第=page22頁，共=sectionpages22頁2025-2026學(xué)年湖南省岳陽市汨羅市第二中學(xué)高二（上）9月月考物理試卷一、單選題：本大題共6小題，共24分。1.某靜電除塵裝置由帶電的金屬圓筒Q和帶電的電極P組成，其橫截面上的電場(chǎng)線分布及方向如圖所示，A、B、M、N四點(diǎn)到P距離相等，下列說法正確的是(

)

A.A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)大

C.金屬圓筒Q帶正電，電極P帶負(fù)電

D.帶正電的粉塵在M點(diǎn)和N點(diǎn)，所受電場(chǎng)力相同2.豎直放置的輕質(zhì)彈簧，下端固定在水平地面上，一小球從彈簧正上方某一高度處自由下落，從小球開始接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，下列說法正確的是(

)

A.小球和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

B.小球的動(dòng)量一直減小

C.彈簧對(duì)小球沖量的大小大于重力對(duì)小球沖量的大小

D.小球的機(jī)械能守恒3.如圖所示，水平旋轉(zhuǎn)餐桌與桌面上的花瓶(可視為質(zhì)點(diǎn))一起勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，兩者間沒有相對(duì)滑動(dòng)，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列說法正確的是(

)

A.花瓶受到重力、支持力、靜摩擦力和向心力的作用

B.花瓶所受靜摩擦力方向與速度方向相反

C.花瓶受到的合力方向不變

D.保持餐桌的角速度不變，將花瓶放在更靠近圓心的位置，兩者仍可保持相對(duì)靜止4.如圖所示，用內(nèi)阻為110Ω、滿偏電流為50mA的表頭改裝成量程為0.6A和3A的雙量程電流表，接線柱a為公共接線柱，下列說法正確的是(

)A.用a、b兩個(gè)接線柱時(shí)量程為0.6A B.R1的阻值為2Ω

C.R2的阻值為10Ω D.5.地球同步衛(wèi)星的對(duì)地張角為2θ，運(yùn)行軌道如圖中圓形虛線所示。已知地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，萬有引力常量為G，則地球的自轉(zhuǎn)周期為(

)

A.2πRg B.C.2πsinθ6.如圖所示，是高速磁懸浮列車在水平長(zhǎng)直軌道上的模擬運(yùn)行圖，列車由質(zhì)量均為m的4節(jié)車廂組成，其中1號(hào)車廂為動(dòng)力車廂。列車由靜止開始以額定功率P運(yùn)行，經(jīng)過一段時(shí)間達(dá)到最大速度。列車向右運(yùn)動(dòng)過程中，1號(hào)車廂會(huì)受到前方空氣的阻力，假設(shè)車廂碰到空氣前空氣的速度為0，碰到空氣后空氣的速度立刻與列車速度相同，已知空氣密度為ρ。1號(hào)車廂的迎風(fēng)面積(垂直運(yùn)動(dòng)方向上的投影面積)為S，不計(jì)其他阻力，忽略2號(hào)、3號(hào)、4號(hào)車廂受到的空氣阻力。當(dāng)列車由靜止開始以額定功率運(yùn)行到速度為最大速度的13時(shí)，1號(hào)車廂對(duì)2號(hào)車廂的作用力大小為(

)

A.2693P2ρS B.136二、多選題：本大題共3小題，共12分。7.如圖所示，平行金屬板中有一個(gè)帶電油滴懸浮在兩板間的P點(diǎn)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，選地面的電勢(shì)為零，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是(

)

A.油滴帶負(fù)電，將向下運(yùn)動(dòng)

B.電壓表示數(shù)變大

C.電源的效率變低

D.若電壓表、電流表的示數(shù)變化量分別為ΔU和ΔI，則ΔUΔI<8.宇航員要適應(yīng)在高速旋轉(zhuǎn)下的生活。某次訓(xùn)練時(shí)，訓(xùn)練宇航員的運(yùn)動(dòng)可以簡(jiǎn)化為如圖所示的模型，在高速旋轉(zhuǎn)的豎直圓筒上，豎直側(cè)壁有一質(zhì)量為m的物體，該物體隨圓筒一起做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知物體和豎直側(cè)壁的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物體和側(cè)壁最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力相等，重力加速度為g，則(

)A.物體一定受重力、彈力和靜摩擦力的作用 B.物體轉(zhuǎn)動(dòng)角速度越大，靜摩擦力越大

C.物體轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度至少為μgD.物體轉(zhuǎn)動(dòng)的最大周期為29.在冰壺比賽中，某隊(duì)員利用紅壺去碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營(yíng)中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖(a)所示，碰撞前后兩壺運(yùn)動(dòng)的v-t圖線如圖(b)中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前A.碰后藍(lán)壺速度為0.8m/s

B.兩壺發(fā)生的碰撞是彈性碰撞

C.碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為1三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。10.圖甲所示的裝置可以用來探究向心力大小與質(zhì)量、角速度和半徑之間的關(guān)系。擋板A、B、C到各自轉(zhuǎn)軸的距離之比為1：2：1，變速塔輪自上而下有如圖乙所示兩種組合方式傳動(dòng)。

(1)本實(shí)驗(yàn)所采用的實(shí)驗(yàn)探究方法與下列實(shí)驗(yàn)相同的是______；

A.探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律

B.探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系

C.探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)

(2)在探究向心力大小F與質(zhì)量m的關(guān)系時(shí)，應(yīng)把傳動(dòng)皮帶調(diào)至第______(選填“一”或“二”)層塔輪，質(zhì)量不同的兩小球應(yīng)放置于擋板A和擋板______(選填“B”或“C”)處。

(3)若將皮帶套在第二層塔輪，質(zhì)量相同的兩鋼球放在圖甲所示位置的擋板處，轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，穩(wěn)定后，觀察到左側(cè)標(biāo)尺露出1格，右側(cè)標(biāo)尺露出4格，則可以得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論為：______。11.某同學(xué)用圖甲實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。已知入射小球質(zhì)量為m1，被碰小球質(zhì)量為m2，記錄小球拋出點(diǎn)在水平地面上的豎直投影點(diǎn)O，測(cè)出碰撞前后兩小球的平均落地點(diǎn)的位置M、P、N與O的距離分別為x1、x2(1)若入射小球半徑為r1，被碰小球半徑為r2，則要求A.m1>m2C.m1>m2(2)入射小球從軌道上滑下時(shí)，軌道的粗糙程度對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)論_____(選填“有影響”或“無影響”)；(3)若兩球碰撞時(shí)的動(dòng)量守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為_____(用題中所給物理量的符號(hào)表示)。(4)某實(shí)驗(yàn)小組用另一組裝裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，如圖所示，在水平槽末端與水平地面間放置了一個(gè)斜面，斜面的頂點(diǎn)與水平槽等高且無縫連接，使入射小球仍從斜槽上S點(diǎn)由靜止滑下，多次實(shí)驗(yàn)，得到兩球落在斜面上的平均落點(diǎn)M'、P'、N'。用刻度尺測(cè)量斜面頂點(diǎn)到M'、P'、N'三點(diǎn)的距離分別為l1、l2、四、計(jì)算題：本大題共3小題，共30分。12.在如圖所示電路中，電阻R1=5Ω，電阻R3=1Ω。閉合開關(guān)S1，在開關(guān)S2斷開的情況下，理想電壓表的讀數(shù)為2.5V；在開關(guān)(1)在開關(guān)S2斷開的情況下，電阻R(2)在開關(guān)S2閉合的情況下，電阻R0和R13.在“質(zhì)子療法”中，質(zhì)子先被加速到具有較高的能量，然后被引向轟擊腫瘤，殺死細(xì)胞。如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子從極板A處由靜止加速，通過極板A1中間的小孔以v0=1×107m/s射出，然后從坐標(biāo)系xOy中的B點(diǎn)(0,d)平行于x坐標(biāo)軸進(jìn)入yOP區(qū)域，該區(qū)域充滿沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，OP與x軸夾角α=30°。質(zhì)子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)垂直擊中邊界OP(1)極板AA1間的加速電壓(2)B、C兩點(diǎn)電勢(shì)差U(3)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小。14.如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定一絕緣軌道ABCD，光滑軌道AB水平放置，粗糙軌道CD與水平方向夾角為θ=60°，BC是絕緣光滑的圓弧形軌道，與AB、CD相切于B、C兩點(diǎn)，圓弧的圓心為O，半徑R=1m。軌道所在空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E=1×104N/C?，F(xiàn)有一質(zhì)量m=3kg、電荷量q=1×10-3C的帶正電的小物塊((1)物塊第一次經(jīng)過圓弧上的B點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力大??；(2)物塊釋放點(diǎn)距離C點(diǎn)的高度h；(3)物塊在CD軌道上運(yùn)動(dòng)的總路程x。

答案解析1.【答案】C

【解析】解：AD.電場(chǎng)線的疏密程度表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，A點(diǎn)電場(chǎng)線更密集，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，根據(jù)電場(chǎng)的疊加及對(duì)稱性可知，M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，帶正電的粉塵在M點(diǎn)和N點(diǎn)，所受電場(chǎng)力不相同，故AD錯(cuò)誤；

B.電場(chǎng)線密集的地方電場(chǎng)越大，C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)小，故B錯(cuò)誤；

C.電場(chǎng)線由正電荷指向負(fù)電荷，可知金屬圓筒Q帶正電，電極P帶負(fù)電，故C正確。

故選：C。

根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系，從而分析電場(chǎng)力的關(guān)系。

2.【答案】C

【解析】【分析】

本題考查了系統(tǒng)動(dòng)量守恒的判斷、動(dòng)量定理的一般應(yīng)用、機(jī)械能守恒的判斷；解決本題的關(guān)鍵知道小球在整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)情況。

對(duì)小球進(jìn)行受力分析之后，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度變化情況，進(jìn)而可分析小球的運(yùn)動(dòng)情況，進(jìn)而得到小球動(dòng)量變化情況，因輕彈簧質(zhì)量不計(jì)，也就得到了系統(tǒng)動(dòng)量變化情況；對(duì)小球應(yīng)用動(dòng)量定理可分析出小球所受合外力對(duì)小球的沖量，從而比較出彈簧對(duì)小球和重力對(duì)小球沖量大小關(guān)系；

系統(tǒng)在整個(gè)過程中，只受重力和彈簧彈力作用，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球機(jī)械能不守恒。

【解答】

A.小球和彈簧組成的系統(tǒng)受到地面支持力及重力作用，故動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；

B.小球先加速后減速，故動(dòng)量先增大再減小，故B錯(cuò)誤；

C.從小球開始接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，速度從非零向下到零。依據(jù)動(dòng)量定理，合沖量向上不為零，彈簧對(duì)小球沖量的大小大于重力對(duì)小球沖量的大小，故C正確；

D.根據(jù)上述，從小球開始接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球先向下做加速度減小的變加速直線運(yùn)動(dòng)，后向下做加速度增大的變減速直線運(yùn)動(dòng)，彈簧彈力對(duì)小球做負(fù)功，小球的機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤。3.【答案】D

【解析】AB.花瓶受到重力、支持力、靜摩擦力作用，靜摩擦力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，靜摩擦力方向與速度方向垂直，故ABC.花瓶做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則受到的合力指向圓心，方向不斷發(fā)生變化，故C錯(cuò)誤；D.保持餐桌的角速度不變，將花瓶放在更靠近圓心的位置，根據(jù)

f=mω2故選D。4.【答案】B

【解析】接a、b兩個(gè)接線柱時(shí)Ig得I1=Ig(Rg+R2)R1可知I1>I2，則用a、b兩個(gè)接線柱時(shí)量程為3代入數(shù)據(jù)，解得R1=2Ω，R2=8Ω，則5.【答案】D

【解析】同步衛(wèi)星的環(huán)繞半徑為

r=Rsinθ，對(duì)同步衛(wèi)星，根據(jù)

GMmr2=m2πT故選D。6.【答案】B

【解析】設(shè)動(dòng)車的速度為v，動(dòng)車對(duì)空氣的作用力為F，根據(jù)動(dòng)量定理可得Ft=ρvtSv-當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，速度達(dá)到最大，則P=Fvm，解得vm=3此時(shí)受到的牽引力F牽=Pv'，解得F對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定律F牽-f=4ma，

對(duì)2、3、4故選B。7.【答案】AC

【解析】AB.油滴原來靜止在電容器內(nèi)，受向上的電場(chǎng)力與向下的重力且二力平衡，由題圖可知，電容器內(nèi)部電場(chǎng)方向向下，所以油滴帶負(fù)電。當(dāng)滑片向b端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中的總電流增大，路端電壓減小，所以

R1

兩端的電壓增大，則電容器兩端電壓減小，即電壓表示數(shù)變小，電容器內(nèi)場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受電場(chǎng)力小于重力，將向下運(yùn)動(dòng)，故A正確，C.電源的效率為η當(dāng)滑動(dòng)變阻器

R4

的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，其阻值減小，則外電阻

R外

減小，電源的效率變低，故D.根據(jù)閉合電路歐姆定律可知E可得U若電壓表、電流表的示數(shù)變化量分別為

ΔU

和

ΔI

，則有ΔU故D錯(cuò)誤。故選AC。8.【答案】AD

【解析】A.物體受重力、彈力、靜摩擦力，三力的合力指向圓心，故A正確；B.物體所受的靜摩擦力一直和重力相等，故B錯(cuò)誤；CD.豎直方向有

μFN=mg，水平方向有

FN=mω2R，解得物體轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度至少為故選AD。9.【答案】AD

【解析】AB、由圖知：碰前紅壺的速度為v0=1.0m/s，碰后速度為v1=0.2m/s，碰后紅壺沿原方向運(yùn)動(dòng)，設(shè)碰后藍(lán)壺的速度為v2，取碰撞前紅壺的速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量守恒定律可得：mv0=mv1+mv2，代入數(shù)據(jù)解得：v210.【答案】B；

一；C；

兩小球的質(zhì)量和做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相等時(shí)，向心力的大小與角速度的平方成正比

【解析】(1)本實(shí)驗(yàn)要探究F與m、ω、r之間的關(guān)系，需要保持m、ω、r中兩個(gè)量相等，探究F與第三個(gè)量之間的關(guān)系，這種探究方法叫作控制變量法。探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律所采用的探究方法為等效替代法；探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系所采用的探究方法為控制變量法；探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)所采用的探究方法是運(yùn)動(dòng)的合成與分解法，故B正確，AC錯(cuò)誤。

故選：B。

(2)在探究向心力大小F與質(zhì)量m的關(guān)系時(shí)，應(yīng)控制兩球做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度相等，做圓周運(yùn)動(dòng)半徑相等，則應(yīng)把傳動(dòng)皮帶調(diào)至第一層塔輪，質(zhì)量不同的兩小球應(yīng)放置于A、C兩位置；

(3)由題意知，兩小球的m、r相等，ω1ω2=12，根據(jù)F=mrω2可知，F(xiàn)1F2=14，所以兩小球的質(zhì)量和做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相等時(shí)，向心力的大小與角速度的平方成正比。

故答案為：(1)B；11.【答案】(1)(2)無影響(3)

m(4)

m

【解析】(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)為保證兩球正碰，則兩球必須等大，即

r1=r2

；為防止入射球碰后反彈，則入射球質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量，即

m1>m2(2)入射小球從軌道上滑下時(shí)，軌道的粗糙程度對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)論沒有影響，小球滑到底端時(shí)速度相同即可。(3)碰撞前小球

m1

落點(diǎn)為

P

，碰撞后小球

m1

落點(diǎn)為

M

，小球

m2

落點(diǎn)為

N

；由于兩小球在空中下落的高度相同，所以平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，設(shè)為

t

根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得

m若兩球碰撞時(shí)的動(dòng)量守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為

m1(4)碰撞前小球

m1

落點(diǎn)為

P'

，碰撞后小球

m1

落點(diǎn)為

M'

，小球

m2

落點(diǎn)為

N'

，設(shè)斜面傾角為解得

v同理可得

v根據(jù)動(dòng)量守恒表達(dá)式

m可得

m112.【答案】解：(1)在開關(guān)S2斷開的情況下，根據(jù)歐姆定律

電路中的電流為：I=U1R1=2.55A=0.5A，

因?yàn)镋=IR1+IR2+IR3，

R2=E-IR1-IR3I=6Ω【解析】本題考查了歐姆定律、電功率等知識(shí)點(diǎn)，解題關(guān)鍵是明確電路結(jié)構(gòu)，熟練掌握串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，利用歐姆定律、電功率公式分析解題。13.【答案】解：(1)質(zhì)子在極板

AA1

間加速，由動(dòng)能定理可得解得極板

AA