【物理】電功率物理期末復習一、電功率選擇題1．如圖甲所示電路中，電源電壓可調，燈L1、L2的額定電壓均為6V，L1、L2的I﹣U圖象如圖乙所示，閉合開關S，逐步調大電源電壓至電路允許的最大值，此時（

）A.

L1正常發(fā)光

B.

電源電壓為12V

C.

電路總電阻為30Ω

D.

電路總功率為2.4W【答案】D【解析】【解答】解：由圖乙可知，兩燈泡兩端的電壓為6V時，通過兩燈泡的電流I1=0.6A、I2=0.3A，由電路圖可知，兩燈泡串聯(lián)，電流表測電路中的電流，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，電路中允許通過的最大電流I=I2=0.3A，則L2正常發(fā)光，故A錯誤；由圖乙可知，L1兩端的電壓U1′=2V，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，電源的電壓：U=U1′+U2=2V+6V=8V，故B錯誤；由I=可得，電路總電阻：R==≈26.7Ω，故C錯誤；電路的總功率：P=UI=8V×0.3A=2.4W，故D正確．故選D．【分析】由圖乙可知兩燈泡額定電流下的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可知電路中的最大電流為兩燈泡額定電流中較小的，即額定電流較小的燈泡能正常發(fā)光，根據(jù)圖象讀出兩燈泡兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出電源的電壓，根據(jù)歐姆定律求出電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出電路的總功率．2．如圖所示，電源電壓恒定不變。閉合開關后，滑動變阻器的滑片P由b端移到某點c的過程中，電壓表的示數(shù)由4V變?yōu)?V，電流表的示數(shù)由0.2A變?yōu)?.3A，由此可知（

）A.

電源電壓為7VB.

R1的阻值為20ΩC.

電路消耗的最小功率為1.2WD.

滑片P在b端時，10秒內R1產生的熱量為12J【答案】C【解析】【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，電壓表測R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流。（1）由“閉合開關后，滑動變阻器的滑片P由B端移到某點C的過程中，電壓表的示數(shù)由4V變?yōu)?V，電流表的示數(shù)由0.2A變?yōu)?.3A，”可知，R2兩端電壓為4V，ac兩端電壓Uac=3V，當滑動變阻器的滑片P在b端時，電流I=0.2A，當滑片P由b端移到某點c時，電流I=0.3A，設電源電壓為U，則，解得R1=10Ω，U=6V，AB不符合題意；（2）滑動變阻器滑片P在b端時，R1與R2串聯(lián)，由P=UI可得，電路消耗的最小功率P=UI=6V×0.2A=1.2W，C符合題意；（3）滑片P在b端時，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可得，R1兩端電壓U1=U-U2=6V-4V=2V，10秒內R1產生的熱量Q=W=U1It=2V×0.2A×10S=4J，D不符合題意。故答案為：C?！痉治觥拷Y合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測量對象，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點，應用歐姆定律求出R1的阻值和電源電壓；滑動變阻器滑片P在b端時，此時電路中的電阻值最大，利用P=UI可求得最小功率，此時，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可求得R1兩端電壓，再利用Q=W=UIt可求得R1產生的熱量.3．電子驅蚊器利用變頻聲波直接刺激蚊蟲中樞神經(jīng)，使其非常痛苦，食欲不振，繁殖力下降，無法在此環(huán)境生存，從而達到驅蚊的目的其部分參數(shù)見表格，取g=10N/kg關于驅蚊器下列說法錯誤的是（

）A.

驅蚊器的重力為0.6N

B.

驅蚊器發(fā)出的聲音能被正常人聽到C.

驅蚊器刺激蚊蟲中樞神經(jīng)利用的是超聲波

D.

驅蚊器工作10h消耗電能為0.02kW?h【答案】B【解析】【解答】A、驅蚊器的重力，G＝mg＝0.06kg×10N/kg＝0.6N，A不符合題意；B、人的聽覺范圍20～20000Hz；22kHz～55kHz超出了人的聽覺范圍，故驅蚊器發(fā)出的聲音不能被正常人聽到，B符合題意；C、22kHz～55kHz超出了人的聽覺范圍，故驅蚊器刺激蚊蟲中樞神經(jīng)利用的是超聲波，C不符合題意；D、蚊器工作10h消耗電能為W＝Pt＝0.002kW×10h＝0.2kW?h，D不符合題意。故答案為：B?！痉治觥坷梦矬w質量計算重力的大小，人耳的聽聲范圍是20～20000Hz，超聲波的頻率超過20000Hz，利用功率和時間計算消耗的電能.4．如圖是探究“電流通過導體時產生熱的多少跟什么因素有關”的實驗裝置．通電前，A、B兩個U型管內的液面相平，通電一定時間后，通過R1、R2的電流分別為I1、I2，則（

）A.

I1=I2，A管中的液面較低

B.

I1=I2，A管中的液面較高C.

I1＞I2，A管中的液面較低

D.

I1＞I2，A管中的液面較高【答案】D【解析】【解答】解：由圖可知，右側兩電阻絲并聯(lián)后與左側電阻絲串聯(lián)，并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以I1＞I2，故AB錯誤；由Q=I2Rt可知，通電時間相同時，I1＞I2，R1=R2=5Ω，所以左側電阻產生的熱量較多，密閉空氣吸收熱量后，體積不變，壓強變大，左側容器內氣體的壓強與大氣壓的差值較大，A測玻璃管液面較高．故選D．【分析】由電路圖分析電阻絲的連接方式，根據(jù)串并聯(lián)電路的電流特點可知通過它們的電流關系，根據(jù)Q=I2Rt比較兩電阻產生的熱量關系，密閉空氣吸收熱量后，壓強變大，U形管內兩液面的差值變大，據(jù)此進行解答．5．有兩個額定電壓相同的電熱水壺甲和乙，甲的額定功率為1800W，乙的額定功率為1200W．兩個電熱水壺都正常工作時，下列說法中正確的是（

）A.

甲電熱水壺兩端的電壓較高

B.

電流通過甲電熱水壺做功較快C.

通過兩個電熱水壺的電流相等

D.

相同時間內，兩個電熱水壺消耗的電能一樣多【答案】B【解析】【解答】A.因為兩個電熱水壺的額定電壓相同，且兩個電熱水壺都正常工作，即在額定電壓下工作，所以甲、乙電熱水壺兩端的電壓相等，A不符合題意；B.都正常工作時，甲的額定功率大，所以電流通過甲電熱水壺做功較快，B符合題意；C.都正常工作時，甲的額定功率大，根據(jù)，通過甲電熱水壺的電流大，C不符合題意；D.都正常工作時，甲的額定功率大，根據(jù)可知，相同時間內，甲電熱水壺消耗的電能多，D不符合題意；故答案為：B。【分析】電功率是表示電流做功快慢的物理量；根據(jù)P=UI和W=Pt來作出分析和解答.6．圖示電路中，電源為恒流源，能始終提供大小恒定的電流，R0為定值電阻，移動滑動變阻器R的滑片，則下列表示電壓表示數(shù)U、電路總功率P隨電流表示數(shù)I變化的關系圖線中，可能正確的是（）?A.

?

B.

?

C.

?

D.

?【答案】C【解析】【解答】解：由圖R0與R并聯(lián)，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流．若電源提供的電流恒定為I總，AB、根據(jù)并聯(lián)電路特點可知：U=U0=I0R0=（I總﹣I）R0=﹣IR0+I總R0，其中I總、R0為定值，由U=﹣R0I+I總R0，可知U與I的圖象為一次函數(shù)，且﹣R0＜0，故AB錯誤；CD、由電功率的計算公式：電路消耗總功率：P=UI總=（I總﹣I）R0×I總=﹣I總R0I+I總2R0，其中I總、R0為定值，由P=﹣I總R0I+I總2R0，可知P與I的圖象為一次函數(shù)，﹣I總R0＜0，且I不能為0，P不會為0，故C正確，D錯誤．故選C．【分析】由圖R0與R并聯(lián)，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流．電源提供電流一定，根據(jù)并聯(lián)電路特點分別表示出U與I和P與I的表達式，分析判斷即可7．即將告別母校的你，認為校園生活中的物理量最符合實際的是（

）A.

運動會比賽中100m冠軍的成績約為8s

B.

教室電腦的功率約為1200WC.

教室門高約為200cm

D.

上課時教室內的溫度一般在45°C左右【答案】C【解析】【解答】解：A、男子百米世界紀錄略小于10s，學校運動會比賽中100m冠軍的成績約為12s，故A不符合實際；B、教室電腦的功率約為200W，故B不符合實際；C、中學生的身高在160cm左右，教室門高于中學生身高，約為2m=200cm，故C符合實際；D、夏天，室外溫度可能超過35℃，教室內溫度要低于35℃，不可能達到45℃．故D不符合實際．故選C．【分析】不同物理量的估算，有的需要憑借生活經(jīng)驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算，最后判斷最符合實際的是哪一個．8．某房間原來只接有一只標有“PZ220﹣40”的燈泡，小明又用一只完全相同的燈泡，將它倆串聯(lián)在一起，在電源電壓不變的情況下，房間內的總亮度將（

）A.

變亮

B.

變暗

C.

不變

D.

無法確定【答案】B【解析】【解答】解：因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，兩燈泡串聯(lián)時的總電阻大于其中一個燈泡的電阻，在電源電壓不變的情況下，由P＝UI＝可知，電路的總功率變小，房間內的總亮度變暗。故答案為：B?！痉治觥拷Y合P＝UI＝可知電功率變化情況，進一步可知燈泡亮度的變化情況.9．兩個定值電阻R1、R2并聯(lián)在電路中，如圖甲所示，它們的電流與其兩端的電壓關系如圖乙所示，閉合開關S，則R1，R2產生的熱量之比為（

）A.

2：1

B.

1：2

C.

4：1

D.

1：4【答案】A【解析】【解答】由并聯(lián)電路的特點知道，R1、R2的電壓是相同的，由圖乙知道，在電壓相同時，通過R1、R2的電流之比是2：1；由I=U/R知道，R1、R2的電阻之比為1：2；由圖甲知道，閉合開關S，則通電時間相同，由Q=W=U2Rt知道，產生的熱量與電阻成反比，故R1、R2產生的熱量之比是2：1，故答案為：A?！痉治觥坷脷W姆定律判定R1、R2的阻值關系；根據(jù)焦耳定律公式Q=W=t判定產生熱量的比值.10．如圖為探究“焦耳定律”的實驗裝置。兩個透明容器中密封著等量的空氣，U型管中液面高度的變化反映密閉空氣溫度的變化。將容器中的電阻絲R1、R2串聯(lián)在電路中，且R1＜R2．下列說法正確的是（

）A.

該實驗裝置用于探究“電壓和通電時間一定時，電熱與電阻的關系”B.

閉合開關后，通過的電流大于的電流C.

閉合開關后，甲管中液面上升比乙慢D.

閉合開關后，要使電流增大，應將滑動變阻器滑片P向左移動【答案】C【解析】【解答】解：A、圖中兩電阻串聯(lián)，通過的電流和通電時間相等，而電阻不同，故可研究電流產生的熱量與電阻的關系，AB不符合題意；C、根據(jù)Q=I2Rt，因R1＜R2．故右邊容器中電阻絲產生的熱量多，由轉換法，甲管中液面上升比乙慢，C符合題意；D、閉合開關后，要使電流增大，由歐姆定律，要減小電路的電阻，故應將滑動變阻器滑片P向右移動，D不符合題意。故答案為：C【分析】電阻絲產生的熱量不易直接觀察，可給等質量的氣體加熱，氣體吸熱越多，氣體膨脹程度越大，U形管內的液面高度差越大，采用了轉換法；由焦耳定律Q=I2Rt可知，電流通過導體產生的熱量與通過的電流、導體的電阻和通電時間有關，研究與其中一個因素的關系時，要控制另外兩個因素不變，結合串聯(lián)電路電流的規(guī)律分析.11．如圖所示，將標有“12V6W”的燈泡和“12V3W”的燈泡接在12V的電路中，閉合開關，不考慮溫度對燈絲電阻的影響，下列說法中正確的是

A.

電路總功率等于9W

B.

電路總功率大于9WC.

燈泡和一樣亮

D.

燈泡比燈泡亮【答案】D【解析】【解答】AB．根據(jù)可得，兩燈泡的電阻分別為：，，由電路圖可知，燈泡L1、L2串聯(lián)接在12V的電路中，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的電流：，則電路總功率：，AB不符合題意；CD．由于串聯(lián)電路中電流處處相等，且，根據(jù)可知，燈泡的實際功率較大，則燈泡較亮，C不符合題意，D符合題意。故答案為：D?！痉治觥坷砬逍襞莸倪B接方式，根據(jù)P=求出兩燈泡的電阻，再根據(jù)燈泡的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流；根據(jù)P=UI求出總功率；根據(jù)P=I2R比較兩燈泡實際功率的大小關系，實際功率大的燈泡較亮.12．根據(jù)額定電壓為2.5V小燈泡的I-U圖像（如圖所示）分析，下列結論正確的是（

）

A.

當小燈泡的電壓為0V時，其電阻為0

B.

當小燈泡的電流為0.1A時，其實際功率為0.1WC.

通過小燈泡的電流與其兩端的電壓成正比

D.

小燈泡的額定功率為0.625W【答案】D【解析】【解答】A.電阻是導體的屬性，當小燈泡的電壓為0V時，電流為零，但電阻不為0，A不符合題意；B.如圖當小燈泡的電流為0.1A時，兩端電壓為0.5V，

其實際功率為：，B不符合題意；C.因為燈絲電阻隨溫度升高而變大，當燈兩端的電壓升高時，燈絲的溫度升高，電阻壯大，所以通過小燈泡的電流與其兩端的電壓不成正比，C不符合題意；D.小燈泡的額定電壓為2.5V時，電流為0.25A，所以功率為：，D符合題意；故答案為：D。【分析】根據(jù)坐標圖像，利用電壓和電流計算用電器的電功率.13．如圖所示是“探究電流通過導體時產生熱量的多少與什么因素有關”的實驗裝置，兩個透明容器中密閉這等量的空氣，R1=R2=R3，當開關S閉合后，下列說法正確的是（

）A.

該實驗裝置是探究電流通過電阻時產生的熱量與電阻大小的關系

B.

通過電阻R1和R2的電流相等C.

通電一段時間后，右邊U形管內液面的高度差比左邊小

D.

該實驗裝置是利用U形管中液體的熱脹冷縮來反映電阻放出熱量的多少的【答案】C【解析】【解答】解：A、裝置中R2、R3并聯(lián)后再與R1串聯(lián)，通過R1的電流I1=I2+I3，而I2=I3，所以右邊容器中通過R3的電流I3是左側通過R1電流的一半，即是研究電流產生的熱量與電流的關系，故A錯誤；B、由圖知，通過R1的電流I1=I2+I3，而I2=I3，所以通過電阻R1和R2的電流不相等，故B錯；C、左右兩容器中的電阻相同，而通過電阻R1的電流大于R2的電流，通電時間相同，由Q=I2Rt可知，左邊容器中的電阻產生的熱量多，左邊U形管內液面的高度差比右邊U形管內液面的高度差大，故C正確；D、電流產生的熱量不能用眼睛直接觀察，對密封容器中空氣加熱，引起U型管中液面變化，通過液面高度差的變化來反映，是利用容器內氣體的熱脹冷縮來反映電阻放出熱量的多少，故D錯誤．故選C．【分析】A、電流產生的熱量跟電流大小、電阻大小、通電時間有關，在通電時間和電阻相同時，是探究電流產生熱量跟電流的關系；B、根據(jù)串、并聯(lián)電路的電流大小關系分析判斷C、通電時間相同、電阻相同，通過的電流不同，利用焦耳定律Q放=I2Rt分析判斷；D、電流通過導體產生熱量的多少不能直接觀察，但氣體溫度的變化可以通過U型管中液面高度差的變化來反映，體現(xiàn)的是轉換思想．14．某直流電動機標有“36V

18W”字樣，經(jīng)測量其線圈電阻為2Ω，使電動機正常工作10min．則電動機在這段時間內產生的熱量是（

）A.

1.08×104J

B.

300J

C.

3.888×105J

D.

1.05×104J【答案】B【解析】【解答】解：直流電動機的電流I＝＝＝0.5A，所以電動機線圈產生的熱量：Q＝I2Rt＝（0.5A）2×2Ω×10×60s＝300J。故答案為：B?！痉治觥肯雀鶕?jù)公式I＝計算出直流電動機的電流，再根據(jù)公式Q＝I2Rt可求這臺電動機10min內產生的熱量。15．下列說法正確的是（）A.

電流表測電路中電流時，流過的電流是正電荷定向移動形成的B.

某同學家的電能表示數(shù)是，表示他家消耗的電能是1234.5JC.

可燃冰屬于可再生能源D.

衛(wèi)星電話用電磁波傳遞信息【答案】D【解析】【解答】解：A、在金屬導體中自由電子的定向移動形成電流，故A錯誤；B、某同學家的電能表示數(shù)是，表示他家消耗的電能是1234.5kW?h，故B錯誤；C、可燃冰是埋藏于海底的化石燃料，可燃冰屬于不可再生能源，故C錯誤；D、衛(wèi)星電話是用電磁波傳遞信息的，故D正確．故選：D．【分析】（1）金屬導電靠的是自由電子的定向移動；（2）要知道電能表示數(shù)的最后一位是小數(shù)，單位是kw?h．（3）從能源是否可再利用的角度可把能源分為可再生能源和不可再生能源．人類開發(fā)利用后，在現(xiàn)階段不可能再生的能源，屬于不可再生能源；指在自然界中可以不斷再生、連續(xù)利用的能源，屬于可再生能源．（4）移動通信、衛(wèi)星通信都是利用電磁波中的微波來傳遞信息的，因為微波傳遞信息量大．16．兩定值電阻R1=10Ω，R2=5Ω，現(xiàn)將R1、R2接入如圖所示的電路，電源電壓為3V，當開關S閉合時，下列分析正確的是（

）A.

R1、R2電流之比為1：2

B.

R1、R2兩端的電壓之比為2：1C.

R1、R2消耗的電功率之比為1：2

D.

電路消耗總的電功率等于2.7W【答案】B【解析】【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，R1、R2電流之比為1：1，故A錯誤；由I=可得，R1、R2兩端的電壓之比：====，故B正確；由P=UI可得，R1、R2消耗的電功率之比：===，故C錯誤；因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路消耗的總功率：P總===0.6W，故D錯誤．故選B．【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點可知通過兩電阻的電流關系，根據(jù)歐姆定律求出兩電阻兩端的電壓之比，根據(jù)P=UI求出兩電阻消耗的電功率之比，根據(jù)電阻的串聯(lián)和P=UI=求出電路消耗總的電功率．17．如圖是電阻甲和乙的U﹣I圖象，由圖象可知下列判斷正確的是（

）A.

甲乙都是定值電阻B.

當乙兩端電壓為1V，其電阻值為10ΩC.

將甲和乙串聯(lián)，若甲的電流為0.4A時，電路的總功率為1.2WD.

將甲和乙并聯(lián)，若甲兩端電壓為1V時，干路上的電流為0.4A【答案】C【解析】【解答】A、由圖象可知，甲的電流與電壓成正比，而乙對應的電流與電壓不成正比，即乙電阻的阻值是變化的，A不符合題意；B、由圖象可知，當時，，根據(jù)可得此時乙的阻值：，B不符合題意；C、將甲和乙串聯(lián)，若甲的電流為0.4A時，根據(jù)串聯(lián)電路的電流處處相等的特點，可知甲乙的電流均為0.4A，由圖象可知，此時，；則總功率為：，C符合題意；D、甲和乙并聯(lián)，甲兩端電壓為1V時，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點可知甲乙兩端的電壓均為1V，由圖象可知，此時，，則干路電流為：，D不符合題意；故答案為：C?！痉治觥窟\用圖象法解答問題的一般步驟是：（1）明確圖象中橫縱坐標表示的物理量分別是什么；（2）注意認清橫坐標和縱坐標上最小分格的數(shù)值大小和單位；（3）明確圖象所表示的物理意義；（4）根據(jù)圖象對題目提出的問題作出判斷，得到結論.18．如圖甲所示，已知電流表的量程為0~0.6A，電壓表的量程為0~15V，滑動變阻器R2的規(guī)格為“20Ω0.5A”。閉合開關S后，調節(jié)滑動變阻器的滑片P，得到電流表與電壓表的示數(shù)關系如圖乙所示。在保證電路安全的前提下，下列說法中正確的是（

）A.

電源電壓為9V

B.

R1的阻值為20ΩC.

滑動變阻器的取值范圍是2Ω~20Ω

D.

電路總功率的變化范圍是2W~3W【答案】C【解析】【解答】結合電路圖和乙圖可得：，；解得：，電源電壓為：，AB不符合題意；已知電流表的量程為0~0.6A，滑動變阻器R2的規(guī)格為“20Ω0.5A”，因為串聯(lián)時電流相等，故電路最大電流為0.5A，此時電路總電阻為：，則滑動變阻器最小電阻為：；當滑動變阻器阻值變大時，分得電壓增大，但電源電壓為6V，小于電壓表的量程，故滑動變阻器阻值可以調整到最大，即20Ω，則滑動變阻器接入電路的取值范圍是2Ω~20Ω；最小電流為：，電路最小功率為：；電路最大功率為：。故答案為：C。【分析】利用歐姆定律U=IR求出電源電壓和電阻R1的值，根據(jù)變阻器銘牌和電表的量程，求出變阻器接入電路的阻值范圍，由P=UI求電路的總功率.19．估測是一門技巧，準確的估測可起到事半功倍的效果．下列物理量估測合理的是（

）A.

教室中門的高度大約是10dm

B.

中學生登上一層樓所做的功大約是1500JC.

家用電器電飯煲的功率約為50W

D.

奧運會上男子百米賽跑的速度約為20km/h【答案】B【解析】【解答】解：A、老師的身高在170cm左右，教室門的高度略大于此數(shù)值，在200cm=20dm左右．故A不符合實際；B、中學生的體重在G=500N左右，一層樓高在h=3m左右，中學生登上一層樓所做的功大約是W=Gh=500N×3m=1500J．故B符合實際；C、電水壺的額定功率在1500W左右，家用電飯煲的額定功率與此差不多，在1500W左右．故C不符合實際；D、奧運會上男子百米速度略大于10m/s=10×3.6km/h=36km/h．故D不符合實際．故選B．【分析】此題考查對生活中常見物理量的估測，結合對生活的了解和對物理單位的認識，找出符合實際的選項．20．如圖所示，電源電壓保持6V不變，電壓表的量程為0~3V，電流表的量程為0~0．6A，定值電阻R1的規(guī)格為“10Ω0．5A”，滑動變阻器R2的規(guī)格為“20Ω1A”．閉合開關，為了保證電路安全，下列說法正確的是（

）A.

電流表示數(shù)允許的變化范圍為0．2A~0．5A

B.

R1消耗功率允許的變化范圍為0．4W~0．9WC.

R2接入電路的阻值允許的變化范圍為2Ω~20Ω

D.

電路消耗總功率允許的變化范圍為1．2W~3W【答案】B【解析】【解答】當電壓表的示數(shù)為最大值U1=3V時，定值電阻R1兩端電壓為R1=3V，電路中電流I1="I="I2=U1/R1=0．3A<0．6A，所以電路中最大電流只能為0．3A；滑動變阻器接入電路中的最小電阻電路消耗的最大功率P=UI=6V×0．3A=1．8W,電阻R1消耗的最大功率P1=U1I1=3V×0．3A=0．9W，所以B、C、D錯誤；滑動變阻器阻值最大時，電路中電流最小，電阻R1的最小電功率所以R1消耗的功率的變化范圍為0．4W~0．9W。故答案為:B。【分析】由圖可知：滑動變阻器R1與定值電阻R2串聯(lián)，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理（電阻越大，電阻兩端的電壓越高），當電壓表的示數(shù)最小時，變阻器接入電路的電阻最大；當電流表的示數(shù)達到最大值時，變阻器接入電路的電阻最??；根據(jù)歐姆定律的應用可分別電路中的總電阻和滑動變阻器接入電路中的電阻值，同時可以確定電壓表示數(shù)、電流表示數(shù)以及電路中總功率的變化．21．燈L1標有“8V

16W”，燈L2標有“12V

36W”，假設兩燈電阻不隨溫度變化?，F(xiàn)將兩燈串聯(lián)后接在電壓為U的電路中，要保證兩燈上的實際電壓都不超過其額定電壓，則電壓U的最大值是（

）A.

14伏

B.

16伏

C.

18伏

D.

20伏【答案】B【解析】【解答】由P=UI知道，兩燈泡的額定電流分別是：I1=P1/U1=16W/8V=2A，I2=P2/U2=36W/12V=3A，由I=U/R知道兩燈泡的電阻分別是：R1=U1/I1=8V/2A=4Ω，R2=U2/I2=12V/3A=4Ω，因為串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，兩燈泡串聯(lián)時，電路允許通過兩燈泡的最大電流I=I1=2A，又因為串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路兩端允許加的最大電壓是：U=I（R1+R2）=2A×（4Ω+4Ω）=16V，故答案為：B?！痉治觥績蔁襞荽?lián)時電路中的最大電流為兩燈泡額定電流中較小的、兩燈泡并聯(lián)時電路的最大電壓為兩燈泡額定電壓中較小的據(jù)此結合歐姆定律計算即可.22．家庭電路中，計量用電器消耗電能多少的元件是（

）A.

試電筆

B.

電能表

C.

漏電保護器

D.

總開關【答案】B【解析】【解答】家庭電路中電能表是計量消耗電能多少的元件，B符合題意。故答案為：B.【分析】電能表是測量消耗電能多少的儀器。23．有兩只分別標有”6V3W“和”9V3W“的小燈泡L1、L2，不考慮溫度對燈絲電阻的影響，下列說法正確的是（

）A.

L1和L2正常工作時的電流一樣大

B.

L1和L2串聯(lián)在一起同時使用時，兩燈一樣亮C.

L1和L2并聯(lián)在一起同時使用時，兩燈消耗的功率一樣大

D.

將L1串聯(lián)在一個12Ω的電阻，接在電源電壓為12V的電路中，L1也能正常發(fā)光【答案】D【解析】【解答】A.由P=UI可得，兩燈泡正常發(fā)光時的電流分別為：I1===0.5A，I2===A，所以兩燈泡正常發(fā)光時的電流不一樣，A不符合題意；B.由P=UI=可得，兩燈泡的電阻分別為：R1===12Ω，R2===27Ω，兩燈泡串聯(lián)時通過的電流相等，但燈泡的電阻不同，由P=I2R可知，兩燈泡的實際功率不相等，亮度不同，B不符合題意；C.L1和L2并聯(lián)在一起同時使用時，它們兩端的電壓相等，但燈泡的電阻不同，由P=可知，兩燈泡消耗的電功率不相等，C不符合題意；D.將L1串聯(lián)在一個12Ω的電阻時，電路中的總電阻R總=R1+R=12Ω+12Ω=24Ω，電路中的電流I===0.5A，因電路中的電流和燈泡L1正常發(fā)光時的電流相等，所以L1能正常發(fā)光，D符合題意；故答案為：D。【分析】（1）根據(jù)P=UI求出兩燈泡的正常發(fā)光時的電流；（2）根據(jù)P=UI=求出兩燈泡的電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點和P=I2R比較兩燈泡的實際功率關系，實際功率大的燈泡較亮；（3）L1和L2并聯(lián)在一起同時使用時，它們兩端的電壓相等，根據(jù)P=比較兩燈泡消耗的電功率關系；（4）將L1串聯(lián)在一個12Ω的電阻時，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，然后與燈泡L1正常發(fā)光時的電流相比較判斷其是否能正常發(fā)光.24．如圖所示，電源電壓保持不變，L1、L2、L3是電阻保持不變的燈泡，L2、L3完全相同。第一次開關S、S1、S2都閉合時，L1的電功率為25W；第二次只閉合開關S時，L1的電功率為16W。則下列說法正確的是（

）A.

L1、L2兩燈絲電阻之比為1∶4

B.

只閉合S時，L1和L3的功率之比為1∶4C.

L1前后兩次的電壓之