第=page11頁，共=sectionpages11頁2025-2026學(xué)年陜西省西安市高新一中高二（上）開學(xué)物理試卷一、單選題：本大題共9小題，共36分。1.我國計(jì)劃在2030年前實(shí)現(xiàn)載人登陸月球，其后將建造月球科研試驗(yàn)站，開展系統(tǒng)、連續(xù)的月球探測(cè)和相關(guān)技術(shù)試驗(yàn)。已知月球質(zhì)量為M、半徑為R，引力常量為G，若質(zhì)量為m的月球探測(cè)器圍繞月球做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則探測(cè)器的(

)A.向心加速度為GMR2 B.角速度為Gmr3

C.周期為2.如圖所示，實(shí)線是電場(chǎng)中一簇方向未知的電場(chǎng)線，虛線是一個(gè)電子通過該電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b是運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，若帶電粒子只受電場(chǎng)力作用，根據(jù)此圖可知(

)A.無法判斷電場(chǎng)的方向

B.a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)

C.電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能較大

D.電子在a點(diǎn)的動(dòng)能較大3.如圖，輕質(zhì)彈簧的一端固定，另一端與套在光滑豎直固定桿上的圓環(huán)相連。初始時(shí)，圓環(huán)位于A處，彈簧水平且處于壓縮狀態(tài)。圓環(huán)由靜止釋放，到達(dá)C處時(shí)的速度剛好減為0，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，以C處所在的水平面為參考面。在圓環(huán)下滑過程中，圓環(huán)的重力勢(shì)能和動(dòng)能之和(

)A.一直減小

B.一直增加

C.先增加后減小

D.先減小后增加4.如圖所示，在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，A、B兩點(diǎn)固定有帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷。A、B點(diǎn)的連線與電場(chǎng)強(qiáng)度方向平行，C點(diǎn)為A、B點(diǎn)連線中垂線上的一點(diǎn)，D點(diǎn)為A、B點(diǎn)連線延長(zhǎng)線上的一點(diǎn)，AB=AC=BC=AD。已知C點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2E，則D點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為(

)A.2E B.14E C.345.如圖是我國首次進(jìn)行立式風(fēng)洞跳傘實(shí)驗(yàn)的情景，風(fēng)洞噴出豎直向上的氣流使幾個(gè)實(shí)驗(yàn)者懸在空中，若氣流密度、氣流速度大小均保持不變，氣流吹到人身上后速度均變?yōu)榱悖渲屑?、乙兩人的質(zhì)量分別為m1、m2，受風(fēng)面積分別為S1、S2，下列關(guān)系式正確的是A.m1S1=m2S2

6.如圖所示，帶電的平行板電容器的極板N與一靜電計(jì)相接，極板M和靜電計(jì)外殼均接地，此時(shí)靜電計(jì)指針張開一定角度。下列操作中可使靜電計(jì)指針張角變小的是(

)A.僅將極板M移走 B.僅將極板M稍向下平移

C.僅用手觸摸極板M D.僅在極板M、N之間插入有機(jī)玻璃板7.某科幻電影中，在赤道平面上有空間站A和衛(wèi)星B同向自西向東繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩者的軌道半徑之比rA：rB=4：1，空間站A處于地球同步軌道上，用超輕高強(qiáng)度材料做成的“天梯”連接地面和空間站A，衛(wèi)星B每次經(jīng)過“天梯”旁時(shí)(對(duì)“天梯”沒有影響)會(huì)監(jiān)測(cè)“天梯”的工作狀況。從衛(wèi)星B某次經(jīng)過“天梯”后開始計(jì)時(shí)，之后24?內(nèi)衛(wèi)星B經(jīng)過“天梯”的次數(shù)為A.6次 B.7次 C.8次 D.9次8.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線，一端固定在O點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為m的帶正電小球，電荷量大小為q?，F(xiàn)將細(xì)線拉直至水平，小球靜止釋放，可運(yùn)動(dòng)至與豎直方向夾角為θ的最大擺角處，則該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E為(

)A.mgcosθq(1+sinθ) B.mgsinθq C.9.安全氣囊是汽車重要的被動(dòng)安全裝備，能夠在車輛發(fā)生碰撞時(shí)迅速充氣彈出，為車內(nèi)乘客提供保護(hù)，如圖甲所示，在某安全氣囊的性能測(cè)試中，可視為質(zhì)點(diǎn)的頭錘從距氣囊上表面高H=1.8m處由靜止釋放，與正下方的氣囊發(fā)生碰撞，以頭錘到氣囊上表面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，氣囊對(duì)頭錘豎直方向作用力F隨時(shí)間t的變化規(guī)律可近似用圖乙所示的圖像描述，已知頭錘質(zhì)量M=3kg，重力加速度g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，假定氣囊的形變完全恢復(fù)，下列說法正確的是(

)A.頭錘落到氣囊上表面時(shí)的速度大小為4m/s

B.碰撞過程中F的沖量大小為66N?s

C.碰撞結(jié)束后頭錘上升的最大高度為1m

D.二、多選題：本大題共4小題，共16分。10.如圖所示，2020年11月嫦娥五號(hào)在海南文昌航天發(fā)射基地成功發(fā)射，這是我國首次執(zhí)行月球采樣返回任務(wù)，飛船在軌道Ⅰ上做圓周運(yùn)動(dòng)，到達(dá)軌道Ⅰ的A點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道Ⅱ的近月點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入近月軌道Ⅲ繞月做圓周運(yùn)動(dòng)，則(

)A.飛船在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí)飛船處于平衡狀態(tài)

B.飛船在軌道Ⅱ上從A點(diǎn)運(yùn)行到B點(diǎn)，飛船的速率變大

C.飛船在軌道Ⅲ上通過B點(diǎn)的速率等于在軌道Ⅱ上通過B點(diǎn)的速率

D.飛船在軌道Ⅱ上通過A點(diǎn)時(shí)的加速度等于在軌道Ⅰ上通過A點(diǎn)時(shí)的加速度11.物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，用W表示物體所受重力做的功，P表示物體所受重力的瞬時(shí)功率，Ek表示物體下落的動(dòng)能，Ep表示物體下落的重力勢(shì)能，?表示物體下落的高度，t表示物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。忽略空氣阻力，在物體接觸地面之前的運(yùn)動(dòng)過程中，下列圖像正確的是(

)A. B. C. D.12.如圖1所示，三個(gè)完全相同的帶電小球(視為質(zhì)點(diǎn))通過不可伸長(zhǎng)的絕緣輕質(zhì)細(xì)線連接，構(gòu)成一個(gè)邊長(zhǎng)為d的正三角形，靜止在絕緣水平面上。已知小球質(zhì)量均為m，帶電量均為+q?，F(xiàn)將小球1、2間的細(xì)線剪斷，某時(shí)刻三個(gè)小球運(yùn)動(dòng)到同一條直線上時(shí)，速度大小分別為v1、v2、v3，如圖2所示。該過程中三個(gè)小球組成的系統(tǒng)電勢(shì)能減少了kq22dA.該過程中三個(gè)小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

B.該過程中小球2一定向右做直線運(yùn)動(dòng)

C.從圖1到圖2過程中，小球3向左運(yùn)動(dòng)33d

D.在圖213.如圖所示，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)傳送帶逆時(shí)針勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小v=2m/s，一質(zhì)量為m=1kg的小物塊以初速度v0=4m/s從左向右滑上傳送帶然后返回到出發(fā)點(diǎn)，已知小物塊與傳送帶接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2A.皮帶長(zhǎng)度s至少3m

B.摩擦力對(duì)物塊做功?6J

C.摩擦產(chǎn)生熱量16J

D.相比電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)傳動(dòng)帶空轉(zhuǎn)，物塊滑上傳送帶后，電動(dòng)機(jī)多消耗了12J能量三、計(jì)算題：本大題共4小題，共48分。14.如圖所示，物塊A和上表面粗糙的長(zhǎng)木板B放在光滑水平上，物塊C靜止在長(zhǎng)木板B的右端，物塊A的質(zhì)量為2m，長(zhǎng)木板B的質(zhì)量為m。物塊A以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與長(zhǎng)木板B發(fā)生彈性碰撞的時(shí)間極短，物塊C始終未滑離長(zhǎng)木板B，穩(wěn)定后A、B、C恰好不再碰撞。求：

(1)A、B碰撞后瞬間A的速度；

(2)C的質(zhì)量。15.隨著國產(chǎn)汽車的日益崛起，越來越多的人選擇購買國產(chǎn)汽車，某國產(chǎn)汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率為P，駕駛員和汽車的總質(zhì)量為m=3000kg，當(dāng)汽車在水平路面上行駛時(shí)受到的阻力恒定。若汽車從靜止開始在水平路面上勻加速啟動(dòng)，t1=5s時(shí)，速度v1=10m/s功率達(dá)到額定功率，此后汽車以額定功率運(yùn)行，t2=65s時(shí)速度達(dá)到最大值vm=30m/s，汽車運(yùn)動(dòng)的v?t圖像如圖所示，取g=10m/s2。求：

(1)汽車受到的阻力f以及額定功率P；

(2)汽車在0至t1期間牽引力做的功W；

16.如圖所示為研究電子槍中電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的簡(jiǎn)化模型示意圖。在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個(gè)大小均為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)Ⅰ和Ⅱ，兩電場(chǎng)的邊界均是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形(不計(jì)電子所受重力，電子的比荷為em)。

(1)在該區(qū)域AB邊的中點(diǎn)處由靜止釋放電子，求電子離開Ⅰ區(qū)域時(shí)的速度；

(2)在滿足(1)的情況下，判斷電子能否從CD邊離開，并求電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標(biāo)；

(3)在電場(chǎng)Ⅰ區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，求所有釋放點(diǎn)的位置(電子釋放點(diǎn)的橫坐標(biāo)x和縱坐標(biāo)y之間應(yīng)滿足的關(guān)系式)。17.如圖，物塊P固定在水平面上，其上表面有半徑為R的14圓弧軌道。P右端與薄板Q連在一起，圓弧軌道與Q上表面平滑連接。一輕彈簧的右端固定在Q上，另一端自由。質(zhì)量為m的小球自圓弧頂端A點(diǎn)上方的B點(diǎn)自由下落，落到A點(diǎn)后沿圓弧軌道下滑，小球與彈簧接觸后，當(dāng)速度減小至剛接觸時(shí)的13時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為2mgR，此時(shí)斷開P和Q的連接，從靜止開始向右滑動(dòng)。g為重力加速度大小，忽略空氣阻力，圓弧軌道及Q的上、下表面均光滑，彈簧長(zhǎng)度的變化始終在彈性限度內(nèi)。

(1)求小球從落入圓弧軌道至離開圓弧軌道，重力對(duì)其做的功；

(2)求小球與彈簧剛接觸時(shí)速度的大小及B、A兩點(diǎn)間的距離；

(3)欲使P和Q斷開后，彈簧的最大彈性勢(shì)能等于2.2mgR，Q的質(zhì)量應(yīng)為多大？

(4)欲使P和Q斷開后，Q的最終動(dòng)能最大，Q的質(zhì)量應(yīng)為多大？

答案解析1.【答案】C

【解析】A、探測(cè)器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得GMmr2=ma，解得a=GMr2，故A錯(cuò)誤；

B、探測(cè)器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得GMmr2=mω2r，解得ω=GMr3，故B錯(cuò)誤；

C、探測(cè)器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得GMmr2.【答案】D

【解析】解：A、不管粒子運(yùn)動(dòng)是從a到b，還是從b到a，電場(chǎng)力均指向軌跡內(nèi)側(cè)，于是電場(chǎng)力沿著電場(chǎng)線向左，電子帶負(fù)電，電子的受力方向與電場(chǎng)線方向相反，所以可判斷電場(chǎng)線方向是向右的，故A錯(cuò)誤；

B、沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，所以a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；

CD、電子從a點(diǎn)向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，是從高電勢(shì)向低電勢(shì)運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，所以電子在a點(diǎn)的動(dòng)能大于在b點(diǎn)的動(dòng)能，電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤、D正確。

故選：D。

根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的受力特點(diǎn)和電子受力方向與電場(chǎng)線方向的關(guān)系分析；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低；電子從a點(diǎn)向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，由此分析動(dòng)能和電勢(shì)能的變化。

能夠根據(jù)電子的運(yùn)動(dòng)軌跡判斷出電子的受力方向，進(jìn)而得到電場(chǎng)線的方向是解題的關(guān)鍵。3.【答案】C

【解析】解：圓環(huán)在下滑過程中，彈簧先處于壓縮狀態(tài)，后處于拉伸狀態(tài)，彈簧對(duì)圓環(huán)先做正功，后做負(fù)功，圓環(huán)的重力勢(shì)能和動(dòng)能之和(即圓環(huán)的機(jī)械能)先增加后減小，故C正確、ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)彈簧彈力做功情況分析圓環(huán)的重力勢(shì)能和動(dòng)能之和的變化情況。

本題主要是考查了機(jī)械能守恒定律的知識(shí)；要知道機(jī)械能守恒定律的守恒條件是系統(tǒng)除重力或系統(tǒng)內(nèi)彈力做功以外，其它力對(duì)系統(tǒng)不做功；除重力或彈力做功以外，其它力對(duì)系統(tǒng)做多少功，系統(tǒng)的機(jī)械能就變化多少。4.【答案】B

【解析】解：在C點(diǎn)進(jìn)行電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加，如下圖

設(shè)AB=AC=BC=AD=r，點(diǎn)電荷的電荷量為q，A、B點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為EA、EB，且EA

=EB

=kqr2

由幾何關(guān)系結(jié)合矢量的疊加原理得：2E?=E+2EA

cos60°，解得：EA

=EB

=E

在D點(diǎn)分析得：E合

=E+kq(2r)2?kqr2，解得E合

=kq4r5.【答案】A

【解析】解：根據(jù)題意，設(shè)Δt時(shí)間內(nèi)，垂直吹到人的氣流的質(zhì)量為Δm=ρV，又V=SvΔt，對(duì)這部分氣流，由動(dòng)量定理有?F′Δt=0?Δmv，對(duì)人有F′=F=mg，解得ρSv=mg，則對(duì)甲、乙兩人有m1S1=m2S2，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A。

設(shè)出Δt時(shí)間內(nèi)吹到人身上的氣體質(zhì)量為Δm，根據(jù)動(dòng)量定理和平衡條件即可求解。

對(duì)于流體沖擊類的問題，常用的解題思路是：取微元→計(jì)算動(dòng)量變化6.【答案】D

【解析】解：ABD、因?yàn)闃O板帶電荷量Q一定，根據(jù)C=?rS4πkd和C=QU可知，若僅將M板移走，兩板間距離d增大，電容C變小，兩板間電壓U變大，即靜電計(jì)指針張角增大；若僅將極板M向下平移，則C減小，U變大，則靜電計(jì)指針張角變大；若僅在極板M、N之間插入有機(jī)玻璃板，極板間電介質(zhì)的介電常數(shù)增大，C變大，U減小，則靜電計(jì)指針張角減小，故AB錯(cuò)誤，D正確；

C、若僅用手觸摸極板M，極板N帶電荷量不變，由于靜電感應(yīng)，最終電容器帶電荷量Q不變，兩板間電壓U不變，則靜電計(jì)指針張角不變，故C錯(cuò)誤。

故選：D。

根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，根據(jù)電容的定義式分析極板間電壓的變化，進(jìn)而分析靜電計(jì)指針張角的變化；用手觸摸極板7.【答案】B

【解析】解：根據(jù)開普勒第三定律，軌道半徑的三次方與周期的平方成正比，可得TA2TB2=(rArB)3=43=64

則TA=8TB

空間站A為地球同步衛(wèi)星，周期TA=24?

得衛(wèi)星B的周期TB=248?=3?

空間站A的角速度ωA=2πTA=2π248.【答案】A

【解析】解：小球從水平位置釋放到與豎直方向夾角為θ的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgLcosθ?qEL(1+sinθ)=0，解得：E=mgcosθq(1+sinθ)，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。9.【答案】D

【解析】解：A.根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)公式得v02=2gH，解得v0=6m/s，故A錯(cuò)誤；

B.F?t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示沖量，由圖像可知碰撞過程中F的沖量大小為IF=12×0.1×660N?s=33N?s，故B錯(cuò)誤；

C.以豎直向上為正方向，由動(dòng)量定理得IF?Mgt=Mv?M(?v0)，設(shè)上升的最大高度為?，由動(dòng)能定理得?Mg?=0?12Mv10.【答案】BD

【解析】解：A、飛船在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí)速度方向沿軌跡的切線方向，時(shí)刻在變化，所以飛船做變速運(yùn)動(dòng)，處于非平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤。

B、飛船在軌道Ⅱ上從A點(diǎn)運(yùn)行到B點(diǎn)，只有月球?qū)︼w船的引力做功，這里月球引力相當(dāng)于重力，所以飛船的機(jī)械能守恒；又因?yàn)閺腁到B引力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理，合外力做正功動(dòng)能增加，所以飛船的速率變大，故B正確。

C、飛船從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅲ上做近心運(yùn)動(dòng)，必須在B點(diǎn)減速，則飛船在軌道Ⅲ上通過B點(diǎn)的速率小于在軌道Ⅱ上通過B點(diǎn)的速率，故C錯(cuò)誤。

D、設(shè)月球的質(zhì)量為M，飛船到月球中心的距離為r，加速度為a，由牛頓第二定律有GMmr2=ma，得a=GMr2，則飛船經(jīng)過同一點(diǎn)加速度一定，可知在軌道Ⅱ上通過A點(diǎn)時(shí)的加速度等于在軌道Ⅰ上通過A點(diǎn)時(shí)的加速度，故D正確。

故選：BD。

11.【答案】AB

【解析】解：A.W表示物體所受重力做的功，根據(jù)W=mg?

可知W??圖像為過原點(diǎn)傾斜的直線，故A正確；

B.P表示物體所受重力的瞬時(shí)功率，根據(jù)PG=mgv,解得PG=mg2t

可知PG?t圖像為過原點(diǎn)傾斜的直線，故B正確；

C.根據(jù)Ek=12mv2,解得Ek=12mg2t2

可知Ek?t圖像不是直線，故C12.【答案】ACD

【解析】解：AC、該過程中三個(gè)小球組成的系統(tǒng)所受外力之和為零，滿足動(dòng)量守恒條件。取水平向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律mv3?mv1?mv2=0。由于小球1、2受力情況相同，故v1=v2，解得：v3=2v1=2v2，即x3=2x1=2x2。由幾何關(guān)系x3+x1=dcos30°，解得：x3=3313.【答案】BD

【解析】解：A、小物塊先向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得

μmg=ma

解得a=2m/s2

當(dāng)速度減為0時(shí)，位移為s1=v022a=422×2m=4m，故皮帶長(zhǎng)度s至少4m，故A錯(cuò)誤；

B、由題分析可知，小物塊先向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直到速度為零，然后再反向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，因v0=4m/s>v=2m/s，故小物塊返回左端時(shí)的速度為v=2m/s。整個(gè)過程，只有摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理得Wf=12mv2?12mv02

解得摩擦力對(duì)物塊做功Wf=?6J，故B正確；

C、小物塊先向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直到速度為零，所用時(shí)間為t1=v0a=42s=2s

此過程中傳送帶的位移為s2=vt1=2×2m=4m

故小物塊相對(duì)傳送帶的位移為Δs=14.【答案】A、B碰撞后瞬間A的速度為13v0；

C【解析】(1)根據(jù)題意可知A、B發(fā)生彈性碰撞時(shí)，動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，以向右為正方向，有

2mv0=2mvA+mvB

12?2mv02=12?2mvA2+12?mvB2

解得

vA=2m?m2m+mv0=13v0

vB=4m2m+mv0=43v0

(2)根據(jù)穩(wěn)定后A、B、C恰好不再碰撞可知穩(wěn)定后三者共速，有15.【答案】汽車受到的阻力為3000N，額定功率為9×104W；

汽車在勻加速階段，牽引力做功為2.25×105J【解析】(1)根據(jù)汽車速度最大時(shí)，牽引力與阻力等大，可得到額定功率與阻力、最大速度的關(guān)系式：P=fvm，

根據(jù)勻加速階段的初末速度、時(shí)間，即可得到加速度：a=v1?0t1，對(duì)汽車的受力分析可得：F?f=ma，

根據(jù)5s時(shí)的功率為額定功率，可得：P=Fv1；

解得阻力：f=3000N，額定功率：P=9×104W，勻加速階段的牽引力：F=9000N；

(2)根據(jù)勻加速階段的運(yùn)動(dòng)學(xué)：x1=12at12，解得位移：x1=25m；結(jié)合勻加速階段的牽引力，即可得牽引力做功：W1=Fx1，解得：W1=2.25×105J；

(3)在變加速階段，根據(jù)動(dòng)能定理：P(t2?16.【答案】電子離開Ⅰ區(qū)域時(shí)的速度為2eELm；

電子能從CD邊離開，電子離開ABCD區(qū)域的位置坐標(biāo)為為(?L,L4)；

在電場(chǎng)Ⅰ區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD【解析】(1)在電場(chǎng)I中由動(dòng)能定理得

eEL=12mv2

解得

v=2eELm

(2)在電場(chǎng)Ⅱ中做類平拋運(yùn)動(dòng)，假設(shè)從CD邊離開，有

vt=L

eE=ma

y1=12at2

電子偏轉(zhuǎn)的方向向下，聯(lián)立解得

y1=L4<L2

則電子能從CD邊離開，離開的縱坐標(biāo)為

y′=L2?y1=L4

則離開的坐標(biāo)為(?L,L4)。

(3)設(shè)釋放點(diǎn)的位置坐標(biāo)為(x,y)，在電場(chǎng)I中，由動(dòng)能定理可得