第=page1414頁(yè)，共=sectionpages1414頁(yè)河北省2024-2025學(xué)年高一（下）期末聯(lián)考物理試卷（6月）一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.在物理學(xué)史上，開(kāi)普勒和牛頓為天體運(yùn)動(dòng)的研究奠定了重要基礎(chǔ)。下列關(guān)于他們貢獻(xiàn)的描述中正確的是(

)A.牛頓通過(guò)分析第谷的觀測(cè)數(shù)據(jù)，總結(jié)出行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道是橢圓

B.開(kāi)普勒提出行星與太陽(yáng)間的引力大小與二者距離的平方成反比

C.牛頓的萬(wàn)有引力定律表明，行星軌道半長(zhǎng)軸的立方與公轉(zhuǎn)周期的平方成正比

D.開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道是橢圓，而牛頓通過(guò)引力定律解釋了這一現(xiàn)象的原因2.如圖所示，衛(wèi)星a在赤道上空繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，角速度為ω，對(duì)地張角θ=60°。地球(視為質(zhì)量分布均勻的球體)的半徑為R，引力常量為G，球的體積公式為V=43πr3，其中A.衛(wèi)星的線(xiàn)速度v=ωR B.根據(jù)題目數(shù)據(jù)可求出衛(wèi)星的質(zhì)量

C.地球的質(zhì)量為8ω23.如圖所示，光滑水平面上靜置一質(zhì)量為M的木塊，由一輕彈簧連在墻上，有一質(zhì)量為m的子彈以速度v0水平射入木塊并留在其中，彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中(彈簧始終在彈性限度內(nèi))，墻對(duì)彈簧的沖量大小為(

)

A.0 B.2m2v0M+m 4.近年來(lái)，高空拋物現(xiàn)象時(shí)有發(fā)生，危害巨大，如一枚30g的雞蛋從18樓拋下，能砸破人的頭骨。若將一質(zhì)量為m的乒乓球從足夠高的窗口由靜止釋放，下落過(guò)程中，乒乓球所受空氣阻力與下落的速度成正比關(guān)系(f=kv,k為常數(shù))，已知乒乓球可看做質(zhì)點(diǎn)，且在落地前已達(dá)到勻速，則乒乓球下落過(guò)程中其所受合外力做功的功率PA. B.

C. D.5.如圖甲所示，長(zhǎng)木板靜止在光滑水平地面上，質(zhì)量為m的滑塊以水平初速度v0由木板左端恰能滑至木板的右端與木板相對(duì)靜止。若將木板分成長(zhǎng)度相等的兩段(如圖乙)，該滑塊仍以v0從木板左端開(kāi)始滑動(dòng)，已知滑塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受摩擦力不變。則下列分析正確的是(

)

A.滑塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒

B.滑塊滑到木板的右端前就與木板保持相對(duì)靜止

C.兩過(guò)程滑塊的速度變化相同

D.兩過(guò)程摩擦力對(duì)滑塊做的功相同6.如圖所示，探測(cè)衛(wèi)星a在某星球的赤道平面內(nèi)繞該星球轉(zhuǎn)動(dòng)，其軌道可視為圓，繞行方向與該星球自轉(zhuǎn)方向相反，衛(wèi)星通過(guò)發(fā)射激光與星球赤道上一固定的觀測(cè)站P通信，已知該星球半徑為R、自轉(zhuǎn)周期為T(mén)，衛(wèi)星軌道半徑為2R、周期為2T。下列說(shuō)法正確的是(

)

A.探測(cè)衛(wèi)星a的向心加速度為8π2RT2 B.該星球的“同步”衛(wèi)星線(xiàn)速度為32πRT

C.每2T7.如圖所示，光滑的水平面內(nèi)建立xOy坐標(biāo)，質(zhì)量為m的小球以某一速度從O點(diǎn)出發(fā)后，受到一平行于y軸方向的恒力作用，恰好通過(guò)A點(diǎn)，已知小球通過(guò)A點(diǎn)的速度大小為v0，方向沿x軸正方向，且OA連線(xiàn)與Ox軸的夾角為30°，則(

)

A.恒力的方向可能沿y軸正方向

B.小球在這一過(guò)程中機(jī)械能的增加量為23mv02

C.小球在這一過(guò)程中的動(dòng)量變化量大小為2二、多選題：本大題共3小題，共18分。8.某質(zhì)量分布均勻的星球質(zhì)量為M，半徑為R。衛(wèi)星A繞其做半徑為3R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻衛(wèi)星通過(guò)噴氣變軌至虛線(xiàn)所示的橢圓軌道，近地點(diǎn)到星球中心的距離為R，引力常量為G。下列說(shuō)法正確的是(

)

A.衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度為GMR

B.衛(wèi)星在橢圓軌道近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)的速率之比為3∶1

C.衛(wèi)星在橢圓軌道上運(yùn)行的周期與圓軌道上的周期相同

9.一質(zhì)量為m的小球從地面豎直上拋，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球受到的空氣阻力與速率成正比。它從拋出到落地過(guò)程中動(dòng)量隨時(shí)間變化的圖像如圖所示。已知重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.小球t2到t3時(shí)刻受到的空氣阻力為0 B.小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中阻力最大為2mg

C.小球從拋出到落地重力的沖量大小為p010.618購(gòu)物狂歡節(jié)后，快遞物流就迎來(lái)了高峰期，由于包裹數(shù)量龐大，傳送帶在分揀的時(shí)候就代替了大量的勞動(dòng)力。如圖甲所示，傾斜傳送帶與水平方向間的夾角為30°，在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)?，F(xiàn)將一質(zhì)量m=1kg的貨物無(wú)初速地放在傳送帶底端的A點(diǎn)，貨物從A到B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能E隨高度h變化的圖像如圖乙所示，設(shè)A點(diǎn)所在平面為零勢(shì)能面?？烧J(rèn)為貨物與傳送帶間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10mA.傳送帶勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的速度v=5m/s

B.貨物與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=32

C.貨物與傳送帶間的摩擦生熱Q三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。11.小明用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證兩個(gè)滑塊碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，滑塊A的質(zhì)量為m，滑塊B的質(zhì)量為M=300g，上方均安裝有一個(gè)寬為d的遮光片?；瑝KA每次以相同的速度v向靜止的滑塊B運(yùn)動(dòng)，碰撞后粘為一體通過(guò)光電門(mén)，計(jì)時(shí)器記錄遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間Δt，通過(guò)改變B上砝碼的質(zhì)量m(1)碰撞后滑塊B的速度為v=_______(用題中相關(guān)字母表示)(2)若碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，根據(jù)所測(cè)數(shù)據(jù)，小明作出1v-M+m'的圖像，若圖像的斜率為k、縱截距為b，則滑塊A的質(zhì)量為_(kāi)______。(用字母k(3)若在其他條件不變的情況下，小強(qiáng)同學(xué)所用滑塊B的質(zhì)量為400g，進(jìn)行上述實(shí)驗(yàn)，則他最終得到的圖線(xiàn)可能是如圖乙中的_______；若在其他條件不變的情況下，小華同學(xué)使滑塊A以小于v速度，進(jìn)行上述實(shí)驗(yàn)，則他最終得到的圖線(xiàn)可能是如圖乙中的_______。(圖中④為小明實(shí)驗(yàn)得到的圖線(xiàn)，圖線(xiàn)②④平行

12.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖所示裝置研究系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律。裝置中固定有兩個(gè)光滑的定滑輪，含擋光片的重物A和重物B通過(guò)一根繞過(guò)定滑輪的輕繩相連，重物A右側(cè)鐵架臺(tái)上固定有一光電門(mén)，光電門(mén)水平放置，與重物A間高度差為h，重力加速度為g，擋光片的寬度為d。(1)重物A、B間的輕繩伸直后，將重物由靜止釋放，重物A向下運(yùn)動(dòng)，測(cè)得擋光片的擋光時(shí)間為t，則重物A通過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度v=_______(2)在誤差允許的范圍內(nèi)，如果滿(mǎn)足_______(用mA、mB、h、d、t、g表示)關(guān)系，說(shuō)明A、(3)關(guān)于實(shí)驗(yàn)過(guò)程及操作，以下說(shuō)法正確的是________；A.重物A的質(zhì)量必須遠(yuǎn)大于重物B的質(zhì)量B.實(shí)驗(yàn)中重物A的初始位置與光電門(mén)間的高度h應(yīng)適當(dāng)大一些C.重物應(yīng)盡量選用質(zhì)量大、密度大的金屬D.實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)重物重力勢(shì)能的減少量通常略大于動(dòng)能的增加量，這個(gè)誤差屬于偶然誤差(4)改變重物A到光電門(mén)的下落高度h，以h為橫軸，以_______(選填“1t”或者“1t2”)為縱軸，若圖像為一條過(guò)原點(diǎn)的直線(xiàn)，也可說(shuō)明A、四、計(jì)算題：本大題共3小題，共38分。13.如圖所示，質(zhì)量為mA=1kg的物體A置于光滑水平臺(tái)面上，質(zhì)量為mB=2kg的物體B穿在光滑豎直桿上，桿與平臺(tái)有一定的距離，A、B兩物體通過(guò)不可伸長(zhǎng)的輕繩跨過(guò)臺(tái)面邊緣的光滑小定滑輪相連。初始時(shí)刻使A、B等高，輕繩恰好拉直且與臺(tái)面平行。現(xiàn)由靜止釋放兩物體，當(dāng)物體B下落h=1.65m時(shí)，B(1)輕繩對(duì)A的沖量大?。?2)定滑輪到豎直桿的水平距離(保留三位有效數(shù)字)。14.如圖所示，水平傳送帶以5m/s的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶左右兩端的距離為2m。傳送帶右端的正上方有一懸點(diǎn)O，用長(zhǎng)為0.1m、不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛一質(zhì)量為0.1kg的小球，小球與傳送帶上表面平齊但不接觸。在O點(diǎn)右側(cè)的P點(diǎn)固定一釘子，P點(diǎn)與O點(diǎn)等高。將質(zhì)量為0.1kg的小物塊無(wú)初速輕放在傳送帶左端，小物塊運(yùn)動(dòng)到右端與小球正碰，碰撞時(shí)間極短，碰后小物塊與小球粘在一起。小物塊與小球碰后繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)輕繩被釘子擋住后，小物塊與小球繼續(xù)繞(1)求小物塊與小球碰撞前瞬間，小物塊的速度大小；(2)若P點(diǎn)到O點(diǎn)的距離為0.05m，求小物塊與小球運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)正上方時(shí)，輕繩對(duì)小物塊與小球的拉力大小。15.如圖所示，長(zhǎng)木板B靜止在光滑的水平面上，t=0時(shí)刻，給長(zhǎng)木板施加水平向右的外力F的同時(shí)，小物塊A以向右的初速度v0滑上長(zhǎng)木板的左端已知小物塊A的質(zhì)量m=1kg，長(zhǎng)木板B的質(zhì)量M=2kg，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，小物塊A可看做質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g=10m/s2。已知：0≤F≤2(1)長(zhǎng)木板B的長(zhǎng)度L；(2)A的初速度v(3)F=14N時(shí)，A、B間的摩擦生熱Q答案和解析1.【答案】D

【解析】A.開(kāi)普勒分析第谷的觀測(cè)數(shù)據(jù)并提出行星軌道為橢圓，牛頓未直接參與此結(jié)論，故A錯(cuò)誤；B.引力平方反比關(guān)系由牛頓提出，開(kāi)普勒未涉及引力定量公式，故B錯(cuò)誤；C.軌道半長(zhǎng)軸立方與周期平方成正比是開(kāi)普勒第三定律，牛頓用萬(wàn)有引力定律解釋了該關(guān)系，但定律本身由開(kāi)普勒提出，故C錯(cuò)誤；D.開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)行星軌道為橢圓(第一定律)，牛頓通過(guò)萬(wàn)有引力定律解釋了其成因，故D正確。故選D，2.【答案】C

【解析】A.設(shè)衛(wèi)星M的軌道半徑為r，由幾何關(guān)系可得

sin30°衛(wèi)星的線(xiàn)速度

v=rω=2RωB.由

GMmr2=mr2πC.設(shè)地球的質(zhì)量為M，由

GMmr2=mrω2D.地球的密度為

ρ=MV=故選C。3.【答案】D

【解析】由于子彈射入木塊的時(shí)間極短，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得

m解得

v從彈簧被壓縮到彈簧被壓縮最短的過(guò)程中，對(duì)木塊(含子彈)根據(jù)動(dòng)量定理得

(M+m)解得

I故選D。4.【答案】A

【解析】乒乓球在下落的過(guò)程中合力

F做功的功率

P所以功率P與速率v是二次函數(shù)的關(guān)系，且速度最大時(shí)，其合力F為0，功率P為0，A選項(xiàng)符合題意。故選A。5.【答案】B

【解析】A.由于物塊和木板之間有摩擦力，所以滑塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能減少，故A錯(cuò)誤；B.滑塊第一次在木板上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，滑塊與木板之間的摩擦力使整個(gè)木板一直加速；滑塊第二次在木板上運(yùn)動(dòng)過(guò)程滑塊先使整個(gè)木板加速，運(yùn)動(dòng)到第二部分上后第一部分停止加速，只有第二部分加速，加速度大于第一次的對(duì)應(yīng)過(guò)程，所以第二次滑塊與第二部分木板將更早達(dá)到速度相等，所以滑塊還沒(méi)有運(yùn)動(dòng)到第二部分的右端，就共速了，故B正確；C.由上分析可知，第二次滑塊與木板作用時(shí)間較短，而滑塊與木板之間的摩擦力保持不變，滑塊的加速度不變，根據(jù)v=at可知第二次速度變化量小，故D.第二次滑塊沒(méi)有到達(dá)木板右端之前，滑塊與木板速度相等，相對(duì)木板靜止，第二次滑塊相對(duì)木板滑行的距離小于第一次滑塊相對(duì)木板滑行的距離，兩過(guò)程摩擦力對(duì)滑塊做的功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量

Q=fx

，由于相同而

x1>x2

，則故選B。6.【答案】D

【解析】A.探測(cè)衛(wèi)星的向心加速度為

a故A錯(cuò)誤；B.由開(kāi)普勒第三定律有

2R解得同步衛(wèi)星軌道半徑

r該星球的“同步”衛(wèi)星線(xiàn)速度為

v故B錯(cuò)誤；C.衛(wèi)星a經(jīng)過(guò)P正上方一次滿(mǎn)足

2π解得

t故C錯(cuò)誤；D.對(duì)探測(cè)衛(wèi)星有

GMm在星球赤道上有

GM聯(lián)立解得

g故D正確。故選D。7.【答案】C

【解析】A.小球受到恒力作用做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，利用逆向思維法，小球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)。由此可判斷恒力方向一定沿y軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；B.由幾何關(guān)系可得

tan所以小球經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)時(shí)，沿y軸方向的分速度為

v沿x軸方向的速度仍為v0，小球從O點(diǎn)出發(fā)時(shí)的動(dòng)能為

恒力在這一過(guò)程中所做的功為

W小球在這一過(guò)程中機(jī)械能的減少量為

23mv0C.恒力在這一過(guò)程中的沖量大小

I根據(jù)動(dòng)量定理可知小球在這一過(guò)程中的動(dòng)量變化量大小為

233mD.以上可知小球從O點(diǎn)出發(fā)時(shí)的動(dòng)能為

E可知小球從O點(diǎn)出發(fā)時(shí)的速度大小為

73v0故選C。8.【答案】BD

【解析】A.飛船在圓軌道上運(yùn)行時(shí)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力

G解得衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時(shí)的速度為

v0=GMB.衛(wèi)星在橢圓軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)遠(yuǎn)“地”點(diǎn)和近“地”點(diǎn)的速度分別為vA、vB，根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可得衛(wèi)星在橢圓軌道近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)的速率之比為3∶1，故C.衛(wèi)星在橢圓軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系可知其半長(zhǎng)軸為

a根據(jù)開(kāi)普勒第三定律

3R所以圓軌道的周期大，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)衛(wèi)星變軌原理可知，衛(wèi)星在A點(diǎn)要減速才能變軌到橢圓軌道，故D正確。故選BD。9.【答案】BD

【解析】A.小球

t2

到

t3

時(shí)刻動(dòng)量不變且不為0，可知小球勻速運(yùn)動(dòng)，故阻力不為0，故B.對(duì)小球，0時(shí)刻有

mg小球

t2

到

t3

時(shí)刻，小球合力為0，有聯(lián)立解得

k小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中阻力最大時(shí)動(dòng)量最大，故最大阻力

f故B正確；C.設(shè)從地面拋出到最高點(diǎn)的時(shí)間為

t1

，上升的高度為h，設(shè)最高點(diǎn)到落地的時(shí)間為

t2'整理得

mg同理下降階段有

mgt整理得

mgt聯(lián)立可得小球從拋出到落地的總時(shí)間為

t故重力沖量大小

I故C錯(cuò)誤；D.以上分析可知上升過(guò)程、下降過(guò)程阻力沖量大小均為kh，但方向相反，故小球從拋出到落地阻力的沖量為0，故D故選BD。10.【答案】ABD

【解析】A.由圖可知h=2.5m解得傳送帶速度v=5m/B.機(jī)械能的變化量對(duì)應(yīng)的是除重力以外的其他力做功，即共速前

ΔE則第一段的斜率

k解得

μ=32C.第一段貨物的加速度

a貨物和傳送帶達(dá)到共速的時(shí)間

t傳送帶的位移

x貨物沿斜面的位移

x則摩擦生熱

Q共速后貨物與傳送帶一起勻速，無(wú)摩擦生熱，故C錯(cuò)誤；D.貨物從A到B，電動(dòng)機(jī)多做的功

W=E+Q故選ABD。11.【答案】(1)

d(2)

b(3)

【解析】(1)由于通過(guò)光電門(mén)時(shí)間很短，所以碰撞后滑塊B的速度大小為

v(2)根據(jù)動(dòng)量守恒

m1則有

1mv0=解得

m(3)[1]由上分析可知，改變B的質(zhì)量，不會(huì)改變圖像的斜率，A的初速度不變，所以圖線(xiàn)仍