jù)P＝知，功率大，做功不一定多。故A錯(cuò)誤。BD、根據(jù)η＝，知做功多，效率不一定高，效率高，功率不一定大。故B、D錯(cuò)誤。C、功率是反映做功快慢的物理量，做功快，功率一定大。故C正確。故選：C。點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道功率反映做功快慢的物理量，功率大，做功不一定多．做功多，效率不一定高．【解題思路點(diǎn)撥】1.功率是反映做功快慢的物理量，與功的多少?zèng)]有直接關(guān)系。2.功率的定義式P＝適用于任何做功的情況。5．物體起電的實(shí)質(zhì)【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.物體的起電方式：接觸起電、摩擦起電、感應(yīng)起電。2.物體起電的實(shí)質(zhì)：電子的轉(zhuǎn)移?！久}方向】關(guān)于摩擦起電、接觸起電、感應(yīng)起電，下列說法錯(cuò)誤的是（）A、這是起電的三種不同方式B、這三種方式都產(chǎn)生了電荷C、這三種起電方式的實(shí)質(zhì)是一樣的，都是電子在轉(zhuǎn)移D、這三種方式都符合電荷守恒定律分析：摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，并沒有創(chuàng)造電荷。感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是電荷可以從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分。解答：摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，即說明了電荷可以從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體。摩擦起電現(xiàn)象說明機(jī)械能可以轉(zhuǎn)化為電能，但并沒有創(chuàng)造電荷。電荷只是發(fā)生轉(zhuǎn)移。感應(yīng)起電過程電荷在電場(chǎng)力作用下，從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分。感應(yīng)起電是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分。電荷可以從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體是接觸帶電。A、摩擦起電、接觸起電、感應(yīng)起電是起電的三種不同方式，故A正確；B、這三種方式都沒有產(chǎn)生電荷，故B錯(cuò)誤；C、這三種起電方式的實(shí)質(zhì)是一樣的，都是電子的轉(zhuǎn)移，故C正確；D、這三種方式都符合電荷守恒定律，故D正確；本題錯(cuò)誤的，故選：B。點(diǎn)評(píng)：摩擦起電和感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)都電子發(fā)生了轉(zhuǎn)移，只是感應(yīng)起電是電子從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分。摩擦起電是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體?！窘忸}思路點(diǎn)撥】1.三種起電的方式都是電子的轉(zhuǎn)移，要么電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，要么是從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分。2.三種起電方式都遵循電荷守恒定律。6．電功和電功率的計(jì)算【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.電功的計(jì)算公式：W＝qU＝UIt2.電功率的計(jì)算公式：P＝＝UI3.如果是純電阻電路，電流做的功完全用來發(fā)熱，則有W＝qU＝UIt＝I2Rt＝tP＝UI＝I2R＝?！窘忸}思路點(diǎn)撥】四個(gè)定值電阻連成如圖所示的電路。RA、RC的規(guī)格為“6V6W”，RB、RD的規(guī)格為“6V12W”。將該電路接在輸出電壓U＝11V的恒壓電源上，則（）A、RA的功率最大，為6WB、RB的功率最小，為0.67WC、RC的功率最小，為1.33WD、RD的功率最大，為12W分析：根據(jù)P＝求出每個(gè)電阻值，根據(jù)歐姆定律求出電路總電流，進(jìn)而求出每個(gè)并聯(lián)電阻兩端的電壓，根據(jù)P＝I2R和P＝求各個(gè)電阻的功率。解答：由P＝知，RA＝RC＝＝Ω＝6Ω，RB＝RD＝＝Ω＝3Ω電阻B和C并聯(lián)的電阻RBC＝＝Ω＝2Ω則電路的總電流I＝＝＝A＝1A則并聯(lián)電阻兩端電壓UBC＝IRBC＝1×2V＝2V則RA的功率為PA＝I2RA＝12×6W＝6WRB的功率為PB＝＝W≈1.33WRC的功率為PC＝＝W≈0.67WRD的功率為PD＝I2RD＝12×3W＝3W由此可知：RA的功率最大，為6WRC的功率最小，為0.67W故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A。點(diǎn)評(píng)：本題考查閉合電路的歐姆定律以及電阻功率的求法。注意并聯(lián)電阻的求解，以及求功率時(shí)，串聯(lián)電路常用P＝I2R而并聯(lián)電路常用P＝進(jìn)行求解?！窘忸}思路點(diǎn)撥】根據(jù)具體的電路，電功和電功率的計(jì)算有很多公式可選，要先具體分析電路條件，選擇出合適的公式，進(jìn)而計(jì)算電功或電功率。7．閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.內(nèi)容：閉合電路的電流跟電源的電動(dòng)勢(shì)成正比跟內(nèi)、外電路的電阻之和成反比。2.表達(dá)式：I＝，E表示電動(dòng)勢(shì)，I表示干路總電流，R表示外電路總電阻，r表示內(nèi)阻。3.閉合電路中的電壓關(guān)系：閉合電路中電源電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)、外電路電勢(shì)降落之和E＝U外+U內(nèi)。4.由E＝U外+U內(nèi)可以得到閉合電路歐姆定律的另一個(gè)變形U外＝E﹣Ir?！久}方向】在已接電源的閉合電路里，關(guān)于電源的電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)電壓、外電壓的關(guān)系應(yīng)是（）A、如外電壓增大，則內(nèi)電壓增大，電源電動(dòng)勢(shì)也會(huì)隨之增大B、如外電壓減小，內(nèi)電阻不變，內(nèi)電壓也就不變，電源電動(dòng)勢(shì)必然減小C、如外電壓不變，則內(nèi)電壓減小時(shí)，電源電動(dòng)勢(shì)也隨內(nèi)電壓減小D、如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源的電動(dòng)勢(shì)始終為二者之和，保持恒量分析：閉合電路里，電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)電壓與外電壓之和．外電壓變化時(shí)，內(nèi)電壓也隨之變化，但電源的電動(dòng)勢(shì)不變．解答：A、如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源電動(dòng)勢(shì)保持不變。故A錯(cuò)誤。B、如外電壓減小，內(nèi)電阻不變，內(nèi)電壓將增大，電源電動(dòng)勢(shì)保持不變。故B錯(cuò)誤。C、如外電壓不變，則內(nèi)電壓也不變。故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得到，電源的電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)電壓與外電壓之和，如外電壓增大，則內(nèi)電壓減小，電源的電動(dòng)勢(shì)保持恒量。故D正確。故選：D。點(diǎn)評(píng)：本題要抓住電源的電動(dòng)勢(shì)是表征電源的本身特性的物理量，與外電壓無關(guān)．【解題思路點(diǎn)撥】閉合電路的幾個(gè)關(guān)系式的對(duì)比8．變壓器的構(gòu)造與原理【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1.變壓器的構(gòu)造：變壓器是由閉合鐵芯和繞在鐵芯上的兩個(gè)線圈組成的（如圖）。一個(gè)線圈與交流電源連接，叫作原線圈，也叫初級(jí)線圈；另一個(gè)線圈與負(fù)載連接，叫作副線圈，也叫次級(jí)線圈。2.各部分的功能原線圈：接在交流電源上的線圈，在鐵芯內(nèi)產(chǎn)生交變磁場(chǎng)。副線圈：連接負(fù)載的線圈，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，為負(fù)載提供電能。鐵芯：硅鋼疊合成的閉合框架，能增強(qiáng)磁場(chǎng)和集中磁感線，提高變壓器效率。3.工作原理：互感現(xiàn)象是變壓器工作的基礎(chǔ)。當(dāng)原線圈兩端加上交變電壓U1時(shí)，原線圈中就有交變電流I1通過，并在鐵芯中產(chǎn)生交變的磁場(chǎng)，鐵芯中的磁通量就發(fā)生變化。由于副線圈也繞在同一鐵芯上，鐵芯中磁通量的變化便會(huì)在副線圈上產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。4.理想變壓器（1）閉合鐵芯的“漏磁”忽略不計(jì)。（2）變壓器線圈的電阻忽略不計(jì)。（3）閉合鐵芯中產(chǎn)生的渦流忽略不計(jì)。即沒有能量損失的變壓器叫作理想變壓器?！久}方向】關(guān)于理想變壓器的工作原理，以下說法正確的是（）A、通有正弦交變電流的原線圈產(chǎn)生的磁通量不變B、穿過原、副線圈的磁通量在任何時(shí)候都不相等C、穿過副線圈磁通量的變化使得副線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)D、原線圈中的電流通過鐵芯流到了副線圈分析：變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象，理想變壓器是無漏磁、無銅損、無鐵損．解答：A、通有正弦交變電流的原線圈產(chǎn)生的磁通量是按照正弦規(guī)律周期性變化的，故A錯(cuò)誤；B、由于是理想變壓器，穿過原、副線圈的磁通量在任何時(shí)候都相等，故B錯(cuò)誤；C、穿過副線圈磁通量的變化使得副線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，符合法拉第電磁感應(yīng)定律，故C正確；D、變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象，原、副線圈并沒有直接相連，故D錯(cuò)誤；故選：C。點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確變壓器的工作原理，知道理想變壓器是指無能量損失的變壓器，基礎(chǔ)題．【解題思路點(diǎn)撥】變壓器是由原線圈、副線圈和鐵芯組成的，因?yàn)槠鞴ぷ髟硎腔ジ鞋F(xiàn)象，可以改變交變電流的大小，對(duì)直流電流無效。9．遠(yuǎn)距離輸電的相關(guān)計(jì)算【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】遠(yuǎn)距離輸電1．輸電過程（如圖所示）2．輸電導(dǎo)線上的能量損失：主要是由輸電線的電阻發(fā)熱產(chǎn)生的，表達(dá)式為Q＝I2Rt。3．電壓損失（1）△U＝U﹣U′；（2）△U＝IR。4．功率損失（1）△P＝P﹣P′；（2）△P＝I2R＝2R5．輸送電流（1）I＝；（2）I＝?！久}方向】常考題型：2013年4月20日在四川省雅安市蘆山縣發(fā)生7.0級(jí)地震、地震發(fā)生后，某公司向?yàn)?zāi)區(qū)捐贈(zèng)一批柴油發(fā)電機(jī)。該柴油發(fā)電機(jī)說明書的部分內(nèi)容如下表所示?，F(xiàn)在用一臺(tái)該型號(hào)的柴油發(fā)電機(jī)給災(zāi)民臨時(shí)安置區(qū)供電，發(fā)電機(jī)到安置區(qū)的距離是400m，輸電線路中的火線和零線均為GBC260型單股銅導(dǎo)線，該型導(dǎo)線單位長(zhǎng)度的電阻為2.5×10﹣4Ω/m。安置區(qū)家用電器的總功率為44kW，當(dāng)這些家用電器都正常工作時(shí)，下列說法中正確的是：（）型號(hào)AED6500S最大輸出功率60kW輸出電壓范圍220V～300VA．輸電線路中的電流為20AB．輸電線路損失的電功率為8000WC．發(fā)電機(jī)實(shí)際輸出電壓是260VD．如果該柴油發(fā)電機(jī)發(fā)的電是正弦交流電，則輸出電壓的峰值是300V【分析】A、輸電線路的電流可根據(jù)P＝UI求得。B、先求出線路電阻，再由電功率公式求得損失的電功率。C、發(fā)電機(jī)輸出的電壓等于線路損失的電壓加安置區(qū)電壓。D、根據(jù)正弦交變電流的有效值和峰值的關(guān)系可求出峰值。解：A、由P＝UI得輸電線中的電流：I＝，故A錯(cuò)誤；B、線路電阻R線＝2.5×10﹣4Ω/m×800m＝0.2Ω．線路損失的電功率P線＝I線2R線＝（200A）2×0.2Ω＝8×103W，故B正確；C、線路兩端的電壓U線＝I線R線＝200A×0.2Ω＝40V，發(fā)電機(jī)輸出電壓U＝U線+U0＝（40+220）V＝260V，故C正確；D、根據(jù)正弦交變電流的有效值和峰值的關(guān)系可得峰值Um＝U＝260V，故D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】求發(fā)電機(jī)的輸出電壓對(duì)學(xué)生來說是易錯(cuò)點(diǎn)，也是難點(diǎn)，要注意：發(fā)電機(jī)的輸出電壓等于輸電線損失的電壓與用戶電壓之和；熟練應(yīng)用電功率公式及其變形公式、燃燒值公式等知識(shí)即可正確解題?！窘忸}方法點(diǎn)撥】遠(yuǎn)距離輸電問題的“三二一”1．理清三個(gè)回路2．抓住兩個(gè)聯(lián)系（1）理想的升壓變壓器聯(lián)系了回路1和回路2，由變壓器原理可得：線圈1（匝數(shù)為n1）和線圈2（匝數(shù)為n2）中各個(gè)量間的關(guān)系是＝，，P1＝P2。（2）理想的降壓變壓器聯(lián)系了回路2和回路3，由變壓器原理可得：線圈3（匝數(shù)為n3）和線圈4（匝數(shù)為n4）中各個(gè)量間的關(guān)系是＝，，P3＝P4。3．掌握一個(gè)守恒能量守恒關(guān)系式P1＝P損+P3。10．光的折射定律【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】一、光的折射1．光的折射現(xiàn)象：光射到兩種介質(zhì)的分界面上時(shí)，一部分光進(jìn)入到另一種介質(zhì)中去，光的傳播方向發(fā)生改變的現(xiàn)象叫做光的折射。2．光的折射定律：折射光線與入射光線、法線處于同一平面內(nèi)，折射光線與入射光線分別位于法線兩側(cè)，入射角的正弦與折射角的正弦成正比。3．在折射現(xiàn)象中，光路是可逆的。4．折射率：光從真空射入某種介質(zhì)發(fā)生折射時(shí)，入射角θ1的正弦與折射角θ2的正弦之比，叫做介質(zhì)的絕對(duì)折射率，簡(jiǎn)稱折射率。表示為n＝。實(shí)驗(yàn)證明，介質(zhì)的折射率等于光在真空中與在該介質(zhì)中的傳播速度之比，即n＝．任何介質(zhì)的折射率都大于1，．兩種介質(zhì)相比較，折射率較大的介質(zhì)叫做光密介質(zhì)，折射率較小的介質(zhì)叫做光疏介質(zhì)。5．相對(duì)折射率光從介質(zhì)Ⅰ（折射率為n1、光在此介質(zhì)中速率為v1）斜射入介質(zhì)Ⅱ（折射率為n2、光在此介質(zhì)中的速率為v2）發(fā)生折射時(shí)，入射角的正弦跟折射角的正弦之比，叫做Ⅱ介質(zhì)相對(duì)Ⅰ介質(zhì)的相對(duì)折射率。用n21表示。n21＝Ⅱ介質(zhì)相對(duì)Ⅰ介質(zhì)的相對(duì)折射率又等于Ⅱ介質(zhì)的折射率n2跟Ⅰ介質(zhì)的折射率n1之比，即n21＝。由以上兩式，可得到光的折射定律的一般表達(dá)式是：n1sin∠1＝n2sin∠2或n1v1＝n2v2?！久}方向】如圖所示，直角三棱鏡ABC的一個(gè)側(cè)面BC緊貼在平面鏡上，∠BAC＝β．從點(diǎn)光源S發(fā)出的細(xì)光束SO射到棱鏡的另一側(cè)面AC上，適當(dāng)調(diào)整入射光SO的方向，當(dāng)SO與AC成α角時(shí)，其折射光與鏡面發(fā)生一次反射，從AC面射出后恰好與SO重合，則此棱鏡的折射率為（）分析：由題意可知從AC面出射的光線與入射光線SO恰好重合，因此根據(jù)光路可逆可知SO的折射光線是垂直于BC的，然后根據(jù)折射定律即可求解折射率。解答：作出光路圖，依題意可知光垂直BC反射才能從AC面射出后恰好與SO重合，則光在AC面的入射角為90°﹣α，由幾何關(guān)系可知折射角為：r＝90°﹣β。根據(jù)折射定律：n＝＝，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。點(diǎn)評(píng)：解決幾何光學(xué)問題的關(guān)鍵是根據(jù)題意正確畫出光路圖，然后根據(jù)幾何關(guān)系以及相關(guān)物理知識(shí)求解。【解題方法點(diǎn)撥】光的折射問題，解題的關(guān)鍵在于正確畫出光路圖、找出幾何關(guān)系。解題的一般步驟如下：（1）根據(jù)題意正確畫出光路圖；（2）根據(jù)幾何知識(shí)正確找出角度關(guān)系；（3）依光的折射定律列式求解。11．分子間存在作用力及其與分子間距的關(guān)系【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】分子間的相互作用力1．特點(diǎn)：分子間同時(shí)存在引力和斥力，實(shí)際表現(xiàn)的分子力是它們的合力．2．分子間的相互作用力與分子間距離的關(guān)系如圖所示，分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，但總是斥力變化得較快．（1）當(dāng)r＝r0時(shí)，F(xiàn)引＝F斥，分子力F＝0；（2）當(dāng)r＜r0時(shí)，F(xiàn)引和F斥都隨距離的減小而增大，但F斥比F引增大得更快，分子力F表現(xiàn)為斥力；（3）當(dāng)r＞r0時(shí)，F(xiàn)引和F斥都隨距離的增大而減小，但F斥比F引減小得更快，分子力F表現(xiàn)為引力；（4）當(dāng)r＞10r0（10﹣9m）時(shí)，F(xiàn)引、F斥迅速減弱，幾乎為零，分子力F≈0．【命題方向】（1）第一類?？碱}型是考查分子間的作用力：如圖所示，縱坐標(biāo)表示兩個(gè)分間引力、斥力的大小，橫坐標(biāo)表示兩個(gè)分子的距離，圖中兩條曲線分別表示兩分子間引力、斥力的大小隨分子間距離的變化關(guān)系，e為兩曲線的交點(diǎn)，則下列說法正確的是（）A．a(chǎn)b為斥力曲線，cd為引力曲線，e點(diǎn)橫坐標(biāo)的數(shù)量級(jí)為10﹣10mB．a(chǎn)b為引力曲線，cd為斥力曲線，e點(diǎn)橫坐標(biāo)的數(shù)量級(jí)為10﹣10mC．若兩個(gè)分子間距離大于e點(diǎn)的橫坐標(biāo)，則分子間作用力表現(xiàn)為斥力D．若兩個(gè)分子間距離越來越大，則分子勢(shì)能亦越大分析：在F﹣r圖象中，隨著距離的增大斥力比引力變化的快，當(dāng)分子間的距離等于分子直徑數(shù)量級(jí)時(shí)，引力等于斥力．解答：在F﹣r圖象中，隨著距離的增大斥力比引力變化的快，所以ab為引力曲線，cd為斥力曲線，當(dāng)分子間的距離等于分子直徑數(shù)量級(jí)時(shí)，引力等于斥力．故選B．點(diǎn)評(píng)：本題主要考查分子間的作用力，要明確F﹣r圖象的含義．（2）第二類?？碱}型是結(jié)合分子勢(shì)能進(jìn)行考查：如圖，甲分子固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O，乙分子位于x軸上，甲分子對(duì)乙分子的作用力與兩分子間距離的關(guān)系如圖中曲線所示，F(xiàn)＞0為斥力，F(xiàn)＜0為引力．a(chǎn)、b、c、d為x軸上四個(gè)特定的位置．現(xiàn)把乙分子從a處由靜止釋放，則（）A．乙分子從a到b做加速運(yùn)動(dòng)，由b到c做減速運(yùn)動(dòng)B．乙分子由a到c做加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)c時(shí)速度最大C．乙分子由a到b的過程中，兩分子間的分子勢(shì)能一直減少D．乙分子由b到d的過程中，兩分子間的分子勢(shì)能一直增加分析：由圖可知分子間的作用力的合力，則由力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系可得出物體的運(yùn)動(dòng)情況，由分子力做功情況可得出分子勢(shì)能的變化情況．解答：A、分子在a點(diǎn)受引力，故分子開始做加速運(yùn)動(dòng)，c點(diǎn)后，分子力變成了斥力，分子開始減速；故從a到c分子一直做加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、由A分析可知，分子從a到c做加速運(yùn)動(dòng)，c點(diǎn)后開始減速，故c時(shí)速度最大，故B正確；C、乙分子由a到b的過程中，分子力做正功，故分子勢(shì)能一直減小，故C正確；D、由b到d的過程中，分子力仍做正功，故分子勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤；故選BC．點(diǎn)評(píng)：分子間的勢(shì)能要根據(jù)分子間作用力做功進(jìn)行分析，可以類比重力做功進(jìn)行理解記憶．【解題方法點(diǎn)撥】1．要準(zhǔn)確掌握分子力隨距離變化的規(guī)律：（1）分子間同時(shí)存在著相互作用的引力和斥力．（2）引力和斥力都隨著距離的減小而增大，隨著距離的增大而減小，但斥力變化得快．2．分子力做功與常見的力做功有相同點(diǎn)，就是分子力與分子運(yùn)動(dòng)方向相同時(shí)，做正功，相反時(shí)做負(fù)功；也有不同點(diǎn)，就是分子運(yùn)動(dòng)方向不變，可是在分子靠近的過程中會(huì)出現(xiàn)先做正功再做負(fù)功的情況．12．氣體壓強(qiáng)的計(jì)算【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】1．氣體壓強(qiáng)的特點(diǎn)（1）氣體自重產(chǎn)生的壓強(qiáng)一般很小，可以忽略。但大氣壓強(qiáng)P0卻是一個(gè)較大的數(shù)值（大氣層重力產(chǎn)生），不能忽略。（2）密閉氣體對(duì)外加壓強(qiáng)的傳遞遵守帕斯卡定律，即外加壓強(qiáng)由氣體按照原來的大小向各個(gè)方向傳遞。2．封閉氣體壓強(qiáng)的計(jì)算（1）理論依據(jù)①液體壓強(qiáng)的計(jì)算公式p＝ρgh。②液面與外界大氣相接觸。則液面下h處的壓強(qiáng)為p＝p0+ρgh③帕斯卡定律：加在密閉靜止液體（或氣體）上的壓強(qiáng)能夠大小不變地由液體（或氣體）向各個(gè)方向傳遞（注意：適用于密閉靜止的液體或氣體）④連通器原理：在連通器中，同一種液體（中間液體不間斷）的同一水平面上的壓強(qiáng)是相等的。（2）計(jì)算的方法步驟（液體密封氣體）①選取假想的一個(gè)液體薄片（其自重不計(jì)）為研究對(duì)象②分析液體兩側(cè)受力情況，建立力的平衡方程，消去橫截面積，得到液片兩面?zhèn)鹊膲簭?qiáng)平衡方程③解方程，求得氣體壓強(qiáng)【命題方向】有一段12cm長(zhǎng)汞柱，在均勻玻璃管中封住一定質(zhì)量的氣體．若管口向上將玻璃管放置在一個(gè)傾角為30°的光滑斜面上（如圖所示），在下滑過程中被封閉氣體的壓強(qiáng)（設(shè)大氣壓強(qiáng)為p0＝76cmHg）為（）A、76cmHgB、82cmHgC、88cmHgD、70cmHg分析：先以玻璃管與水銀柱整體為研究對(duì)象然后以玻璃管中的水銀柱為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析結(jié)合牛頓第二定律求出封閉氣體對(duì)水銀柱的壓力大小，然后根據(jù)壓強(qiáng)的公式計(jì)算壓強(qiáng)．解答：以玻璃管與水銀柱整體為研究對(duì)象，有：Mgsin30°＝Ma，得a＝g①水銀柱相對(duì)玻璃管靜止，則二者加速度相等，以水銀柱為研究對(duì)象有：mgsin30°+p0s﹣ps＝ma②將①代入②得：p＝p0＝76cmHg故選：A。點(diǎn)評(píng)：本題考查了封閉氣體壓強(qiáng)的計(jì)算，正確選取研究對(duì)象是關(guān)鍵．【解題思路點(diǎn)撥】計(jì)算封閉氣體的壓強(qiáng)的一般步驟如下：1.選定研究對(duì)象，對(duì)其進(jìn)行受力分析；2.列平衡方程或牛頓第二定律；3.求解壓強(qiáng)。13．各向異性和各向同性【知識(shí)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)】各向異性和各向同性的定義：從觀察玻璃和云母片上石蠟融化區(qū)域的形狀實(shí)驗(yàn)的結(jié)果可以看出，玻璃片上石蠟熔化區(qū)域的形狀近似于圓形，表明玻璃沿各個(gè)方向的導(dǎo)熱性能相同；云母片上石蠟熔化區(qū)域的形狀呈橢圓形，表明云母沿不同方向的導(dǎo)熱性能不同。還有些晶體沿不同方向的導(dǎo)電性能不同；而有些晶體沿不同方向的光學(xué)性質(zhì)不同，這類現(xiàn)象叫作各向異性（anisotropy）。如圖方解石晶體是各向異性的品體，它能把光分解為兩束光而沿不同方向折射，形成雙折射現(xiàn)象。非晶體沿各個(gè)方向的物理性質(zhì)都是一樣的，這叫作各向同性（isotropy）【命題方向】云母片和玻璃片上分別涂一層很薄的石蠟，然后用燒熱的鋼針去接觸云母片及玻璃片的反面，石蠟熔化