2021—2022學(xué)年度第一學(xué)期教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)高三物理試題一．單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.“快中子增殖反應(yīng)堆”是一種利用快中子進(jìn)行核裂變鏈?zhǔn)椒磻?yīng)的反應(yīng)堆，簡(jiǎn)稱“快堆”。中國(guó)實(shí)驗(yàn)快堆工程（CEFR）已經(jīng)成功并網(wǎng)發(fā)電，這標(biāo)志著國(guó)家“863”計(jì)劃重大項(xiàng)目目標(biāo)的全面實(shí)現(xiàn)。中國(guó)實(shí)驗(yàn)快堆采用钚（）作燃料，在堆心燃料钚的外圍再生區(qū)里放置不易發(fā)生裂變的鈾（）；钚-239裂變釋放出的快中子，被再生區(qū)內(nèi)的鈾-238吸收，鈾-238轉(zhuǎn)變?yōu)槌赦?239，鈾-239極不穩(wěn)定，經(jīng)過(guò)衰變，進(jìn)一步轉(zhuǎn)變?yōu)橐琢炎兊念?239，從而實(shí)現(xiàn)核燃料的“增殖”。關(guān)于中國(guó)實(shí)驗(yàn)快堆，下列說(shuō)法正確的是（）A.鈾-239轉(zhuǎn)變?yōu)轭?239，經(jīng)過(guò)了3次衰變B.鈾-239發(fā)生衰變的實(shí)質(zhì)是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子C.鈾-239發(fā)生衰變過(guò)程中，電荷數(shù)守恒，質(zhì)量也守恒D.钚（）裂變生成為兩個(gè)中等質(zhì)量的核，钚核的比結(jié)合能大于生成的兩個(gè)核的比結(jié)合能【答案】B【解析】【詳解】A．鈾-239轉(zhuǎn)變?yōu)轭?239，質(zhì)量數(shù)不變，質(zhì)子數(shù)增大2，則經(jīng)歷了2次衰變，故A錯(cuò)誤；B．鈾-239發(fā)生的衰變?yōu)樗プ儯瑢?shí)質(zhì)是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，故B正確；C．鈾-239發(fā)生衰變過(guò)程中，電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)守恒，質(zhì)量不守恒，故C錯(cuò)誤；D．核反應(yīng)過(guò)程中，生成物的比反應(yīng)物穩(wěn)定，則钚（）裂變生成為兩個(gè)中等質(zhì)量的核，钚核的比結(jié)合能小于生成的兩個(gè)核的比結(jié)合能，故D錯(cuò)誤。故選B2.如圖甲，兩根長(zhǎng)度和質(zhì)量都相同的金屬直導(dǎo)線用絕緣絲線連接，再用絕緣絲線將懸掛在水平細(xì)桿上，中通有相同大小的電流，方向如圖所示，兩根導(dǎo)線的質(zhì)量均為m，重力加速度為g?，F(xiàn)在兩導(dǎo)線所在空間施加與導(dǎo)線垂直斜向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向與豎直方向間夾角為30°，其截面圖如圖乙。下列說(shuō)法正確的是（）A.懸掛導(dǎo)線的絲線向右偏離豎直方向B.上下每根絲線上的拉力大小分別為mg、C.若增大勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，則上面絲線上的拉力大小可能為0D.若增大勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，則下面絲線與豎直方向間夾角將增大【答案】D【解析】【詳解】A．由左手定則和安培力公式可知，磁場(chǎng)對(duì)的安培力與對(duì)cd的安培力等大反向，將導(dǎo)線（含兩者間絲線）看作一個(gè)整體，則懸掛導(dǎo)線的絲線拉力要平衡整體的重量（如下圖），故應(yīng)保持豎直，故A錯(cuò)誤；B．由整體法可知，上方絲線拉力大小等于整體的重力大小2mg，故B錯(cuò)誤；C．增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，磁場(chǎng)對(duì)的安培力與對(duì)cd的安培力仍然等大反向，上面絲線上的拉力平衡整體重力，等于2mg，故C錯(cuò)誤；D．增大勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，則cd導(dǎo)線受安培力方向不變大小增大，由力三角形法（圖形如下）可知，安培力與重力夾銳角且?jiàn)A角不變，則合力隨安培力增大而增大，方向與豎直方向夾角增大，所以下面絲線與豎直方向間夾角增大，故D正確。故選D。3.如圖，為一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)變化的p—V圖像，理想氣體由狀態(tài)變化到狀態(tài)，再由狀態(tài)變化到狀態(tài)，圖中虛線為過(guò)兩點(diǎn)的雙曲線。在整個(gè)循環(huán)過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.由狀態(tài)變化到狀態(tài)過(guò)程中，氣體溫度先降低后升高B.由狀態(tài)變化到狀態(tài)過(guò)程中，氣體分子運(yùn)動(dòng)的平均速率先增大后減小C.在整個(gè)循環(huán)過(guò)程中，氣體從外界吸收的熱量大于向外界放出的熱量D.由狀態(tài)變化到狀態(tài)過(guò)程中，氣體內(nèi)能先增大后減小【答案】C【解析】【詳解】A．由于圖中虛線為過(guò)兩點(diǎn)的雙曲線，可知圖中虛線是等溫線，則由狀態(tài)變化到狀態(tài)過(guò)程中，氣體溫度先升高后降低，A錯(cuò)誤；B．由于圖中虛線為過(guò)兩點(diǎn)的雙曲線，可知圖中虛線是等溫線，氣體由狀態(tài)由b狀態(tài)到狀態(tài)a的過(guò)程中，氣體溫度先降低后升高，故平均動(dòng)能先減小后增大，所以氣體分子的平均速率先減小后增大，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)W=pV可知，圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于氣體做功，由圖可知從b到a外界對(duì)理想氣體做的功小于從a到b理想氣體對(duì)外做的功；整個(gè)循環(huán)過(guò)程W<0，U=0，所以Q>0，Q吸-Q放>0即整個(gè)循環(huán)過(guò)程，理想氣體吸收的熱量大于放出的熱量，C正確；D．由于圖中虛線為過(guò)兩點(diǎn)的雙曲線，可知圖中虛線是等溫線，氣體由狀態(tài)由b狀態(tài)到狀態(tài)a的過(guò)程中，氣體溫度先降低后升高，而理想氣體的內(nèi)能完全由溫度決定，所以內(nèi)能先減小后增大，D錯(cuò)誤。故選C。4.中國(guó)地震臺(tái)網(wǎng)正式測(cè)定：2021年11月17日13時(shí)54分在江蘇鹽城市大豐區(qū)海域（北緯33.50度，東經(jīng)121.19度）發(fā)生5.0級(jí)地震，震源深度17千米。地震波既有橫波也有縱波。地震發(fā)生后南京監(jiān)測(cè)站監(jiān)測(cè)到了一列沿x軸傳播的地震橫波，t=0時(shí)刻x軸上在-3km~3km區(qū)間內(nèi)的波形圖如圖甲所示；x軸上處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，t=0.2s時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波峰，下列說(shuō)法正確的是（）A.該地震波沿x軸正向傳播B.該地震波沿x軸傳播的速度可能為25km/sC.該地震波沿x軸傳播10km距離所需的最長(zhǎng)時(shí)間為0.8sD.當(dāng)x=2km處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷時(shí)，x=1km處質(zhì)點(diǎn)將到達(dá)波峰【答案】B【解析】【詳解】A．由乙圖知處質(zhì)點(diǎn)在0時(shí)刻振動(dòng)方向向上，對(duì)應(yīng)到甲圖中可知，質(zhì)點(diǎn)是由其右邊質(zhì)點(diǎn)“帶動(dòng)”的，說(shuō)明波是沿x軸負(fù)向傳播，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖像可知，波長(zhǎng)=4km，則波速當(dāng)n=1時(shí)，v=25km/s，故B正確；C．當(dāng)n=0時(shí)，速度最小v=5km/s，則傳播10km距離所需的最長(zhǎng)時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．x=2km處質(zhì)點(diǎn)與x=1km處質(zhì)點(diǎn)平衡間距不是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，不是反向點(diǎn)的關(guān)系，所以不會(huì)出現(xiàn)一個(gè)在波谷另一個(gè)在波峰的現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選B。5.2021年6月17日，“神舟十二號(hào)”載人飛船搭載著聶海勝、劉伯明、湯洪波三名宇航員成功飛天，開(kāi)啟歷時(shí)三個(gè)月的太空駐留。9月17日，“神舟十二號(hào)”返回艙在東風(fēng)著陸場(chǎng)安全降落。返回艙從工作軌道I返回地面的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，橢圓軌道II與圓軌道I、III分別相切于P、Q兩點(diǎn)，軌道I、III的半徑分別為r1、r3；返回艙從軌道III上適當(dāng)位置減速后進(jìn)入大氣層，最后在東風(fēng)著陸場(chǎng)著陸。已知地球半徑為R，地面重力加速度為g，返回艙的質(zhì)量為m。關(guān)于返回艙返回地面過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）A.返回艙在I軌道上P點(diǎn)點(diǎn)燃反推發(fā)動(dòng)機(jī)進(jìn)入Ⅱ軌道前后，其加速度減小B.返回艙在II軌道上從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)經(jīng)歷的最短時(shí)間為C.返回艙從I軌道轉(zhuǎn)移到III軌道過(guò)程中，發(fā)動(dòng)機(jī)做的功為D.返回艙在II軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速率可能等于在III軌道上運(yùn)動(dòng)速率【答案】B【解析】【詳解】A.返回艙在I軌道上P點(diǎn)點(diǎn)燃反推發(fā)動(dòng)機(jī)進(jìn)入Ⅱ軌道前后，其速度減小，根據(jù)可知P點(diǎn)萬(wàn)有引力相同，加速度不變，故A錯(cuò)誤；B．在II軌道上根據(jù)開(kāi)普勒第三定律在軌道III上在地球表面上解得從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)經(jīng)歷的最短時(shí)間為故B正確；C．返回艙從I軌道轉(zhuǎn)移到III軌道過(guò)程中，發(fā)動(dòng)機(jī)做的功為W，由動(dòng)能定理根據(jù)解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知在軌道III上運(yùn)動(dòng)速率大于I軌道上的速率，而從軌道I到軌道II要在P點(diǎn)減速，可知在返回艙在II軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速率小于在III軌道上運(yùn)動(dòng)速率，故D錯(cuò)誤。故選B。6.分光器是光纖通信設(shè)備中的重要元件，主要用來(lái)分配光纖通信中的不同鏈路。如圖，為某一型號(hào)分光器的原理示意圖，一束由兩種不同頻率單色光組成的復(fù)色光，從空氣射向平行玻璃磚的上表面，玻璃磚下表面鍍有反射層，光束經(jīng)兩次折射和一次反射后，從玻璃磚上表面射出兩束單色光。已知兩種色光由玻璃射向空氣發(fā)生全發(fā)射的臨界角均小于42°，下列說(shuō)法正確的是（）A.光在玻璃磚中的傳播時(shí)間大于光在玻璃磚中的傳播時(shí)間B.從玻璃磚上表面射出的兩束單色光不平行C.若用光分別照射某金屬均能發(fā)生光電效應(yīng)，則光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能小于光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能D用同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行干涉實(shí)驗(yàn)，光干涉條紋間距大于光干涉條紋間距【答案】A【解析】詳解】作出光路圖如圖所示由圖可知光從空氣射入玻璃時(shí)a光的偏折程度較大，則a光的折射率較大，頻率較大A．設(shè)a光和b光的折射角分別為、，入射角為，玻璃磚厚度為，可得結(jié)合a光在玻璃磚中的傳播時(shí)間聯(lián)立可得同理可得因?yàn)榭傻霉庠诓ＡТu中的傳播時(shí)間大于光在玻璃磚中的傳播時(shí)間，故A正確；B．因?yàn)閍、b兩光在上表面的折射角與反射后在上表面的入射角分別相等，根據(jù)幾何知識(shí)可知出射光束一定相互平行，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)愛(ài)因斯坦光電方程可知若用光分別照射某金屬均能發(fā)生光電效應(yīng)，則光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能大于光照射產(chǎn)生的光電子最大初動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知a光的波長(zhǎng)小于b光的波長(zhǎng)，結(jié)合可知用同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行干涉實(shí)驗(yàn)，光干涉條紋間距小于光干涉條紋間距，故D錯(cuò)誤。故選A。7.如圖甲，白鶴灘水電站是世界第二大水電站，共安裝16臺(tái)我國(guó)自主研制的全球單機(jī)容量最大功率百萬(wàn)千瓦水輪發(fā)電機(jī)組。2021年6月28日，白鶴灘水電站首批機(jī)組投產(chǎn)發(fā)電，用500千伏特高壓向四川遠(yuǎn)距離輸電。在遠(yuǎn)距離輸電中，輸電線的電阻是不可忽略的，如圖乙，為白鶴灘水電站輸電線路原理圖，水電站輸出電壓穩(wěn)定的正弦交流電，升至特高壓U后向四川供電，輸送的總功率為P。用戶端理想變壓器原副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，R1為輸電線總電阻，R2為不斷電用戶電阻（可視為定值電阻），R為可變用戶電阻（可視為可變電阻）。當(dāng)可變電阻R減小時(shí)，電壓表和電流表示數(shù)變化的絕對(duì)值分別為△U、△I，電壓表和電流表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是（）

A.B.C.對(duì)于原線圈回路，虛線框所圈部分的等效電阻為D.輸電線路上損耗的功率為【答案】B【解析】【詳解】AB．設(shè)用戶端理想變壓器原副線圈兩端電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2，則根據(jù)理想變壓器特點(diǎn)U1I1=U2I2U1：U2=n1：n2得，對(duì)原線圈電路有由上式可得故A錯(cuò)誤，B正確；C．由，結(jié)合，聯(lián)立可得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)C中分析可知，虛線框所圈部分的等效電阻為R’，則R1上消耗功率為故D錯(cuò)誤。故選B。8.如圖，豎直放置的圓環(huán)處于水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，A，B、C、D為圓環(huán)上的四個(gè)點(diǎn)，AD豎直，AB與AD間夾角，AC為圓環(huán)直徑，沿AB、AC、AD分別固定光滑細(xì)桿?，F(xiàn)讓質(zhì)量均為m、帶電量均為+q的帶孔小球分別套在細(xì)桿AB、AC、AD上（圖中未畫出），均從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，設(shè)小球分別經(jīng)時(shí)間tB、tC、tD到達(dá)B、C、D三點(diǎn)。已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小，重力加速度為g，關(guān)于三個(gè)小球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間tB、tC、tD，下列說(shuō)法正確的是（）

A.tB=tC=tD B.tB>tC>tD C.tB<tC<tD D.tD<tB<tC【答案】C【解析】【詳解】對(duì)小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有則所有球在相等時(shí)間內(nèi)的位移為x=gt2sin(30°+θ)由于AB與AD間夾角，則sin(30°+θ)=1其它θ都比60°要小，則tB<tC<tD故選C。二．多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，選錯(cuò)或不選得0分。9.在中國(guó)共產(chǎn)黨成立100周年慶祝大會(huì)上釋放的氣球是充有氦氣的可降解氣球。釋放前工作人員用容積為50L、壓強(qiáng)為2.0×107Pa的氦氣罐給氣球充氣，要求充氣后氣球體積為10L、壓強(qiáng)為1.0×105Pa；氣球釋放后飄向高空，當(dāng)氣球體積膨脹到15L時(shí)就會(huì)爆裂落回地面。已知高度每升高1000m，大氣溫度下降6℃，高度每升高10m，大氣壓減小110Pa，慶?，F(xiàn)場(chǎng)地面空氣溫度為27℃，大氣壓為1.0×105Pa，不計(jì)充氣過(guò)程的漏氣和氣球內(nèi)原有氣體，下列說(shuō)法正確的是（）A.用氮?dú)夤藿o氣球充氣過(guò)程中，氦氣向外界釋放熱量B.用一個(gè)氦氣罐可以充出995個(gè)符合要求氣球C.當(dāng)氣球發(fā)生爆裂時(shí)，氣球離地面的高度為3448mD.要降低氣球發(fā)生爆裂時(shí)的高度，在地面充氣時(shí)可使充氣后的氣球體積適當(dāng)減小【答案】BC【解析】【詳解】A．對(duì)充入氣球內(nèi)的氦氣，從氦氣罐內(nèi)到氣球內(nèi)的過(guò)程，體積增大，對(duì)外做功，不計(jì)溫度變化，將氦氣實(shí)為理想氣體，則內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，=0，W為負(fù)值，則Q為正值，氣體吸熱，故A錯(cuò)誤；B．全部充氣完畢，罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)也變?yōu)閜0，設(shè)充出的氣體總體積為V，則根據(jù)理想氣體狀態(tài)變化規(guī)律將p1=2.0×107Pa，V1=50L，p0=1.0×105Pa，帶入可解得V=1000L設(shè)總共充氣n個(gè)符合要求的氣體，則V=V1+nV0V0=10L帶入可得n=995故B正確；C．當(dāng)氣球發(fā)生爆裂時(shí)，氣球體積膨脹到15L，設(shè)此時(shí)氣球離地面高度為h，則爆裂時(shí)氣體的壓強(qiáng)和溫度分別是p2=p0-11h，帶入理想氣體狀態(tài)變化方程解得h=3448m故C正確；D．由C中分析可以推導(dǎo)出h與V0的函數(shù)關(guān)系式為可見(jiàn)，V0越小，h越大，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖甲，均勻帶電固定圓環(huán)的圓心為O，OO’為圓環(huán)軸線；以O(shè)為原點(diǎn)沿軸線建立Ox坐標(biāo)軸，x軸上各點(diǎn)電勢(shì)隨x坐標(biāo)變化的關(guān)系圖像如圖乙，圖線上坐標(biāo)x1處的P點(diǎn)為圖線拐點(diǎn)，P點(diǎn)切線與x軸交點(diǎn)處坐標(biāo)為x2?，F(xiàn)讓一電子從圓心O以初速度v0沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，電子最遠(yuǎn)能到達(dá)x3處。電子質(zhì)量為m，電量絕對(duì)值為e，不計(jì)電子重力，下列說(shuō)法正確的是（）A.圓環(huán)帶負(fù)電B.電子經(jīng)過(guò)x1處時(shí)的加速度大小為C.x3處的電勢(shì)為D.電子返回過(guò)程中，經(jīng)過(guò)x1處時(shí)的速度大小為【答案】BCD【解析】【詳解】A．由乙圖知，沿x軸正方向電勢(shì)越來(lái)越低，圓環(huán)上各電荷在x軸上的合電場(chǎng)方向是沿x軸正方向，說(shuō)明圓環(huán)帶正電，故A錯(cuò)誤；B．關(guān)系圖像上各點(diǎn)切線斜率的絕對(duì)值表示場(chǎng)強(qiáng)，圖乙中P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小則電子經(jīng)過(guò)x1處時(shí)的加速度大小故B正確；C．設(shè)x3位置電勢(shì)為，電子從O到x3處，由動(dòng)能定理可解得故C正確；D．設(shè)電子經(jīng)過(guò)x1處時(shí)的速度大小為v1，根據(jù)動(dòng)能定理解得故D正確。故選BCD。11.如圖，兩輛完全相同的小車A和B靜止在光滑水平面上，兩小車緊靠在一起而不粘連，在小車A上豎直固定一輕質(zhì)細(xì)桿，長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩的一端系在細(xì)桿頂端，另一端拴一質(zhì)量m=1kg的小球，已知小車的質(zhì)量M=2m，重力加速度g=10m/s2，細(xì)桿的高度大于繩長(zhǎng)?，F(xiàn)將小球向右拉至細(xì)繩水平且繃直后由靜止釋放，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球與兩小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.釋放小球后到小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)過(guò)程中，小車A對(duì)小車B的彈力一直增大C.小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)后能向左上升的最大高度為D.小球第二次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)小球與小車A的速率之比為8∶7【答案】CD【解析】【詳解】A．小球與兩小車組成的系統(tǒng)在豎直方向上所受合外力不為零，動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．小球與兩小車組成的系統(tǒng)在水平方向上所受合外力為零，動(dòng)量守恒，釋放小球后到小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)過(guò)程中，小球在水平方向的分速度一直增大，所以小車A、B速度一直增大，當(dāng)小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，小車A、B速度達(dá)到最大，此時(shí)小車A對(duì)小車B的彈力為零，所以釋放小球后到小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)過(guò)程中，小車A對(duì)小車B的彈力一直減小，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為v0，兩小車速度大小均為v1，在水平方向根據(jù)動(dòng)量守恒定律有①根據(jù)機(jī)械能守恒定律有②小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)后能向左上升至最大高度h時(shí)，小車A和小球速度大小相同，設(shè)為v2，在水平方向根據(jù)動(dòng)量守恒定律有③根據(jù)機(jī)械能守恒定律有④聯(lián)立①②③④解得⑤故C正確；D．設(shè)小球第二次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)小球與小車A的速度分別為v3、v4，取水平向左為正方向，在水平方向上根據(jù)動(dòng)量守恒定律有⑥根據(jù)機(jī)械能守恒定律有⑦聯(lián)立⑥⑦解得，⑧所以⑨故D正確。故選CD。12.如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。與導(dǎo)軌垂直的虛線之間區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ、MN從導(dǎo)軌上不同位置同時(shí)由靜止釋放，PQ棒釋放高度小于MN棒釋放高度，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。已知PQ棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加速度恰好為零。從PQ棒進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，到MN離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域?yàn)橹?，流過(guò)PQ的電流隨時(shí)間變化的圖像可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】BC【解析】【詳解】PQ棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加速度恰好為零，則PQ進(jìn)入磁場(chǎng)勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)速度為v，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌寬度為L(zhǎng)，兩根導(dǎo)體棒的總電阻為R；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律可得PQ進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)電流滿足保持不變，根據(jù)右手定則可知電流方向Q→P，由圖像可知為正向電流；AB．如果PQ離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)MN還沒(méi)有進(jìn)入磁場(chǎng)，此時(shí)電流為零；因PQ棒釋放高度小于MN棒釋放高度，由動(dòng)能定理可知MN進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度則有MN應(yīng)該做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，則通過(guò)PQ的感應(yīng)電流大小因逐漸減小，方向?yàn)椋瑸樨?fù)；MN離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)可能已經(jīng)勻速，電流減小至，方向?yàn)樨?fù)向，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．如果PQ沒(méi)有離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)MN已經(jīng)進(jìn)入磁場(chǎng)，此時(shí)雙棒雙源抵消后以速度大的產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為準(zhǔn)，大小為電流為負(fù)向，此時(shí)的電流大小可以大于I0，小于I0，或等于I0，此后隨著MN受安培阻力，PQ受安培動(dòng)力，減小，增大，則逐漸變小，若達(dá)到時(shí)，電流消失，兩棒受重力的分力要重新加速，電流一直為零，當(dāng)PQ離開(kāi)磁場(chǎng)后，MN重新開(kāi)始做變減速運(yùn)動(dòng)，PQ流過(guò)的電流為負(fù)逐漸減小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。三.非選擇題：本題共6小題，共60分。13.為了消除空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響，某實(shí)驗(yàn)小組用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置做驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)，牛頓管豎直固定在鐵架臺(tái)上，光電門固定在牛頓管的外側(cè)，緊貼牛頓管外側(cè)再固定刻度尺（圖中未畫出），啟動(dòng)抽氣泵，將牛頓管內(nèi)的空氣抽出，已知橡膠球的質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。

（1）先用游標(biāo)卡尺測(cè)量橡膠球直徑d，如圖乙所示，則小球直徑d=______mm；（2）從刻度尺上讀取橡膠球球心和光電門中心對(duì)應(yīng)的刻度值l1、l2。將小橡膠球由靜止釋放，記錄橡膠球第一次通過(guò)光電門的擋光時(shí)間t1；（3）要驗(yàn)證橡膠球下落過(guò)程中機(jī)械能是否守恒，只需比較_____與______是否相等即可；（用上面測(cè)得數(shù)據(jù)符號(hào)表示）（4）該小組要利用該裝置進(jìn)一步探究橡膠球與管底第一次碰撞前后球的機(jī)械能損失情況，他們記錄了橡膠球第二次通過(guò)光電門的擋光時(shí)間t2，則碰撞過(guò)程中橡膠球損失的機(jī)械能為_(kāi)_______?！敬鸢浮竣?6.60②.③.④.【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則有0.6cm+12×0.05mm=6.60mm（3）[2][3]要驗(yàn)證橡膠球下落過(guò)程中機(jī)械能是否守恒，則只需滿足根據(jù)上面測(cè)得數(shù)據(jù)符號(hào)表示（4）[4]第二次通過(guò)光電門時(shí)的速度為則根據(jù)能量守恒有14.某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻及金屬絲的電阻率，實(shí)驗(yàn)室提供下列實(shí)驗(yàn)器材：兩節(jié)干電池定值電阻R0（阻值為）電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約為）電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約）金屬絲R（帶有鱷魚夾和刻度尺）開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）該小組設(shè)計(jì)如圖甲所示實(shí)驗(yàn)電路，請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，在答題卡上將實(shí)物圖連接成完整電路；_______（2）閉合開(kāi)關(guān)S，移動(dòng)鱷魚夾的夾線位置，得到多組電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，用描點(diǎn)法作出U—I圖像，如圖乙，則每節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=_____V，電池的內(nèi)阻r=___；（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑d時(shí)，示數(shù)如圖丙所示，則d=______mm；（4）現(xiàn)將電流表兩端用導(dǎo)線短路，移動(dòng)鱷魚夾的夾線位置，測(cè)得多組電壓表示數(shù)U和相應(yīng)的金屬絲接入電路部分的長(zhǎng)度x，用描點(diǎn)法作出圖像，如圖丁所示，則金屬絲的電阻率=_____。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）【答案】①.②.1.42③.0.711④.2.000⑤.3.78×10-6【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)如圖甲所示實(shí)驗(yàn)電路，將實(shí)物圖連接成完整電路，如圖（2）[2][3]根據(jù)圖甲電路圖，依據(jù)閉合回路歐姆定律，設(shè)每節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，則根據(jù)圖乙可知，解得，（3）[4]根據(jù)圖丙螺旋測(cè)微器讀數(shù)可得（4）[5]金屬絲接入電路部分的長(zhǎng)度x，由電阻的決定式得依據(jù)閉合回路歐姆定律得可得聯(lián)立可得由圖丁可知解得15.如圖，垂釣者位于平靜清澈湖面岸邊的A點(diǎn)，他的眼睛距離A點(diǎn)的高度為0.9m，水面上的浮標(biāo)B離A點(diǎn)的距離為0.9m，發(fā)光魚餌C位于浮標(biāo)正前方1.8m處水面上D點(diǎn)的正下方，此時(shí)垂釣者發(fā)現(xiàn)發(fā)光魚餌剛好被浮標(biāo)擋住，已知水的折射率。（1）求此時(shí)發(fā)光魚餌在水中的深度；（2）發(fā)光魚餌緩慢豎直上浮，當(dāng)它離水面多深時(shí)，魚餌發(fā)出的光恰好不能從水面上A、B間射出?！敬鸢浮浚?）3.12m；（2）1.8m【解析】【詳解】（1）設(shè)發(fā)光魚餌在水中的深度為h1，人眼的位置為P，發(fā)光魚餌發(fā)出的光線射向B點(diǎn)的入射角為，經(jīng)水面射向P點(diǎn)的折射角為，光路圖如圖所示有則由幾何關(guān)系得解得（2）設(shè)當(dāng)魚餌離水面h2時(shí)，魚餌發(fā)出光線射向B點(diǎn)時(shí)恰好發(fā)生全發(fā)射，魚餌發(fā)出的光不能從水面上A、B間射出，有解得16.2022年北京冬季奧運(yùn)會(huì)，將于2022年2月4日至20日在北京和張家口舉行，其中極具觀賞性的跳臺(tái)滑雪將在張家口賽區(qū)舉行，準(zhǔn)備工作已經(jīng)全部就緒。如圖甲，滑雪運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)上的A處水平飛出，在斜坡上的B處著陸。運(yùn)動(dòng)員飛行過(guò)程中在坡面上垂直于坡面的投影到A點(diǎn)的距離x隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖像如圖乙。已知斜坡的傾角，重力加速度g=10m／s2，空氣阻力不計(jì)，求：（1）運(yùn)動(dòng)員從A點(diǎn)飛出的初速度v0；（2）運(yùn)動(dòng)員飛行過(guò)程中距離斜坡的最大距離d；（3）運(yùn)動(dòng)員在空中飛行時(shí)間t?！敬鸢浮浚?）10m/s；（2）m；（3）2s【解析】【詳解】（1）由圖像可知，t1=1s時(shí)，運(yùn)動(dòng)員沿斜面方向發(fā)生的位移x1=17.5m，將運(yùn)動(dòng)員的初速度和重力分解到沿斜面向下方向（x方向）和垂直斜面向上(y方向)方向，如下圖所示，則其在沿斜面向下的方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為，加速度為，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有帶入解得（2）運(yùn)動(dòng)員在垂直斜面方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)（勻變速直線運(yùn)動(dòng)），初速度為，加速度為，設(shè)經(jīng)時(shí)間t2運(yùn)動(dòng)員離斜面最遠(yuǎn)，此時(shí)速度方向平行于斜面（y方向達(dá)到最高點(diǎn)），則有距離斜坡的最大距離解得（3）設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t3運(yùn)動(dòng)員落到坡面上，則帶入數(shù)據(jù)可解得或（舍去）17.如圖甲，空間直角坐標(biāo)系中，界面M、從熒光屏N均與平面平行，界面M將空間分為區(qū)域I和區(qū)域II兩部分，界面M與平面間距離為L(zhǎng)，軸與界面M相交于O1，與熒光屏N交于O2，在熒光屏上建立圖示坐標(biāo)系。區(qū)域I空間有與軸平行向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，區(qū)域II空間先后有沿z軸正方向和x軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙（B0已知，界面在磁場(chǎng)中）。兩個(gè)電荷量均為q、質(zhì)量均為m的帶正電粒子分別從y軸正半軸上的兩點(diǎn)沿z軸正方向先后射出，兩粒子射出位置的y坐標(biāo)之比，經(jīng)過(guò)區(qū)域I，兩粒子同時(shí)到達(dá)O1點(diǎn)，其中粒子到達(dá)O1點(diǎn)時(shí)速度大小為v0，與z軸正方向間夾角；在O1點(diǎn)有一調(diào)速裝置，使經(jīng)過(guò)O1點(diǎn)的粒子只保留y軸方向的速度分量；t=0時(shí)刻兩粒子從O1點(diǎn)沿y軸負(fù)向射出，經(jīng)過(guò)區(qū)域II，粒子剛好能打到熒光屏N上，粒子在時(shí)刻打到熒光屏上。不計(jì)粒子重力，不考慮場(chǎng)的邊緣效應(yīng)，求：（1）區(qū)域I內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小；（2）界面M與熒光屏N間的距離d；（3）粒子打在熒光屏上的位置坐標(biāo)（）?！敬鸢浮?/p>