高屆年暑期提升第二次月考物理試卷注意事項：、本試卷滿分分，考試時間分鐘。、答題前，務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡規(guī)定的位置上。、答選擇題時，必須使用鉛筆填涂對應(yīng)題目的答案標(biāo)號，如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。、答非選擇題時，必須使用毫米黑色簽字筆，將答案書寫在答題卡規(guī)定的位置上。、考試結(jié)束后，將答題卡、試卷、草稿紙全部交回。一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的）1.居里夫人對原子物理學(xué)的貢獻極為顯著，她發(fā)現(xiàn)了多種放射性元素，并因此成為歷史上首位榮獲兩次諾X）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為0，電荷數(shù)為1，所以X為。故選B。2.利用絕緣體將一枕形導(dǎo)體支撐起來，枕形導(dǎo)體帶電后電場線與等勢面的分布如圖所示，PMN是圖中的三個點，若在電場中引入試探電荷q，則（）A.P、M、N三點中，M點的電勢最低B.P、M、N三點中，N點的電場強度最大第1頁/共19頁D.將q由M點移送到導(dǎo)體表面的不同位置，電場力做功相同【答案】D【解析】【詳解】A．沿著電場線的方向電勢會降低，所以M點的電勢大于P與N，故A錯誤；B．電場線的疏密程度表示場強的大小，P點處電場線最密，可知P點電場強度最大，故B錯誤；C．P和N在同一個等勢面上，根據(jù)圖像判斷有電勢能的公式為，但試探電荷的電性正負未知，所以無法判斷電勢能的大小，故C錯誤；Dq由MD正確故選D。3.某高速公路出口的ETCO點的速度為20m/s速，到達M點時速度減至6m/s，并以6m/s的速度勻速通過MN區(qū)，汽車從O點運動到N點共用時10s，vt圖像如圖所示，則下列說法正確的是（）A.汽車減速運動的加速度大小B.O、M間的距離為52mC.M、N間的距離為60mD.汽車在ON段平均速度大小為10m/s【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)速度時間圖線可知，汽車減速運動的加速度大小為故A錯誤；B．根據(jù)圖線圍成的面積知，OM的距離為m=52m第2頁/共19頁故B正確；C．根據(jù)圖線圍成的面積知，MN的距離為m=36m故C錯誤；D．根據(jù)圖線圍成的面積知，ON段的位移則ON段的平均速度為故D錯誤。故選B。4.如圖所示，半徑為R的半球形容器固定在水平地面上，質(zhì)量分布均勻的甲、乙兩球在容器內(nèi)均處于靜止?fàn)顟B(tài)。兩球所受的重力大小均為G，半徑均為，不計一切摩擦。下列說法正確的是（）A.甲球?qū)σ仪虻膹椓Υ笮锽.甲球?qū)σ仪虻膹椓Υ笮镃.甲球?qū)θ萜鞯膲毫Υ笮镈.甲球?qū)θ萜鞯膲毫Υ笮椤敬鸢浮緾【解析】【詳解】AB．甲球的受力情況如圖所示由幾何關(guān)系可知第3頁/共19頁由平衡條件可得根據(jù)牛頓第三定律可知，甲球?qū)σ仪虻膹椓Υ笮?，AB錯誤；CD．根據(jù)上述分析，同理可得根據(jù)牛頓第三定律可知，甲球?qū)θ萜鞯膲毫Υ笮椋珻正確，D錯誤。故選C。5.一列簡諧橫波在某介質(zhì)中沿x軸方向傳播，從某一時刻開始計時，時的波形如圖（a）所示，平衡位置橫坐標(biāo)為處質(zhì)點P的振動圖像如圖（b）所示，質(zhì)點Q平衡位置的橫坐標(biāo)為，則下列說法正確的是（）A.該簡諧波沿x軸負方向傳播B.時刻質(zhì)點Q正沿y軸正方向運動C.該簡諧波波速為D.如果將該簡諧波波源的振動周期增大為0.8s，則簡諧波波速為【答案】C【解析】【詳解】AB．從振動圖像可知t=0.2s時刻x=4m處質(zhì)點P的運動方向沿y軸負方向，根據(jù)波傳播方向與質(zhì)第4頁/共19頁點振動的關(guān)系可知該簡諧波沿x軸正方向傳播，同理可知t=0.2s時刻質(zhì)點Q正沿y軸負方向運動，故AB錯誤；CD．波速由介質(zhì)本身決定，與波動周期沒有關(guān)系，從振動圖像可知振動周期從波動圖像可知波長則波速故C正確，D錯誤。故選C。6.2025年4月25日1時17分，在軌執(zhí)行任務(wù)的神舟十九號航天員乘組順利打開“家門”，歡迎遠道而來的神舟二十號航天員乘組入駐中國空間站?？臻g站和同步衛(wèi)星軌道的示意圖如圖所示，已知同步衛(wèi)星的周期為T，地球表面重力加速度為g，第一宇宙速度為v，下列對空間站的運動描述正確的是（）A周期大于TB.速度一定小于vC.角速度小于D.加速度大于g【答案】B【解析】【詳解】AC．根據(jù)萬有引力提供向心力，有解得因為空間站的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以空間站的周期小于T，根據(jù)可知空間站的角速度大于，故AC錯誤；B．根據(jù)萬有引力提供向心力，有第5頁/共19頁解得因為空間站的軌道半徑大于地球的半徑，所以空間站的速度一定小于v，故B正確；D．根據(jù)萬有引力提供向心力，有解得在地面附近的加速度為g，因為空間站的軌道半徑大于地球的半徑，所以空間站的加速度一定小于gD錯誤。故選B。7.的“”具有良好的導(dǎo)熱性。兩側(cè)的玻璃管內(nèi)分別封閉了一定質(zhì)量的理想氣體A和B，氣體的長度分別為和，已知。假設(shè)玻璃管內(nèi)的溫度等于環(huán)境溫度，下列說法正確的是（）A.若環(huán)境溫度緩慢升高，則封閉氣體的長度B.若環(huán)境溫度緩慢升高，則封閉氣體的長度C.打開閥門緩慢放出少量水銀后，則封閉氣體的長度D.打開閥門緩慢放出少量水銀后，則封閉氣體的長度【答案】C【解析】【詳解】AB．由題意可知，左側(cè)A氣體的壓強大于右側(cè)B氣體的壓強，兩部分氣體的體積相同，均為，溫度均為后，A和BA氣體分析，查理定律可知第6頁/共19頁已知，則所以A氣體的壓強增加量較大，所以水銀的高度差變大，穩(wěn)定后兩部分氣體的長度，AB錯誤；CD．設(shè)兩部分氣體體積的增加量都為，對A氣體分析，由玻意耳定律可知解得同理對B氣體分析，由玻意耳定律可得聯(lián)立作差可得可得所以水銀的高度差變小，穩(wěn)定后兩部分氣體的長度，C正確，D錯誤。故選C。二、多選題：本題共3小題，每小題6分，共分，在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對得6分，部分選對得3分，有選錯的得0分。8.、均為R為用戶端負載，發(fā)電機輸出電壓有效值保1%說法正確的是（）A.輸電線上的電流為B.升壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為C.降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為第7頁/共19頁D.隨著用電高峰到來，電壓表的示數(shù)將變大【答案】AC【解析】【詳解】A．由于，輸電線上損失的功率為輸電功率的1%，則有解得故A正確；B．升壓變壓器原線圈中電流為則有故B錯誤；C．升壓變壓器副線圈電壓為則降壓變壓器原線圈兩端電壓為則有故C正確；D．隨著用電高峰到來，并聯(lián)用戶增多，即等效為可變電阻R減小，將降壓變壓器與負載等效為一個電阻，則等效阻值為第8頁/共19頁可知等效電阻減小，則輸電線中的電流增大，輸電線上損耗電壓增大，降壓變壓器原線圈兩端電壓減小，則降壓變壓器負線圈兩端電壓減小，即隨著用電高峰到來，電壓表的示數(shù)將變小，故D錯誤。故選AC。9.如圖所示，水平地面上放置著用輕質(zhì)彈簧豎直連接ABA的質(zhì)量為mC彈簧的勁度系數(shù)為kAA恰好到達最高點時，質(zhì)量為m的物塊C以速度與A發(fā)生完全非彈性碰撞后粘在一起做簡諧振動，當(dāng)它們運動到最高點時，物塊B恰好與地面無彈力。已知彈簧彈性勢能的表達式為，質(zhì)量為m的彈簧振子的周期，重力加速度為g。不計一切阻力及碰撞時間，彈簧足夠長且始終在彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是（）A.B的質(zhì)量B.A、C成為整體后，做簡諧振動的振幅為C.A、C碰撞后，再次回到彈簧原長位置時間為D.A、C運動到最低點時，地面對B的支持力為【答案】BC【解析】【詳解】AB．物塊C以速度與A發(fā)生完全非彈性碰撞后粘在一起，根據(jù)動量守恒定律有當(dāng)它們運動到最高點時，物塊B恰好與地面無彈力，根據(jù)能量守恒定律有第9頁/共19頁對B受力分析有解得，AC達到平衡位置時有振幅為故A錯誤，B正確；C．碰后AC一起做簡諧振動的周期為碰撞時距離平衡位置的位移為且向下運動，則再經(jīng)過AC將又再次回到初始碰撞點，即彈簧原長的位置，故C正確；D．A、C運動到最低點時，地面對B的支持力為故D錯誤。故選BC。10.如圖所示，在紙面內(nèi)半徑為R的圓形區(qū)域中充滿了垂直于紙面向里的勻強磁場。abc三個帶電粒子以相同的動能從M點沿著直徑MONPQP、Q、O（圓心）三點共線，直徑MON、POQ夾角為（如圖，，分別為abc三個粒子在磁場中運動的時間。不計粒子的重力，下列說法正確的（）A.a一定帶負電，b可能帶正電B.a、b從P點射出，c從Q點射出第10頁/共19頁C.D.【答案】BC【解析】【詳解】AB.公式又，可知那么MQ、MP必定為兩粒子a、c的運動軌跡，而b粒子的運動軌跡應(yīng)該與其中一個粒子重合；根據(jù)），可知即b與a同一電性，都從P點射出，A錯誤，B正確；C.由以上可知由幾何關(guān)系可知再由公式可知第11頁/共19頁C正確；D.由公式得D錯誤。故選BC。三、實驗題（本題共2小題，每空2分，共分）某同學(xué)想把一量程為20.6A毫安表的內(nèi)阻，進行了如下操作：（1）將多用電表擋位調(diào)到電阻“×10”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，調(diào)零點。（2）將圖甲中多用電表的紅表筆和__________（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端。（3）測量電阻時發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，需要將多用電表擋位調(diào)到電阻__________（填“×1”或“×100”）擋。（4）將紅表筆和黑表筆短接，調(diào)零點。（50.6A（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）的電阻。【答案】①.1②.×100③.并聯(lián)④.5.0【解析】2）[1]因為多用電表選擇的是歐姆擋，則電流從紅表筆流入多用電表、黑表筆流出多用電表，從待測毫安表正接線柱流入、負接線柱流出，所以應(yīng)將圖甲中多用電表的紅表筆和1端相連，黑表筆與2端第12頁/共19頁相連。（3[2]多用電表擋位調(diào)到電阻“×100”擋。（5）[3][4]由圖乙可知毫安表的內(nèi)阻為如果需要將毫安表改成量程為0.6A的電流表，則需要并聯(lián)分流電阻的阻值符合整理并代入數(shù)據(jù)解得12.某小組探究“物體的加速度與合外力和物體質(zhì)量的關(guān)系”實驗中做了如下操作。（1）第一組實驗：小組同學(xué)將兩個氣墊導(dǎo)軌放置在一條水平直線上，并調(diào)平氣墊導(dǎo)軌，如圖甲所示，保持兩個導(dǎo)軌上的光電A和B兩個滑塊的質(zhì)量為與（已知和兩個滑塊分別通過光電門的時間為和，_____（選填“><”或“=_____（2）第二組實驗：在完成物體加速度與物體質(zhì)量關(guān)系的實驗后，小組成員將兩個半徑不同的滑輪（半徑比為1∶2，且兩繩子的拉力之比為2∶1）固定在同一個軸上，共同繞軸自由轉(zhuǎn)動，兩側(cè)細繩分別通過滑輪凹槽內(nèi)部的孔固定于并記錄下A和B兩個滑塊通過光電門的時間分別為和。若測量結(jié)果滿足_____，則可以證明物體的加速度與合外力成正比。第13頁/共19頁（3）誤差分析：上述兩組實驗的主要誤差來源為_____。A.掛鉤碼滑輪的質(zhì)量及滑輪與軸的摩擦力B.氣墊導(dǎo)軌未平衡摩擦C.未使滑輪所掛鉤碼的質(zhì)量遠小于滑塊的質(zhì)量【答案】（1）①.②.（2）（3）A【解析】【小問1詳解】[1]兩個滑塊均做初速度為零的勻加速直線運動，兩滑塊所受合外力F律可知位移x相同，根據(jù)可知[2]根據(jù)第一組實驗數(shù)據(jù)，由牛頓第二定律得出滑塊的加速度再根據(jù)運動學(xué)公式可得解出滑塊的加速度若滿足即可驗證牛頓第二定律，由于兩個滑塊的位移相同，只需驗證即可，即【小問2詳解】第二組實驗只需要半定量探究物體的加速度與所受合力的關(guān)系，即第14頁/共19頁由于兩個滑塊所受的外力之比為，即只需要驗證物塊所受的拉力與時間的平方成反比即可，故答案為?！拘?詳解】A．滑輪由于有加速度，滑輪的質(zhì)量對實驗有一定的影響，滑輪間的摩擦同樣是誤差的主要來源，故A正確；B．氣墊導(dǎo)軌的阻力很小，不需要平衡摩擦，故B錯誤；C．第一組實驗滑塊所受的拉力相等，第二組實驗滑塊所受的拉力之比為碼質(zhì)量遠小于滑塊質(zhì)量，故C錯誤。故選A。四、計算題（本題共3小題，題8分，題分，題分，共分。請寫出必要的13.已知河寬河邊后退至距離河邊B點看到樹尖在水中的倒影與河底和河床的拐角處A點重合。已知水的折射率為，。求：（1）樹的高度；（2）河水深度。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】樹尖反射和拐角點折射成像的光路圖如圖所示，由圖可知，第15頁/共19頁根據(jù)幾何關(guān)系可得：解得：小問2詳解】（2）幾何關(guān)系得所以根據(jù)折射定律得：解得，則解得14.平工作臺上從左向右依次有A、B、C三點，相鄰兩點之間的距離均為L=2m；質(zhì)量m=2kg長度也為L的薄木板靜止放置在工作臺上，其右端剛好在A點；現(xiàn)對木板施加大小F=4N的水平向右恒力，當(dāng)板右端運動到BB點的機器人將質(zhì)量也為mC點時，撤去恒力F力等于滑動摩擦力，物塊可視為質(zhì)點，重力加速度g=10m/s2。求：（1）木板右端運動到B點時的速度大?。唬?）試判斷撤去恒力F前，物塊與木板能否達到共同速度？如能，達到的共同速度多大？（3）從木板開始運動到木板右端剛好運動至C點的過程中，摩擦力對木板的總沖量。【答案】（1）2m/s2）能，1m/s3），負號表示與正方向相反，水平向左第16頁/共19頁【解析】【分析】1）以水平向右為正，木板右端從A運動到B的過程中，解得：m/s2sm/s（2）物塊放上木板后，對物塊有對木板有解得m/s2m/s2假設(shè)撤去F前經(jīng)時間物塊與木板共速且在木板上，則有解得1m/ss設(shè)兩者之間的相對位移為，對系統(tǒng)有此過程中木板發(fā)生的位移為x，由運動