2021-2025年高考物理真題知識點分類匯編之運動和力的關(guān)系（一）

一.選擇題（共20小題）

1.（2025?山東）工人在河堤的硬質(zhì)坡面上固定一垂直坡面的擋板，向坡底運送長方體建筑材料。如圖所

示，坡面與水平面夾角為①交線為PN,坡面內(nèi)QN與PN垂直，擋板平面與坡面的交線為MN,Z

MNQ=0。若建筑材料與坡面、擋板間的動摩擦因數(shù)均為a重力加速度大小為g,則建筑材料沿MN

向下勻加速滑行的加速度大小為（）

A.gsin20-pgcosO-ngsin6cos6

B.gsinbcosB-pgcosH-pgsin2U

C.gsinOcosG-pgcosG-|igsin9cos0

D.gcos20-ngcos0-|igsin20

2.（2025?甘肅）2025年4月24日，在甘肅酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了搭載神舟二十號載人飛船的長征

二號F遙二十運載火箭。若在初始的1s內(nèi)燃料對火箭的平均推力約為6X1。62火箭質(zhì)量約為50（）噸

且認為在1s內(nèi)基本不變，則火箭在初始1s內(nèi)的加速度大小約為（重力加速度g取lOm/s?）（）

A.2m/s2B.4m/s2C.6m/s2D.12m/s2

3.（2025?湖北）一個寬為L的雙軌推拉門由兩扇寬為$的門板組成，門處于關(guān)閉狀態(tài)，其俯視圖如圖（a）

所示。某同學用與門板平行的水平恒定拉力作用在一門板上，一段時間后撤去拉力，該門板完全運動到

另一邊，且恰好不與門框發(fā)生碰撞，其俯視圖如圖（b）所示。門板在運動過程中受到的阻力與其重力

大小之比為山重力加速度大小為go若要門板的整個運動過程用時盡量短，則所用時間趨近于（）

L_L_

:.2j21

:1........1

圖（a）

圖(b)

A?匾B搗D.2品

4.（2025?北京）模擬失重環(huán)境的實驗艙，通過電磁彈射從地面由靜止開始加速后豎直向上射出，上升到

最高點后回落，再通過電磁制動使其停在地面。實驗艙運動過程中，受到的空氣阻力f的大小隨速率增

大而增大，f隨時間［的變化如圖所示（向上為正）。下列說法正確的是（）

A.從U到13,實驗艙處于電磁彈射過程

B.從12到13,實驗艙加速度大小減小

C.從t3到t5,實驗艙內(nèi)物體處于失重狀態(tài)

D.t4時刻，實驗艙達到最高點

5.（2025?選擇性）某智能物流系統(tǒng)中，質(zhì)量為20kg的分揀機器人沿水平直線軌道運動，受到的合力沿軌

道方向，合力F隨時間I的變化如圖所示，則下列圖像可能正確的是（）

6.（2025?安徽）如圖，裝有輕質(zhì)光滑定滑輪的長方體木箱靜置在水平地面上，木箱上的物塊甲通過不可

伸長的水平輕繩繞過定滑輪與物塊乙相連。乙拉著甲從靜止開始運動，木箱始終保持靜止。已知甲、乙

質(zhì)量均為1.0kg,甲與木箱之間的動摩擦因數(shù)為0.5,不計空氣阻力，重力加速度g取lOm/s2,則在乙下

落的過程中（)

n1

///////////////////>/////

A.甲對木箱的摩擦力方向向左

B.地面對木箱的支持力逐漸增大

C.甲運動的加速度大小為2.5m/s2

D.乙受到繩子的拉力大小為5.0N

7.（2024?選擇性）利用硯臺將墨條研磨成墨汁時講究“圓、緩、勻二如圖，在研磨過程中，硯臺始終靜

止在水平桌面上。當墨條的速度方向水平向左時（）

A.硯臺對墨條的摩擦力方向水平向左

B.桌面對硯臺的摩擦力方向水平向左

C.桌面和黑條對硯臺的摩擦力是一對平衡力

D.桌面對硯臺的支持力與墨條對硯臺的壓力是一對平衡力

8.（2024?廣東）如圖所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定。木塊從彈簧正上方H高度處由靜止釋放，以

木塊釋放點為原點，取豎直向下為正方向，木塊的位移為y,所受合外力為F,運動時間為t,忽略空氣

阻力，彈簧在彈性限度內(nèi)，關(guān)于木塊從釋放到第一次回到原點的過程中，其F-y圖像或y-t圖像可能

正確的是（）

木塊T

H

■1

tr\yTT\y

9.（2024?湖南）如圖，質(zhì)量分別為4m、3m、2m、m的四個小球A、B、C、D,通過細線或輕彈簧互相

連接，懸掛于O點，處于靜止狀態(tài)，重力加速度為g。若將B、C間的細線剪斷，則剪斷瞬間B和C

的加速度大小分別為（）

6D

A.g,1.5gB.2g,1.5gC.2g,0.5gD.g,0.5g

10.（2024?北京）如圖所示，飛船與空間站對接后，在推力F作用下一起向前運動，飛船和空間站的質(zhì)量

分別為m和M,則飛船和空間站之間的作用力大小為（）

空間站~~飛船一_____

II.（2024?北京）水平傳送帶勻速運動，將一物體無初速度地放置在傳送帶上，最終物體隨傳送帶一起勻

速運動。下列說法正確的是（）

A.剛開始物體相對傳送帶向前運動

B.物體勻速運動過程中，受到靜摩擦力

C.物體加速運動過程中，摩擦力對物體做負功

D.傳送帶運動速度越大，物體加速運動的時間越長

12.（2024?安徽》傾角為0的傳送帶以恒定速率vo順時針轉(zhuǎn)動。t=0時在傳送帶底端無初速輕放一小物

塊，如圖所示。I。時刻物塊運動到傳送帶中間某位置，速度達到vo。傳送帶各處的粗糙程度相同，不計

空氣阻力，則物塊從傳送帶底端運動到頂端的過程中，加速度a、速度v隨時間t變化的關(guān)系圖線可能

正確的是（）

13.（2024?浙江）下列屬于國際單位制基本單位符號的是（）

A.sB.NC.FD.T

14.（2024?安徽）如圖所示，豎直平面內(nèi)有兩完全相同的輕質(zhì)彈簧，它們的一端分別固定于水平線上的M、

N兩點，另一端均連接在質(zhì)量為m的小球上。開始時，在豎直向上的拉力作用下，小球靜止于MN連

線的中點O,彈簧處于原長.后將小球聯(lián)直向上緩慢拉至P點，并保持靜止，此時拉力F大小為2mg.

已知重力加速度大小為g,彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力。若撤去拉力，則小球從P點運動

到O點的過程中（）

C.加速度的最大值為3gD.加速度先增大后減小

15.（2023?遼寧）安培通過實驗研究，發(fā)現(xiàn)了電流之間相互作用力的規(guī)律。若兩段長度分別為ALi和AL2、

電流大小分別為h和12的平行直導線間距為「時,相互作用力的大小可以表示為F=k號必。比

例系數(shù)k的單位是（）

A.kg*m/(S2*A)B.kg,m/(S2*A2)

C.kgTn2/(S3*A)D.kg,m2/(S3*A3)

16,（2023?北京）如圖所示，在光滑水平地面上，兩相同物塊用細線相連。兩物塊質(zhì)量均為1kg,細線能

承受的最大拉力為2N。若在水平拉力F作用下，兩物塊走向右做勻加速直線運動。則F的最大值為

)

/////////

A.INB.2NC.4ND.5N

17.（2023?浙江）在足球運動中，足球入網(wǎng)如圖所示，則（）

A.踢香蕉球時足球可視為質(zhì)點

B.足球在飛行和觸網(wǎng)時慣性不變

C.足球在飛行時受到腳的作用力和重力

D.觸網(wǎng)時足球?qū)W(wǎng)的力大于網(wǎng)對足球的力

18,（2023?浙江）如圖所示，在考慮空氣阻力的情況下，一小石子從O點拋出沿軌跡OPQ運動，其中P

是最高點。若空氣阻力大小與瞬時速度大小成正比，則小石子豎直方向分運動的加速度大?。ǎ?/p>

A.O點最大

B.P點最大

C.Q點最大

D.整個運動過程保持不變

19.（2023?浙江）下列屬于國際單位制中基本單位符號的是（）

A.JB.KC.WD.Wb

20.（2022?遼寧）如圖所示，一小物塊從長1m的水平桌面一端以初速度vo沿中線滑向另一端，經(jīng)過1s

從另一端滑落。物塊與桌面間動摩擦因數(shù)為2g取10m/s2。下列vo、u值可能正確的是（）

C.-0.28D.p=0.25

2021-2025年高考物理真題知識點分類匯編之運動和力的關(guān)系（一）

參考答案與試題解析

一.選擇題（共20小題）

題號1234567891011

答案BABBACCBAAD

題號121314151617181920

答案CAABCBABB

一,選擇題（共20小題）

I.（2025?山東）工人在河堤的硬質(zhì)坡面上固定一垂直坡面的擋板，向坡底運送長方體建筑材料。如圖所

示，坡面與水平面夾角為仇交線為PN,坡面內(nèi)QN與PN垂宜，擋板平面與坡面的交線為MN,Z

MNQ=0o若建筑材料與坡面、擋板間的動摩擦因數(shù)均為H，重力加速度大小為g,則建筑材料沿MN

向下勻加速滑行的加速度大小為（）

PN

A.gsin26-pgcosG-pgsin0cos0

B.gsin6cos8-jigcosG-|.igsiir0

C.gsin6cos6-pgcosO-pgsin9cos0

D.geos%-ngcosO-|igsin26

【考點】物體在粗糙斜面上的運動.

【專題】應用題：學科綜合題：定量思想：推理法：摩擦力專題：分析綜合能力.

【答案】B

【分析】對長方體建筑材料進行受力分析，根據(jù)力的合成與分解、滑動摩擦力公式和牛頓第二定律求解

作答。

【解答】解：將長方體建筑材料的重力沿著斜面和垂直斜面分解，垂直斜面方向FNi=mgcos6

斜面對長方體建筑材料的摩擦力fi=pFNi=nmgcose

方向沿MN向上；

重力沿斜面QN方向的分力Gi=mgsin0

Gi垂直于MN的分力風2=G.sind=mgsin26

擋板對長方體建筑材料的摩擦力心=〃氐2=^ngsin20

方向沿MN向上；

Gi沿MN向下的分力Gz=G?cos0=mgsinBcosG

根據(jù)牛頓第二定律G2-fl-f2=ma

聯(lián)解得a=gsin9cos0-jigcosG-|igsin20

故ACD錯誤，B正確。

故選：Bo

【點評】本題主要考查了受力分析、力的合成與分解、滑動摩擦力公式和牛頓第二定律的運用；本題對

立體空間的認知要求高，根據(jù)力的合成與分解求解斜面對■長方體、擋板對長方體的支持力是解題的關(guān)鍵。

2.（2025?甘肅）2025年4月24日，在甘肅酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了搭載神舟二十號載人飛船的長征

二號F遙二十運載火箭。若在初始的1s內(nèi)燃料對火箭的平均推力約為6XKHN,火箭質(zhì)量約為500噸

且認為在Is內(nèi)基本不變，則火箭在初始1s內(nèi)的加速度大小約為（重力加速度g取IOm/s2）（）

A.2m/s2B.4m/s2C.6m/s2D.I2m/s2

【考點】牛頓第二定律的簡單應用.

【專題】應用題；學科綜合題：定量思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題：分析綜合能力.

【答案】A

【分析】根據(jù)牛頓第二定律求解作答。

【解答】解：取豎直向上為正方向，根據(jù)牛頓第二定律R-譏g=ma

加速度a9—。2mls2-10m/s2=2m/s2

m5‘00“XI103

故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

【點評】本題主要考查了牛頓第二定律的簡單運用，基礎題，

3.（2025?湖北）一個寬為L的雙軌推拉門由兩扇寬為3的門板組成，門處于關(guān)閉狀態(tài)，其俯視圖如圖（a）

所示。某同學用與門板平行的水平恒定拉力作用在一門板.匕一段時間后撤去拉力，該門板完全運動到

另一邊，且恰好不與門框發(fā)生碰撞，其俯視圖如圖（b）所示。門板在運動過程中受到的阻力與其重力

大小之比為山重力加速度大小為go若要門板的整個運動過程用時盡量短，則所用時間趨近于（）

LL_

2

-7

—1..........................1

圖(a)

圖（b）

A?%B-JS。,據(jù)D.2懸

【考點】牛頓第二定律的簡單應用；勻變速直線運動位移與時間的關(guān)系.

【專題】定量思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】B

【分析】門板先做勻加速運動，后做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結(jié)合題意求解。

【解答】解：門板先在向右的外力作用下做勻加速直線運動，撤去外力后做勻減速直線運動，若外力比

較大，加速時間很短，位移很小，可以忽略不計，此時門板的運動時間最短，撤去外力后根據(jù)牛頓第二

L1

定律，有pmg=ma,設撤去外力后門板最短運動時間為t,運動的距離為5=5aPo,可得門板的最短運

動時間趨近于￡二隔B正確，ACD錯誤。

故選：Bo

【點評】本題主要考查牛頓第二定律的簡單應用，極限法的應用是難點。

4.（2025?北京）模擬失重環(huán)境的實驗艙，通過電磁彈射從地面由靜止開始加速后豎直向上射出，上升到

最高點后回落，再通過電磁制動使其停在地面。實驗艙運動過程中，受到的空氣阻力f的大小隨速率增

大而增大，f隨時間t的變化如圖所示（向上為正）。下列說法正確的是（）

A.從U到t3,實驗艙處于電磁彈射過程

B.從t2到t3，實驗艙加速度大小減小

C.從t3到t5,實驗艙內(nèi)物體處于失重狀態(tài)

D.t4時刻，實驗艙達到最高點

【考點】超重與失重的圖像問題.

【專題】定性思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】B

【分析】根據(jù)阻力的方向和大小的變化情況，分析實驗艙的速度變化和運動方向，確定實驗艙的運動狀

態(tài)；根據(jù)牛頓第二定律判斷實驗艙的加速度變化；根據(jù)加速復方向判斷超重失重情況。

【解答】解：A.ti到t3時間內(nèi)，f向下，先增大后減小，可知此時速度方向向上，先增大后減小，故實

驗艙先處于彈射過程后做豎直上拋運動，故A錯誤；

B.12到t3時間內(nèi)，f向下在減小，可知此時速度方向向上，速度在減小，根據(jù)牛頓第二定律有mg+f=

ma,即a=《+g,故加速度大小在減小，故B正確；

C.t3到t5時間內(nèi)，f向上，先增大后減小，可知此時速度方向向下，先增大后減小，先向下加速后向下

減速，加速度先向下后向上，先失重后超重，故C錯誤；

D.根據(jù)前面分析可知t3時刻速度方向改變，從向上變成向下運動，故t3時刻到達最高點，故D錯誤。

故選：Bo

【點評】本題是信息給予題，要把握空氣阻力與速率的關(guān)系，注意空氣阻力方向與運動方向相反，弄清

楚受力情況和運動情況是關(guān)鍵。

5.（2025?選擇性）某智能物流系統(tǒng)中，質(zhì)量為20kg的分揀機器人沿水平直線軌道運動，受到的合力沿軌

道方向，合力F隨時間t的變化如圖所示，則下列圖像可能正確的是（）

【考點】牛頓第二定律的圖像問題；根據(jù)物體的運動情況判斷V7圖像是否正確.

【專題】定量思想：方程法；牛頓運動定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】A

【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，然后結(jié)合v-t圖像斜率的意義分析。

【解答】解：選取第1s內(nèi)機器人受力的方向為正方向，則第1s內(nèi)機器人的加速度%=A:喋m/s2=

lni/s?

第2s內(nèi)機器人受力為零，則加速度為零；第3s內(nèi)機器人的加速度a?=2==-Im/s?

可知第3s內(nèi)機器人的加速度的方向與第1s內(nèi)加速度的方向相反。

A、若初速度為lm/s,與第Is內(nèi)受力的方向相同，則機器人第Is內(nèi)做加速運動，第2s內(nèi)做勻速運動,

第3s內(nèi)做減速運動，由v-t圖線的斜率表示加速度的大小可知，第1s內(nèi)的加速度是lm/s2,第3s內(nèi)的

加速度大小也是101層，故A正確；

B、該圖中第3s內(nèi)仍然做加速運動，與受力不符，故B錯誤；

C、該圖中第1s的加速度與第3s的加速度都是正值，與受力不符，故C錯誤；

D、該圖中第1s的加速度大小為2m/s2,與實際不符，故D錯誤。

故選：A。

【點評】該題考查力與運動的關(guān)系，既要注意力的大小對加速度大小的影響，也要注意力的方向?qū)铀?/p>

度方向的影響。

6.（2025?安徽）如圖，裝有輕質(zhì)光滑定滑輪的長方體木箱靜置在水平地面上，木箱上的物塊甲通過不可

伸長的水平輕繩繞過定滑輪與物塊乙相連。乙拉著甲從靜止開始運動，木箱始終保持靜止。已知甲、乙

質(zhì)量均為1.0kg,甲與木箱之間的動摩擦因數(shù)為0.5,不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2,則在乙下

落的過程中（）

D甲

/////////////////////////

A.甲對木箱的摩擦力方向向左

B.地面對木箱的支持力逐漸增大

C.甲運動的加速度大小為2.5m/s2

D.乙受到繩子的拉力大小為5.0N

【考點】連接體模型；滑動摩擦力的方向；牛頓第三定律的理解與應用.

【專題】定量思想；推理法；摩擦力專題；推理論證能力.

【答案】C

【分析】根據(jù)相對運動知識、牛頓第三定律和豎直方向滿足的條件、牛頓第二定律等進行分析解答。

【解答】解：A.因為物塊甲相對于木箱向右運動，所以木箱對甲的滑動摩擦力方向向左，由牛頓第三定

律可知，甲對木箱的摩擦力方向向右，故A錯誤；

B.設乙運動的加速度為a,只要乙有豎直向下的恒定加速度，對甲、乙和木箱整體，豎直方向滿足FN

=則地面對木箱的支持力大小不變，故B錯誤；

CD.設繩子的彈力大小為T,對甲受力分析有T-Rmg=ma,對乙受力分析有mg-T=ma,聯(lián)立解得a

=2.5m/s2,T=7.5N,故C正確，D錯誤。

故選：Co

【點評】考查相對運動知識、牛頓第三定律和豎直方向滿足的條件、牛頓第二定律等，會根據(jù)題意進行

準確分析解答。

7.（2024?選擇性）利用硯臺將墨條研磨成墨汁時講窕“圓、緩、勻”。如圖，在研磨過程中，硯臺始終靜

止在水平桌面上。當墨條的速度方向水平向左時（）

A.硯臺對墨條的摩擦力方向水平向左

B.桌面對硯臺的摩擦力方向水平向左

C.桌面和墨條對硯臺的摩擦力是一對平衡力

D.桌面對硯臺的支持力與墨條對硯臺的壓力是一對平衡力

【考點】相互作用力與平衡力的區(qū)別和聯(lián)系.

【專題】信息給予題；定性思想；推理法；摩擦力專題；共點力作用下物體平衡專題；理解能力.

【答案】C

【分析】AB.滑動摩擦力的方向與磨條的相對運動方向相反；根據(jù)牛頓第三定律判斷硯臺受到磨條的滑

動摩擦力方向，根據(jù)平衡條件判斷桌面對硯臺的摩擦力方向；

CD.硯臺處「靜止狀態(tài)，根據(jù)平衡條件進行分析。

【解答】解：AB.磨條速度方向水平向左，磨條受到硯臺的滑動摩擦力水平向右，根據(jù)牛頓第三定律硯

臺受到磨條的摩擦力方向向左，硯臺有向左運動的趨勢，桌面對硯臺的摩擦力方向水平向右，故AB錯

誤:

C.硯臺處于靜止狀態(tài)，水平方向的合力為零，桌面和磨條對硯臺的摩擦力是一對平衡力，故C正確；

D.根據(jù)平衡條件桌面對硯臺的支持力與磨條對硯臺的壓力和現(xiàn)臺的重力的合力互相平衡，故D錯誤。

故選：Co

【點評】本題主要考查了摩擦力方向的判斷、牛頓第三定律和平衡條件的運用。

8.（2024?廣東）如圖所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定。木塊從彈簧正上方H高度處由靜止釋放，以

木塊釋放點為原點，取豎直向下為正方向，木塊的位移為y,所受合外力為F,運動時間為3忽略空氣

阻力，彈簧在彈性限度內(nèi)，關(guān)于木塊從釋放到第一次回到原點的過程中，其F-y圖像或y-t圖像可能

【考點】牛頓第二定律的簡單應用；胡克定律及其應用.

【專題】定性思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】B

【分析】根據(jù)題意分析出木塊的合外力特點，并由此得出木塊的加速度變化情況和對應的y-t圖像。

【解答】解：AB、木塊釋放過程中，位移由0增加到H時未接觸彈簧時，木塊的合外力為重力，保持

不變。當y=H時接觸彈簧，根據(jù)胡克定律，可知之后彈簧的彈力逐漸增大，且與物塊的位移成線性關(guān)

系，當彈簧彈力等于重力時合力為零，之后彈力大于重力，合力方向反向向上，到達最低點后木塊開始

向上移動，位移y變小，此后木塊的受力特點和之前的受力特點呈現(xiàn)對稱情況，位移由最大減小到零的

過程，圖像與之前的重合，故A錯誤，B正確；

CD、木塊在未接觸彈簧時做自由落體，加速度保持恒定，則y?t圖像為拋物線，而后彈簧開始有彈力

且逐漸增大，由牛頓第二定律mg-ky=ma,加速度逐漸減個后反向增大，木塊先做加速運動后做減速

運動，直到速度為零，而后的運動情況和之前的成對稱特點，故在y=H之后到位移最大的過程，圖像

的斜率先變大后變小到零，故CD錯誤。

故選：B.

【點評】本題主要考查了牛頓第二定律的相關(guān)應用，熟悉物體的受力分析，結(jié)合牛頓第二定律和圖像的

物理意義即可完成分析。

9.（2024?湖南）如圖，質(zhì)量分別為4m、3m、2m、m的四個小球A、B、C、D,通過細線或輕彈簧互相

連接，懸掛于O點，處于靜止狀態(tài)，重力加速度為g。若將B、C間的細線剪斷，則剪斷瞬間B和C

的加速度大小分別為（）

I

A.g,1,5gB.2g,1.5gC.2g,0.5gD.g,0.5g

【考點】牛頓第二定律的簡單應用；力的分解過程中多解和極值的問題.

【專題】定量思想；控制變量法；牛頓運動定律綜合專題；理解能力.

【答案】A

【分析】剪斷前，對BCD整體和對D分析列式：剪斷瞬間，分別對B、C分析列式。

【解答】解：剪斷前，對BCD整體分析，可得

FAB=（m+2m+3m）g

對D分析列式

FcD=mg

剪斷瞬間，對B分析

FAB-3mg=3ma

解得

a=g

對C分析，其中FCD=FDC,則

FDC+2mg=2ma'

解得

a'=1.5g

加速度方向豎直向下，故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

【點評】本題考查了牛頓第二定律、力的平衡條件等知識點C關(guān)鍵點：彈簧彈力不會突變，細繩的拉力

會發(fā)生突變。

10.（2024?北京）如圖所示，飛船與空間站對接后，在推力F作用下一起向前運動，飛船和空間站的質(zhì)量

分別為m和M,則飛船和空間站之間的作用力大小為（）

空間站飛船

Mm

Mm

C.一D.—F

M+rn.M+m,mM

【考?點】牛頓第二定律的簡單應用.

【7題】定量思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】A

【分析】對飛船和空間站整體和空間站分別列牛頓第二定律方程聯(lián)立解答。

【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律，對飛船和空間站整體有：

F=（M+m）a

對空間站，設飛船對空間站的作用力大小為F',根據(jù)牛頓第二定律有:

F'=Ma

解兩式可得飛船和空間站之間的作用力為：F'=禺

M+m

故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

【點評】考查整體法和隔離法的應用，結(jié)合牛頓第二定律分析解決實際問題。

11.（2024?北京）水平傳送帶勻速運動，將一物體無初速度地放置在傳送帶匕最終物體隨傳送帶一起勻

速運動。下列說法正確的是（）

A.剛開始物體相對傳送帶向前運動

B.物體勻速運動過程中，受到靜摩擦力

C.物體加速運動過程中，摩擦力對物體做負功

D.傳送帶運動速度越大，物體加速運動的時間越長

【考點】水平傳送帶模型；牛頓第二定律的簡單應用.

【專題】定性思想；推理法；摩擦力專題；推理論證能力；模型建構(gòu)能力.

【答案】D

【分析】A.根據(jù)初始時刻物塊速度和傳送帶速度大小關(guān)系判斷；

B.根據(jù)勻速運動的條件判斷摩擦力的有無；

C.根據(jù)物塊做加速運動判斷摩擦力做功的問題：

D.根據(jù)加速度公式結(jié)合勻變速直線運動的公式分析解答。

【解答】解：A.剛開始時，物體速度小于傳送帶速度，則物體相對傳送帶向后運動，故A錯誤；

B.勻速運動過程中，物體與傳送帶之間無相對運動趨勢，則物體不受摩擦力作用，故B錯混；

C.物體加速，由動能定理可知，摩擦力充當合外力對物體做正功，故C錯誤；

D.設物體與傳送帶間動摩擦因數(shù)為p,物體相對傳送帶運動時，a=“g,做勻加速運動時，物體速度小

于傳送帶速度則一直加速，由,,=次可知，傳速帶速度越大，物體加速運動的時間越長，故D正確。

故選：Do

【點評】考杳傳送帶的相關(guān)問題，會根據(jù)題意進行相應的分析和解答。

12.（2024?安徽）傾角為8的傳送帶以恒定速率vo順時針轉(zhuǎn)動。t=0時在傳送帶底端無初速輕放一小物

塊，如圖所示。t。時刻物塊運動到傳送帶中間某位置，速度達到V（J0傳送帶各處的粗糙程度相同，不計

空氣阻力，則物塊從傳送帶底端運動到頂端的過程中，加速度a、速度v隨時間I變化的關(guān)系圖線可能

正確的是（）

復雜的運動學圖像問題；牛頓第二定律的簡單應用.

【專題】信息給予題；定量思想；推理法；運動學中的圖象專題；牛頓運動定律綜合專題：理解能力:

模型建構(gòu)能力.

【答案】C

【分析】在傳送帶底端無初速輕放一小物塊，小物塊先在傳送帶上做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定

律求加速度，結(jié)合v-t圖像和a-t圖像進行分析;

經(jīng)過時間U）,小物塊與傳送帶共速，根據(jù)滑動摩擦力的大小與重力沿斜面向下的分力大小，判斷共速后

小物塊的運動狀態(tài)，再結(jié)合v-t圖像和a-t圖像進行分析作答。

【解答】解：在傳送帶底端無初速輕放一小物塊，小物塊先住傳送帶上做勻加速直線運動，其v-t圖

像為過原點的偵斜直線;

設動摩擦因數(shù)為根據(jù)牛頓第二定律nmgcosO-mgsin0=mai

解得ai=|igcos6-gsinO

加速度保持不變，圖像為平行于t軸的直線;

經(jīng)過時間10,小物塊與傳送帶共速，由于最大靜摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，滑動摩擦力發(fā)生突

變靜摩擦力，此時fm=mgsin。，小物塊受平衡力作用，加速度a2=0,小物塊隨傳送帶一起以速度vo

做勻速直線運動，其v-t圖像為平行于t軸的直線。

綜上分析，故ABD錯誤，C正確。

故選：Co

【點評】本題主要考查了傳送帶問題，能夠?qū)ξ飰K進行正確的受力分析，知道小物塊所受的滑動摩擦力

在小物塊與傳送帶共速時會發(fā)生突變，這是兩者能否保持相對靜止的依據(jù)。

13.（2024?浙江）下列屬于國際單位制基本單位符號的是（）

A.sB.NC.FD.T

【考點】力學單位制與單位制.

【專題】定性思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題；理解能力.

【答案】A

【分析】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量。分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、

物質(zhì)的量。它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，根據(jù)基本單位及其符號分析答題C

【解答】解：國際單位制中的基本單位分別是：長度的單位是米，符號m；電流的單位是安培，符號是

A：熱力學溫度的單位是開爾文，符號K：物質(zhì)的量單位是摩爾，符號mol：發(fā)光強度的單位是坎德拉，

符號cd,質(zhì)量的單位是千克，符號kg；時間的單位是秒，符號s；故A正確，BCD錯誤。

故選：Ao

【點評】國際單位制規(guī)定了七人基本物理量，這七個基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，

這都是需要學生自己記住的。

14.（2024?安徽）如圖所示，豎直平面內(nèi)有兩完全相同的輕質(zhì)彈簧，它們的一端分別固定于水平線上的M、

N兩點，另一端均連接在質(zhì)量為m的小球上。開始時，在豎直向上的拉力作用下，小球靜止于MN連

線的中點O,彈簧處于原長。后將小球豎直向上緩慢拉至P點，并保持靜止，此時拉力F大小為2mg。

已知重力加速度大小為g,彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力。若撤去拉力，則小球從P點運動

到O點的過程中（）

A.速度一直增大B,速度先增大后減小

C.加速度的最大值為3gD.加速度先增大后減小

【考點】牛頓第二定律的簡單應用：胡克定律及其應用.

【專題】信息給予題：定量思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題；動能定理的應用專題；理解能力.

【答案】A

【分折】AB.對小球進行受力分析，然后分折撤去拉力，小球從P點運動到O點的過程中，重力做功和

彈力做功的情況，根據(jù)動能定理分析小球動能的變化，再分析小球速度的變化；

CD.根據(jù)小球的受力情況分析撤去拉力瞬間合力的情況，再根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的最大值以及

加速度的變化情況。

【解答】解：撤去拉力前，小球的受力情況如圖所示：

AB.撤去拉力，小球從P點運動到0點的過程中，小球所受重力和兩彈簧的彈力都對小球做正功，根據(jù)

動能定理可知，小球的動能一宜增大，速度一直增大，故A正確，B錯誤；

C.小球在P點處于靜止狀態(tài)，根據(jù)平衡條件可知小球所受的合力為()，由于拉力F=2mg,因此兩彈簧

的合力為mg；

當撤去F的瞬間，小球所受的合力最大Fm=2mg

根據(jù)牛頓第二定律Fm=mam

解得am=2g,故C錯誤；

D.小球從P點運動到0點的過程中，彈簧的彈力減小，兩彈簧彈力的合力減小，重力不變，小球所受

的合力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球的加速度減小，故D錯誤。

故選：Ao

【點評】本題主要考查了共點力作用下物體的平衡，牛頓第二定律和動能定理；明確合外力做功引起物

體動能的變化.

15.(2023?遼寧)安培通過實驗研究，發(fā)現(xiàn)了電流之間相互作用力的規(guī)律。若兩段長度分別為△Li和AL2、

電流大小分別為h和12的平行直導線間距為r時，相互作用力的大小可以表示為F=k?當必。比

丁2

例系數(shù)k的單位是()

A.kg*m/(S2*A)B.kg*m/(s2*A2)

C.kg*m2/(S3*A)D.kg*m2/(s3*A3)

【考點】力學單位制與單位制.

【專題】定量思想；推理法；磁場磁場對電流的作用；推理論證能力.

【答案】B

【分析】根據(jù)牛頓第二定律，力的單位N可換成kg-m/s2,再根據(jù)表達式中各個物理量的單位推導即可。

【解答】解：由牛頓第二定律F=ma,可得：lN=lkg?m/s2

由F=k---‘可得：

k=//J；胃=鳥=lkg?m/(s2?A2),故B正確，ACD錯誤。

/]/2〃乙1〃乙2i/ixi/iximxim]力4

故選：Bo

【點評】本題以平行直導線相互作用力為背景，考查了單位制問題，要知道國際單位制中基本物理量的

基本單位，能夠通過物理原理將導出單位換成基本單位來表示。

16.(2023?北京)如圖所示，在光滑水平地面上，兩相同物塊用細線相連。兩物塊質(zhì)量均為1kg,細線能

承受的最大拉力為2N。若在水平拉力F作用下，兩物塊?起向右做勻加速直線運動。則F的最大值為

()

77777777/

A.INB.2NC.4ND.5N

【考點】連接體模型；力的合成與分解的應用；牛頓第二定律的簡單應用.

【專題】定量思想：整體法和隔離法：力程法；牛頓運動定律綜合專題；分析綜合能力；模型建構(gòu)能力.

【答案】C

【分析】兩物塊一起向右做勻加速直線運動，對兩個物塊組成的整體，由牛頓第二定律可列出方程；對

左側(cè)物塊，由牛頓第二定律可列出方程；聯(lián)立兩方程，結(jié)合細線能承受的最大拉力，可求出F的最大值。

【解答】解：設每個物塊的質(zhì)量為m,設細線上張力大小為T,對兩個物塊組成的整體，由牛頓第二定

律有

F=(m+m)a

對左側(cè)物塊，由牛頓第二定律有

T=ma

又有：TW2N

聯(lián)立各式解得：FW4N

即F的最大值為4N

故ABD錯誤，C正確。

故選：Co

【點評】解答本題，要靈活采用整體法、隔離法，根據(jù)牛頓第二定律列出相應的方程；兩物塊一起向右

做勻加速直線運動時，F(xiàn)的最大值受細線能承受的最大拉力的限制。

17.(2023?浙江)在足球運動中，足球入網(wǎng)如圖所示，則()

A.踢香蕉球時足球可視為質(zhì)點

B.足球在飛行和觸網(wǎng)時慣性不變

C.足球在飛行時受到腳的作用力和重力

D.觸網(wǎng)時足球?qū)W(wǎng)的力大于網(wǎng)對足球的力

【考點】慣性與質(zhì)量；作用力與反作用力：牛頓第三定律的理解與應用：質(zhì)點.

【專題】定性思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題：理解能力.

【答案】B

【分析】踢出旋轉(zhuǎn)球時，足球的大小和形狀不能忽略，不能看作質(zhì)點；慣性大小僅與物體的質(zhì)量有關(guān)；

足球飛行時不受腳的作用力；一對作用力大小相等，方向相反。

【解答】解：A、踢香蕉球時，香蕉球產(chǎn)生的原因主要是旋轉(zhuǎn)，因旋轉(zhuǎn)，所以足球的大小和形狀不能忽

略，即需要考慮足球的大小和形狀，足球不能看作質(zhì)點，故A借誤；

B、足球的慣性僅與足球的質(zhì)量有關(guān)，與運動狀態(tài)無關(guān)，即在飛行和觸網(wǎng)時足球的慣性不變，故B正確；

C、足球在飛行時不受腳的作用力，僅受重力和空氣阻力，故C錯誤：

D、觸網(wǎng)時足球?qū)W(wǎng)的力和網(wǎng)對足球的力是一對作用力與反作用力，大小相等方向相反，故D錯誤。

故選：B..

【點評】本題考查質(zhì)點、慣性、作用力與反作用力等，解題關(guān)鍵是掌握物體看作質(zhì)點的條件，知道慣性

大小僅與物體的質(zhì)量有關(guān)，一對作用力與反作用力等大反向，

18.（2023?浙江）如圖所示，在考慮空氣阻力的情況下，一小石子從O點拋出沿軌跡OPQ運動，其中P

是最高點。若空氣阻力大小與瞬時速度大小成正比，則小石子豎直方向分運動的加速度大?。ǎ?/p>

A.O點最大

B.P點最大

C.Q點最大

D.整個運動過程保持不變

【考點】牛頓第二定律的簡單應用.

【專題】比較思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題；推理論證能力.

【答案】A

【分析】對小石子受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化。

【解答】解：小石子從0點到P點，豎直方向受到向下的重力和向下的阻力，重力和豎直方向阻力之

和產(chǎn)生豎直方向的分加速度，小石子速度減小，空氣阻力減小，加速度減小，到P點時，豎直方向加速

度最小；

小石子從P點到Q點，豎直方向受到向下的重力和向上的阻力，重力和豎直方向阻力之差產(chǎn)生豎直方

向的分加速度，小石子速度增大，空氣阻力增大，加速度減小，到。點時:豎直方向加速度最??；

即整段過程中，O點豎直方向的加速度最大，故A正確，BCD錯誤；

故選：Ao

【點評】本題考查牛頓第二定律，解題關(guān)鍵是對小石子做好受力分析，結(jié)合牛頓第二定律判斷即可。

19,（2023?浙江）下列屬于國際單位制中基本單位符號的是（）

A.JB.KC.WD.Wb

【考點】力學單位制與單位制.

【專題】定性思想；推理法；理解能力.

【答案】B

【分析】本題根據(jù)國際單位制中基本單位的七個基本單位，即可解答。

【解答】解：國際單位制中基本單位有kg,m,s,K,A,cd,mol,故B正確，ACD錯誤；

故選：Bo

【點評】本題考查學生對國際單位制中基本單位的七個基本單位的掌握，比較簡單。

20.（2022?遼寧）如圖所示，一小物塊從長1m的水平桌面一端以初速度vo沿中線滑向另一端，經(jīng)過1s

從另一端滑落。物塊與桌面間動摩擦因數(shù)為山g取lOm/s2。下列vo、口值可能正確的是（)

A.vo=2.5m/sB.vo=1.5m/sC.-0.28D.尸0.25

【考點】牛頓第二定律的簡單應用.

【專題】定量思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題：推理論證能力.

【答案】B

【分析】物塊做勻變速運動，根據(jù)位移判斷速度的大小，根據(jù)受力分析判斷摩擦因數(shù)。

【解答】解：AB、物塊水平沿中線做勻減速直線運動，則

由題干知

x=lm,t=Is,v>0

代入數(shù)據(jù)有vo〈2m/s,故A不可能，B可能；

CD、對物塊做受力分析有

a=-咯

V2—Vo=2ax

整理有.

詔+2ax>0

由于vo〈2m/s可得pV0.2,故CD不可能。

故選：Bo

【力:評】本題比較新穎，考查學生對規(guī)律知識的理解和靈活應用的能力。

考點卡片

1.質(zhì)點

【知識點的認識】

（I）定義：用來代替物體的有質(zhì)量的點.

①質(zhì)點是用來代替物體的具有質(zhì)量的點，因而其突出特點是“具有質(zhì)量”和“占有位置二但沒有大

小，它的質(zhì)量就是它所代替的物體的質(zhì)量.

②質(zhì)點沒有體積或形狀，因而質(zhì)點是不可能轉(zhuǎn)動的.任何轉(zhuǎn)動的物體在研究其自轉(zhuǎn)時都不可簡化為質(zhì)

點,

③質(zhì)點不一定是很小的物體，很大的物體也可簡化為質(zhì)點.同一個物體有時可以看作質(zhì)點，有時又不

能看作質(zhì)點，要具體問題具體分析.

（2）物體可以看成質(zhì)點的條件：如果在研究的問題中，物體的形狀、大小及物體上各部分運動的差異是

次要或不起作用的因素，就可以把物體看做一個質(zhì)點.

（3）突出主要因索，忽略次要因素，將實際問題簡化為物理模型，是研究物理學問題的基本思維方法之

一，這種思維方法叫理想化方法.質(zhì)點就是利用這種思維方法建立的一個理想化物理模型.

【命題方向】

（I）第一類?？碱}型是對具體事例進行分析?：

在物理學研究中，有時可以把物體看成質(zhì)點，則下列說法中正確的是（）

A.研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)，可以把乒乓球看成質(zhì)點

B.研究車輪的轉(zhuǎn)動，可以把車輪看成質(zhì)點

C.研究跳水運動員在空中的翻轉(zhuǎn)，可以把運動員看成質(zhì)點

D.研究地球繞太陽的公轉(zhuǎn)，可以把地球看成質(zhì)點

分析：當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點，根據(jù)把物體看成質(zhì)點

的條件來判斷即可.

解答：A、研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)時，不能把乒乓球看成質(zhì)點，因為看成質(zhì)點的話，就沒有旋轉(zhuǎn)可言了，所以

A錯誤.

B、研究車輪的轉(zhuǎn)動是，不能把車輪看成質(zhì)點，因為看成質(zhì)點的話，就沒有轉(zhuǎn)動可言了，所以B錯誤.

C、研究跳水運動員在空中的翻轉(zhuǎn)時，不能看成質(zhì)點，把運動員看成質(zhì)點的話，也就不會翻轉(zhuǎn)了，所以C

錯誤.

D、研究地球繞太陽的公轉(zhuǎn)時，地球的大小對于和太陽之間的距離來說太小，可以忽略，所以可以把地球

看成質(zhì)點，所以D正確.

故選D.

點評：考查學生對質(zhì)點這個概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點時的條件，看物體的大小體積對?所研

究的問題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略.

（2）第二類常考題型是考查概念：

下列關(guān)于質(zhì)點的說法中，正確的是（）

A.質(zhì)點是一個理想化模型，實際上并不存在，所以，引入這個概念沒有多大意義

B.只有體積很小的物體才能看作質(zhì)點

C.凡輕小的物體，皆可看作質(zhì)點

D.如果物體的形狀和大小對所研究的問題屬于無關(guān)或次要因素時，即可把物體看作質(zhì)點

分析：物體可以看成質(zhì)點的條件是物體的大小體積對所研究的問題是否產(chǎn)生影響，同一個物體在不同的時

候，有時可以看成質(zhì)點，有時不行，要看研究的是什么問題.

解答：A、質(zhì)點是一個理想化模型，實際上并不存在，引入這個概念可以簡化我們分析的問題，不是沒有

意義，所以A錯誤：

B、體積大的物體也可以看做質(zhì)點，比如地球，所以B錯誤；

C、輕小的物體，不一定可以看做質(zhì)點，要看它的形狀對分析的問題有沒有影響，所以C錯誤：

D、如果物體的形狀和大小對所研究的問題屬于無關(guān)或次要因素時，即可把物體看作質(zhì)點，所以D正確.

故選：D.

點評：考查學生對質(zhì)點這個概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點時的條件，看物體的大小體積對所研

究的問題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略.

【解題方法點撥】

理想模型及其在科學研究中的作用

在自然科學的研究中，“理想模型”的建立，具有十分重要的意義.

第一，引入“理想模型”的概念，可以使問題的處理大為簡化而又不會發(fā)生大的偏差.把現(xiàn)實世界中，

有許多實際的事物與這種“理想模型”十分接近.在一定的場合、一定的條件下，作為一種近似，可以把

實際事物當作“理想模型”來處理，即可以將“理想模型”的研究結(jié)果直接地應用于實際事物.例如，在

研究地球繞太陽公轉(zhuǎn)的運動的M候，由于地球與入陽的平均距離（約為14960萬公里）比地球的半徑（約

為6370公里)大得多，地球上各點相對于太陽的運動可以看做是相同的，即地球的形狀、大小可以忽略

不計.在這種場合，就可以直接把地球當作一個“質(zhì)點”來處理.在研究炮彈的飛行時，作為第一級近似，

可以忽略其轉(zhuǎn)動性能，把炮彈看成一個“質(zhì)點”；作為第二級近似，可以忽略其彈性性能，把炮彈看成一

個“剛體”.在研究一般的真實句體時，在通常的溫度和壓強范圍內(nèi)，可以把它近似地當作“理想氣體”,

從而直接地運用“理想氣體”的狀態(tài)方程來處理.

第二，對于復雜的對象和過程，可以先研究其理想模型，然后，將理想模型的研究結(jié)果加以種種的修

正，使之與實際的對象相符合.這是自然科學中，經(jīng)常采用的一種研究方法.例如：“理想氣體”的狀態(tài)

方程，與實際的氣體并不符合，但經(jīng)過適當修正后的范德瓦爾斯方程，就能夠與實際氣體較好地符合了.

第三，由于在“理想模型”的抽象過程中，舍去了大量的具體材料，突出了事物的主要特性，這就更

便于發(fā)揮邏輯思維的力量，從而使得“理想模型”的研究結(jié)果能夠超越現(xiàn)有的條件?，指示研究的方向，形

成科學的預見.例如：在固體物理的理論研究中，常常以沒有“缺陷”的“理想晶體”作為研究時象.但

應用量子力學對這種“理想晶體”進行計算的結(jié)果，表明其強度竟比普通金屬材料的強度大一千倍.由此，

人們想到：既然“理想晶體”的強度應比實際晶體的強度大一千倍，那就說明常用金屬材料的強度之所以

減弱，就是因為材料中有許多“缺陷”的緣故.如果能設法減少這種“缺陷”，就可能大大提高金屬材料

的強度.后來，實踐果然證實了這個預言.人們沿著這一思路制造出了若干極細的金屬絲，其強度接近于

“理想晶體”的強度，稱之為“金胡須”.總之，由于客觀事物具有質(zhì)的多樣性，它們的運動規(guī)律往往是

非常復雜的，不可能一下子把它們認識清楚.而采用理想化的客體(即“理想模型”)來代替實在的客體，

就可以使事物的規(guī)律具有比較簡單的形式，從而便于人們?nèi)フJ識和掌握它們.

2.勻變速