高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1麗水市2024學(xué)年第二學(xué)期普通高中教學(xué)質(zhì)量監(jiān)控高二物理試題卷本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。考生注意：1.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時(shí)，請按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在試題卷上的作答一律無效。3.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)。作圖時(shí)先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。4.可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.用國際單位制的基本單位表示引力常量G的單位，正確的是（）A.N·m2/kg2 B.m3/（kg·s2）C.J·m/kg2 D.F·m2/kg2【答案】B【解析】根據(jù)萬有引力定律有牛頓（N）是導(dǎo)出單位則引力常量G的單位故選B。2.下圖是運(yùn)動(dòng)員在巴黎奧運(yùn)賽場上的一些運(yùn)動(dòng)場景，以下說法正確的是（）A.甲圖中田徑運(yùn)動(dòng)員在100米跨欄跑沖線時(shí)，可被視為質(zhì)點(diǎn)B.乙圖中跳水運(yùn)動(dòng)員在10米跳臺(tái)比賽中，裁判員打分時(shí)可以把她視為質(zhì)點(diǎn)C.丙圖中體操運(yùn)動(dòng)員比賽時(shí)手上會(huì)抹些鎂粉，這是為了增大手和杠之間的摩擦D.丁圖中舉重運(yùn)動(dòng)員處于挺舉狀態(tài)，手對杠的力和杠對手的力是一對平衡力【答案】C【解析】A．甲圖中田徑運(yùn)動(dòng)員在100米跨欄跑沖線時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的形狀大小不能忽略不計(jì)，運(yùn)動(dòng)員不可被視為質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．乙圖中跳水運(yùn)動(dòng)員在10米跳臺(tái)比賽中，裁判員打分時(shí)，運(yùn)動(dòng)員形狀大小不能忽略不計(jì)，運(yùn)動(dòng)員不可被視為質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．丙圖中體操運(yùn)動(dòng)員比賽時(shí)手上會(huì)抹些鎂粉，這是為了增大手和杠之間的摩擦，故C正確；D．手對杠的力和杠對手的力是一對相互作用力，故D錯(cuò)誤。故選C。3.在探索自然規(guī)律的進(jìn)程中人們總結(jié)出了許多科學(xué)方法，在下列研究中，運(yùn)用等效替代法的是（）A.卡文迪許測定引力常量B.牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律C.探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律D.伽利略得出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)原因的結(jié)論【答案】C【解析】A．卡文迪許測定引力常量時(shí)通過扭秤放大微小作用力，屬于放大法，故A錯(cuò)誤；B．牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律基于觀測數(shù)據(jù)與數(shù)學(xué)推導(dǎo)，屬于歸納法，故B正確；C．探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律，實(shí)驗(yàn)中用合力等效替代兩個(gè)分力的共同作用，屬于等效替代法，故C正確；D．伽利略通過理想實(shí)驗(yàn)推理得出結(jié)論，屬于理想實(shí)驗(yàn)法，故D錯(cuò)誤。4.水池中觀賞噴泉的水流以與水面成相同夾角、大小相等的速度向四周噴出。不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）A.水落回水面的速度都相同B.水到達(dá)最高點(diǎn)的速度為零C.初速度加倍，水的水平射程加倍D.初速度加倍，水在空中飛行時(shí)間加倍【答案】D【解析】A．根據(jù)斜拋運(yùn)動(dòng)的對稱性可知水落回水面的速度大小都相同，但方向不同，故A錯(cuò)誤；B．水到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)豎直方向的分速度為零，但水平方向的分速度不為零，故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)水噴出時(shí)的初速度大小為v0，與水面的夾角為θ，則水在空中飛行時(shí)間為水的水平射程為所以初速度加倍，水在空中飛行時(shí)間加倍，水的水平射程變?yōu)樵瓉淼?倍，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.如圖所示為老式自行車及其傳動(dòng)裝置簡圖，軸上大齒輪的半徑為，軸上小齒輪的半徑為和自行車后輪半徑為，A、B、C分別為輪緣上的三點(diǎn)，下列說法正確的是（）A.A、B線速度之比是2:1 B.B、C角速度之比是1:2C.A、C周期之比是1:4 D.A、C向心加速度之比是1:8【答案】D【解析】A．因?yàn)樽孕熊嚨拇簖X輪、小齒輪是靠鏈條傳動(dòng)，所以邊緣的線速度大小相等，即A、B的線速度之比為，故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)樽孕熊囆↓X輪、后輪是同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，所以角速度相同，即B、C的角速度之比為，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)，可知A、B角速度之比為則A、C角速度之比為根據(jù)可知，A、C周期之比為，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知，A、C向心加速度之比，故D正確。故選D。6.氣排球是一項(xiàng)集運(yùn)動(dòng)、休閑、娛樂為一體的群眾性體育項(xiàng)目。如圖所示為某隊(duì)員發(fā)球瞬間，假設(shè)氣排球的質(zhì)量為，擊球點(diǎn)距地面高度為，擊出時(shí)初速度大小為，氣排球運(yùn)行過程中最高點(diǎn)距地面高度為，落地瞬間球速大小為，在空中運(yùn)動(dòng)的過程中受大小恒定阻力作用，關(guān)于氣排球在空中運(yùn)動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（）A.氣排球的機(jī)械能減少了B.氣排球的重力勢能減少了C.阻力對氣排球做的功為D.氣排球的上升過程中克服阻力做功為【答案】A【解析】A．氣排球的機(jī)械能減少了，故A正確；B．氣排球的重力勢能減少了，故B錯(cuò)誤；C．阻力的方向時(shí)刻發(fā)生變化，阻力為變力，根據(jù)功能關(guān)系可知，阻力做功等于氣排球的機(jī)械能變化量，則有，故C錯(cuò)誤；D．氣排球上升過程中，設(shè)最高點(diǎn)速度大小為，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得克服阻力做功為故D錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場，一根長為L的絕緣細(xì)線，一端固定在O點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為m的帶正電小球，電荷量大小為q?，F(xiàn)將細(xì)線拉直至水平，小球靜止釋放，可運(yùn)動(dòng)至與豎直方向夾角為θ的最大擺角處，則該電場的場強(qiáng)E為（）A. B.C. D.【答案】A【解析】從釋放到最大擺角處，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得該電場場強(qiáng)為故選A。8.宇航員在距月球表面的某高處，沿水平方向拋出一個(gè)小球，經(jīng)過時(shí)間小球落到月球表面，測得拋出點(diǎn)與落地點(diǎn)之間的距離為。若拋出時(shí)的初速度增大到原來的2倍，則拋出點(diǎn)與落地點(diǎn)間的距離為。已知兩落地點(diǎn)在同一水平面上，若月球的半徑為，引力常量為，地球表面重力加速度為。根據(jù)以上信息可求得月球的質(zhì)量和密度分別是（）A.， B.，C.， D.，【答案】B【解析】兩次拋出點(diǎn)高度相同，下落時(shí)間均為，則

第一次合位移

第二次合位移解得，根據(jù)重力公式解得體積密度解得故選B。9.在勻強(qiáng)磁場中，有一個(gè)匝數(shù)為100匝的矩形線圈繞垂直磁場的軸做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，通過線圈的磁通量隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖甲所示，現(xiàn)將所產(chǎn)生的交變電流接入圖乙中理想變壓器的A、B兩端，變壓器原副線圈的匝數(shù)比為，電壓表和電流表均為理想電表，為熱敏電阻（溫度升高時(shí)其電阻減?。瑸槎ㄖ惦娮?，下列說法正確的是（）A.時(shí)，矩形線圈恰好通過中性面，感應(yīng)電流最大B.電壓表V1的讀數(shù)為C.當(dāng)熱敏電阻溫度變化時(shí)，電壓表V2的讀數(shù)保持9V不變D.處溫度降低時(shí)，電流表的示數(shù)變小，變壓器輸入功率變小【答案】D【解析】A．由圖甲可知時(shí)，矩形線圈恰好通過中性面，感應(yīng)電流為0，故A錯(cuò)誤；B．由圖甲可知周期則感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值電壓表V1的讀數(shù)為電動(dòng)勢的有效值故B錯(cuò)誤；C．由，解得副線圈兩端的電壓電壓表V2測量熱敏電阻兩端的電壓，當(dāng)熱敏電阻溫度變化時(shí)，副線圈中電流變化，定值電阻R兩端的電壓變化，電壓表V2的讀數(shù)，變化，故C錯(cuò)誤；D．處溫度降低時(shí)，其電阻增大，副線圈中電流變小，變壓器輸出功率，變小，則變壓器輸入功率變小，故D正確。故選D。10.手機(jī)防窺屏具有保護(hù)隱私的功能。如圖所示，某種防窺屏由透明介質(zhì)和對光完全吸收的屏障構(gòu)成，其中屏障垂直于屏幕且等間距平行排列，可實(shí)現(xiàn)對像素單元可視角度的控制（可視角度定義為某像素單元發(fā)出的光在圖所示平面內(nèi)折射到空氣后最大折射角的2倍）。已知透明介質(zhì)的折射率，屏障高度，屏障間隙，發(fā)光像素單元緊貼屏下并位于相鄰屏障正中央，下列說法正確的是（）A.防窺屏實(shí)現(xiàn)防窺效果是因?yàn)楣獍l(fā)生了全反射B.若增大透明介質(zhì)的折射率，則可增強(qiáng)防窺效果C.若增大屏障高度，則可視角度增大D.此防窺屏的可視角度【答案】D【解析】A．防窺屏實(shí)現(xiàn)防窺效果是因?yàn)橛形馄琳?，故A錯(cuò)誤；BCD．如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系得，根據(jù)光的折射率聯(lián)立得則可視角度為，若減小透明介質(zhì)的折射率，則減小，可視角度減小，可增強(qiáng)防窺效果；若增大d，則減小，則減小，可視角度減小，故D正確，BC錯(cuò)誤。二、選擇題II（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）11.一群處于能級的氫原子向低能級躍遷過程中發(fā)出不同頻率的光，照射圖乙所示的光電管陰極K，只有頻率為和的光能使它發(fā)生光電效應(yīng)。分別用頻率為、的兩個(gè)光源照射光電管陰極K，測得電流隨電壓變化的圖像如圖丙所示。下列說法正確的是（）A.圖甲中，氫原子向低能級躍遷最多發(fā)出10種不同頻率的光子B.圖乙中，用頻率的光照射時(shí)，將滑片P向右滑動(dòng)，電流表示數(shù)一定增大C.圖丙中，圖線所表示的光子能量為13.06eVD.光和光照射K極產(chǎn)生的光電子在K處的最小德布羅意波長，【答案】AD【解析】A．一群處于能級的氫原子向低能級躍遷最多發(fā)出種不同頻率的光子，故A正確；B．圖乙中，用頻率的光照射時(shí)，如果電路中電流達(dá)到飽和電流，將滑片P向右滑動(dòng)，增大正向電壓，電流表示數(shù)不增大，故B錯(cuò)誤；C．由圖丙可知由可知只有頻率為和的光能使光電管陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，則a光的能量為，故C錯(cuò)誤；D．光和光照射K極產(chǎn)生的光電子在K處的最大動(dòng)能，由，可知由可知最小德布羅意波長，故D正確故選AD。12.在如圖所示的直角坐標(biāo)系中，y軸為介質(zhì)I和II的分界面，機(jī)械波在介質(zhì)I和II傳播的速度比為1:2。振幅為1cm的波源S1在x=-8m處，振幅為2cm的波源S2在x=12m處。t=0時(shí)刻兩波源同時(shí)開始沿y軸方向振動(dòng)，在S2與原點(diǎn)O之間存在點(diǎn)P，點(diǎn)P處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.兩個(gè)波源的起振方向相同B.波在介質(zhì)II的傳播速度為4m/sC.點(diǎn)P所在的位置坐標(biāo)是x=2mD.穩(wěn)定后，在S2與原點(diǎn)O的連線上共有3個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)【答案】BD【解析】A．由乙圖可知，時(shí)，P點(diǎn)的起振方向沿，故波源S2的起振方向沿，從時(shí)，兩個(gè)波源在P點(diǎn)的振動(dòng)開始同步，故波源S1的起振方向沿方向，A錯(cuò)誤；B．設(shè)波在介質(zhì)I和II的速度分別為和，依題意有設(shè)P點(diǎn)的坐標(biāo)為，由乙圖可知，波源S2的振動(dòng)傳到P點(diǎn)，用時(shí)，則同時(shí)由乙圖可知，兩個(gè)波源傳到P點(diǎn)時(shí)，是振動(dòng)加強(qiáng)，故從時(shí)，兩個(gè)波源在P點(diǎn)的振動(dòng)開始同步，有解得，B正確；C．由前面分析可得，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)前面分析，由對波源S2有其中得波源S2的波長由乙圖已知波源S2的起振方向沿，波源S1的起振方向沿方向，其周期等于波源S2的周期，即。在介質(zhì)I中，由，波源S1的振動(dòng)傳到O點(diǎn)，用時(shí)，故把O點(diǎn)看成一個(gè)新的波源，其起振方向與波源S1相同，沿方向，周期等于，在介質(zhì)II中，由可知，其波長等于波源S2的波長設(shè)振動(dòng)減弱點(diǎn)的坐標(biāo)為，因?yàn)椴ㄔ碨1和新波源O的起振方向相反可知其中解得則當(dāng)時(shí)，當(dāng)時(shí)，，故穩(wěn)定后，在S2與原點(diǎn)O的連線上共有3個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)，D正確。故選BD。13.某同學(xué)設(shè)計(jì)了圖甲所示裝置模擬渦流的形成。用n根橫截面積均為S、電阻率均為ρ的薄金屬條，圍成同軸薄金屬圓環(huán)條模擬“圓盤形導(dǎo)體”，內(nèi)環(huán)半徑及相鄰環(huán)的間距均為r（r遠(yuǎn)大于環(huán)的厚度）；將“圓盤形導(dǎo)體”水平放置在豎直方向上磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按正弦規(guī)律變化的交變磁場中，B—t圖像如圖乙所示（規(guī)定豎直向上為正方向）。不考慮環(huán)中感應(yīng)電流磁場的影響，則（）A.時(shí)刻，從上往下看，各環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流均為順時(shí)針方向B.內(nèi)環(huán)感應(yīng)電動(dòng)勢的表達(dá)式為C.時(shí)刻，內(nèi)環(huán)中感應(yīng)電流大小為D.n=5的圓環(huán)導(dǎo)體發(fā)熱功率為【答案】CD【解析】A．在時(shí)刻之前極短時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上，大小減小，穿過環(huán)的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，從上往下看，各環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流均為逆時(shí)針方向，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖乙有根據(jù)數(shù)學(xué)導(dǎo)數(shù)規(guī)律可知內(nèi)環(huán)感應(yīng)電動(dòng)勢的表達(dá)式為解得，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述，時(shí)刻，感應(yīng)電動(dòng)勢大小則時(shí)刻，內(nèi)環(huán)中感應(yīng)電流大小根據(jù)電阻定律有解得，故C正確；D．n=5的圓環(huán)感應(yīng)電動(dòng)勢的表達(dá)式為電動(dòng)勢的有效值n=5的圓環(huán)的電阻n=5的圓環(huán)導(dǎo)體發(fā)熱功率解得，故D正確。故選CD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.（1）在下列學(xué)生實(shí)驗(yàn)中，不需要刻度尺的實(shí)驗(yàn)是________。A.探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系B.驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律C.用單擺測量重力加速度的大小D.用向心力演示儀探究向心力的大小與質(zhì)量、角速度和半徑之間的關(guān)系（2）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室做“用單擺測量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。①該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量擺球的直徑，測量結(jié)果如圖乙所示，則擺球的直徑d=_________cm。②實(shí)驗(yàn)中所得到的關(guān)系圖線如圖丙所示，可得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=_________m/s2。（取3.14，結(jié)果保留三位有效數(shù)字）③若該同學(xué)測得的g值與真實(shí)值相比偏大，可能的原因是_________。A.測擺長時(shí)記錄的是擺線的長度B.開始計(jì)時(shí)時(shí)，停表未及時(shí)按下C.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，擺動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長度增加了C.實(shí)驗(yàn)中誤將31次全振動(dòng)數(shù)記為30次【答案】（1）D（2）2.0709.86B【解析】（1）探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)需要分析紙帶，需要測量長度，需要刻度尺；驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)需要分析紙帶，需要測量長度，需要刻度尺；用單擺測量重力加速度的大小，需要測量擺線的長度，需要刻度尺；用向心力演示儀探究向心力的大小與質(zhì)量、角速度和半徑之間的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中小球轉(zhuǎn)動(dòng)半徑的關(guān)系由向心力演示儀可以讀出，需要刻度尺，故選D。（2）①[1]擺球的直徑②[2]由單擺周期公式可知解得則解得③[3])A．根據(jù)，解得，擺長指懸點(diǎn)到小球重心的間距，若測擺長時(shí)記錄的是擺線的長度，則擺長偏小，測得的g值與真實(shí)值相比偏小，故A錯(cuò)誤；B．開始計(jì)時(shí)時(shí)，停表未及時(shí)按下，則周期偏小，根據(jù)上述可知，測得的g值與真實(shí)值相比偏大，故B正確；C．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，擺動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長度增加了，即擺長的測量值偏小，根據(jù)上述可知，測得的g值與真實(shí)值相比偏小，故C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)中誤將31次全振動(dòng)數(shù)記為30次，周期的測量值偏大，根據(jù)上述可知，測得的g值與真實(shí)值相比偏小，故D錯(cuò)誤。15.圖甲是實(shí)驗(yàn)室里一個(gè)外漆脫落的色環(huán)電阻，某同學(xué)用多用電表測量該電阻。（1）該同學(xué)用多用電表測電阻時(shí)，下列敘述正確的是_________。A.若紅表筆接表盤“?”插孔，黑表筆接表盤“+”插孔，不會(huì)影響測量結(jié)果B.若指針偏轉(zhuǎn)角較大，應(yīng)換用更大的倍率C.每測量一次電阻都要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零D.紅表筆接觸點(diǎn)的電勢高于黑表筆接觸點(diǎn)的電勢（2）該同學(xué)正確操作后，多用電表的選擇開關(guān)和指針位置如上圖乙所示，則_________Ω。（3）該同學(xué)認(rèn)為用多用電表測電阻誤差較大，嘗試使用如圖丙所示電路測量電阻的阻值，實(shí)驗(yàn)器材有：電源、滑動(dòng)變阻器、待測色環(huán)電阻、電阻箱、電壓表V1（內(nèi)阻未知）、電壓表V2（可視為理想電壓表）、開關(guān)、導(dǎo)線若干。①根據(jù)圖丙電路圖，用筆畫線代替導(dǎo)線將圖丁實(shí)物電路補(bǔ)充完整________。②閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器與電阻箱，讀取電壓表、和電阻箱的示數(shù)分別記為、、，重復(fù)上述步驟，得到多組、、數(shù)據(jù)，該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，以為縱坐標(biāo)，以為橫坐標(biāo)，繪制出關(guān)系圖像如圖戊所示，由圖可知，待測電阻=________?！敬鸢浮浚?）A（2）3000（3）2700【解析】（1）A．電流的流向不影響電阻的使用，所以紅黑表筆反接不影響測量結(jié)果，故A正確；B．若指針偏轉(zhuǎn)角較大，說明被測電阻的阻值較小，應(yīng)換用更小的倍率，故B錯(cuò)誤；C．只有換擋后需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，換電阻不換擋位，不需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，故C錯(cuò)誤；D．紅表筆接電源的負(fù)極，黑表筆接電源的正極，紅表筆接觸點(diǎn)的電勢低于黑表筆接觸點(diǎn)的電勢，故D錯(cuò)誤。（2）多用電表的選擇開關(guān)指在“”，指針位置是“30”，則（3）[1]根據(jù)圖丙電路圖，圖丁實(shí)物電路補(bǔ)充如圖[2]由電路圖可得解得則圖像的斜率為16.下列說法正確的是（）A.圖甲“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，入射小球的質(zhì)量必須要大于被碰小球的質(zhì)量B.圖乙“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，在活塞上涂潤滑油的主要目的是減小摩擦C.圖丙“用油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，往淺盤中滴入油酸酒精溶液待穩(wěn)定后再描繪油膜輪廓D.圖丁“用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中，發(fā)現(xiàn)分劃板的中心刻線與條紋不平行，可通過左右調(diào)節(jié)撥桿使其平行【答案】AC【解析】A．圖甲“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律可得，解得，為了防止入射小球反彈，則即入射小球的質(zhì)量必須要大于被碰小球的質(zhì)量，故A正確；B．圖乙“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，在活塞上涂潤滑油的主要目的是密封氣體，故B錯(cuò)誤；C．圖丙“用油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，往淺盤中滴入油酸酒精溶液待穩(wěn)定后再描繪油膜輪廓，故C正確；D．圖丁“用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中，發(fā)現(xiàn)分劃板的中心刻線與條紋不平行，應(yīng)調(diào)節(jié)測量頭使分劃板與條紋平行，而不是通過左右調(diào)節(jié)撥桿使其平行，撥動(dòng)撥桿的作用是為了使單縫和雙縫平行，故D錯(cuò)誤。17.如圖所示，粗細(xì)不同的絕熱氣缸固定在水平面上，底部面積為，活塞可在氣缸內(nèi)無摩擦的滑動(dòng)，其截面積為，氣缸中氣體的溫度，兩部分氣柱長度均為，活塞通過水平輕繩繞過光滑的定滑輪與重物連接，已知大氣壓強(qiáng)，缸內(nèi)氣體可看作理想氣體。（1）通過電熱絲加熱改變氣缸內(nèi)的溫度，活塞緩慢向右移動(dòng)的過程中，在單位面積上氣體撞擊器壁的平均作用力______（選填“增大”、“不變”或者“減小”），分子的平均動(dòng)能將______（選填“增大”、“不變”或者“減小”）（2）求活塞緩慢向右移動(dòng)時(shí)氣體的溫度；（3）若此過程氣體吸收了200J熱量，氣體內(nèi)能增加了180J，求懸掛物的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）不變增大（2）（3）【解析】（1）活塞緩慢向右移動(dòng)的過程中，對活塞與重物進(jìn)行分析，可知，氣體壓強(qiáng)不變，即在單位面積上氣體撞擊器壁的平均作用力不變，根據(jù)蓋呂薩克定律可知，氣體體積增大，則氣體溫度升高，則分子的平均動(dòng)能將增大。（2）氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律有解得（3）根據(jù)熱力學(xué)第一定律有活塞緩慢向右移動(dòng)，則有其中，對活塞與重物進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有解得18.如圖所示，豎直面內(nèi)有一游戲拋體裝置，包含長、以速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的水平傳送帶，半徑、底端與微微錯(cuò)開的圓周軌道，各處均平滑連接的水平軌道、和傾斜直軌道。斜軌傾角，。頂端點(diǎn)與正下方點(diǎn)的高度差，水平地面上有一安裝有管口離地高度可調(diào)、傾角固定接收管的小車。游戲開始，質(zhì)量為的滑塊1從傳送帶左端A點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)點(diǎn)平滑進(jìn)入軌道，與靜止在點(diǎn)、質(zhì)量也為的滑塊2發(fā)生完全彈性碰撞。若滑塊落在上，反彈后水平分速度保持不變，豎直分速度大小變?yōu)樵瓉淼?.75倍，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)，與EF間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其余各段均光滑，滑塊大小和接收管直徑忽略不計(jì)，不計(jì)空氣阻力：（1）當(dāng)時(shí)，求：①物塊從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間；②通過計(jì)算，判斷滑塊2能否過圓環(huán)最高點(diǎn)。（2）當(dāng)時(shí)，求：①滑塊2離開點(diǎn)后離的最大高度；②假設(shè)滑塊經(jīng)點(diǎn)拋到接收管管口，滿足速度方向與接收管中心軸線共線方能進(jìn)入接收管。要使物塊能進(jìn)入接收管，接收管管口與的水平距離的可能值?！敬鸢浮浚?）①；②不能過圓環(huán)最高點(diǎn)D（2）①；②2.8m或7m【解析】（1）①A到B，由牛頓第二定律得加速時(shí)間加速位移勻速時(shí)間A到B的時(shí)間②根據(jù)①判斷滑塊1到C點(diǎn)速度等于，滑塊1與滑塊2等質(zhì)量完全彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律，解得碰撞后瞬間滑塊2的速度大小為若恰好能過圓軌道最高點(diǎn)，由牛頓第二定律解得從C點(diǎn)到D點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律解得則所以，滑塊2不能過圓環(huán)最高點(diǎn)D。（2）①當(dāng)，滑塊1到B點(diǎn)速度恰好與滑塊2碰撞后，滑塊2速度所以能過圓軌道最高點(diǎn)后到達(dá)E，E到F，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得由牛頓第二定律得得解得滑塊2過F點(diǎn)后做斜拋運(yùn)動(dòng)，離開F瞬間水平分速度豎直分速度上升的高度離GH的最大高度②恰能直接進(jìn)入接收管時(shí)，有從C到接收管口的時(shí)間接收管左側(cè)與FG的水平距離滑塊離開C點(diǎn)上升的時(shí)間上升的最大高度下降的時(shí)間與水平面碰前的豎直速度碰后的豎直速度從第一次與水平面碰撞后到接收管的時(shí)間總時(shí)間故與地面第二次碰撞后的豎直速度所以后續(xù)反彈不可能再進(jìn)入接收管。綜上所述，接收管左側(cè)與FG的水平距離的可能值為x=2.8m或x=7m。19.某款手動(dòng)發(fā)電式電筒的裝置簡化圖如圖所示，裝置右側(cè)是一個(gè)水平圓盤，當(dāng)圓盤繞軸心轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，固定在圓盤邊緣處的小圓柱帶動(dòng)T形絕緣支架（豎直桿上有開槽）在水平方向往復(fù)運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒在水平桿驅(qū)動(dòng)下沿光滑的水平導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)軌左端連接