高級中學名校試卷PAGEPAGE1湖南省天壹大聯(lián)考2024-2025學年高二（下）期末物理試卷一、單選題：本大題共6小題，共24分。1.春季為各種傳染病的高發(fā)季節(jié)，為了學生健康，學校經(jīng)常對教室、寢室等場所用消毒液進行消毒。在消毒過程中人們常聞到一些刺鼻的味道，下列說法正確的是（）A.上述現(xiàn)象說明分子間存在斥力B.消毒場所的溫度更高時，能更快地聞到刺鼻的味道C.如果消毒場所的溫度降到以下，就聞不到刺鼻的味道了D.上述現(xiàn)象是由布朗運動引起的【答案】B【解析】A．聞到刺鼻味道是分子無規(guī)則運動（擴散現(xiàn)象）的結果，與分子間斥力無關，故A錯誤；B．溫度升高會加快分子熱運動速率，從而加速擴散現(xiàn)象，因此更容易聞到氣味，故B正確；C．0℃以下分子仍會運動，只是速率降低，仍能發(fā)生擴散，故C錯誤；D．布朗運動是微小顆粒的運動，而刺鼻味道的擴散是分子直接運動的結果，故D錯誤。2.下列有關固體和液體物理性質的說法正確的是（）A.水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干凈的玻璃板上不能形成水珠，這是因為水浸潤玻璃而不浸潤油脂B.晶體在熔化時要吸熱，說明晶體在熔化過程中分子平均動能增加C.當兩玻璃板間夾有一層水膜時，在垂直于玻璃板的方向很難將玻璃板拉開，這是由于水膜具有表面張力的緣故D.在熱傳導方面，晶體一定表現(xiàn)出各向異性，非晶體一定表現(xiàn)出各向同性【答案】A【解析】A．水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干凈的玻璃板上不能形成水珠，這是因為水浸潤玻璃而不浸潤油脂，A正確。B．晶體熔化時吸熱用于增加分子勢能，溫度不變，分子平均動能不變，B錯誤。C．兩玻璃板很難拉開的主要原因是大氣壓強的緣故，而非表面張力，C錯誤。D．在熱傳導方面，晶體不一定表現(xiàn)出各向異性，單晶體熱傳導各向異性，多晶體各向同性，D錯誤。3.1834年，洛埃利用與光屏垂直的平面鏡同樣得到了楊氏雙縫干涉的結果（稱洛埃鏡實驗）。如圖，光源S發(fā)出的光一部分直接照在光屏上，一部分經(jīng)平面鏡反射后照在光屏上（由平面鏡反射的光相當于從S在平面鏡中的虛像發(fā)出的）。已知光源S到平面鏡的距離為a，到光屏的距離為L，光的波長為λ。下列關于洛埃鏡實驗的說法正確的是（）A光屏上相鄰兩明條紋間距離B.若將平面鏡向下平移稍許，則屏上相鄰兩明條紋間距離減小C.若換用頻率更大的單色光，相鄰兩暗條紋間距將增大D.若增大光源發(fā)光強度，相鄰兩明條紋間距離會明顯增大【答案】B【解析】A．此問題可類比雙縫干涉實驗，這里光源和它在平面鏡中的虛像相當于雙縫干涉中的雙縫，二者間距在雙縫干涉中，相鄰亮紋（或暗紋）間距公式為，將代入，可得，錯誤；B．根據(jù)，若將平面鏡向下平移稍許，a增大，條紋間距將減小，B正確；C．頻率越大，波長越小，根據(jù)，相鄰暗條紋間距將減小，C錯誤；D．根據(jù)，光照強度對明暗條紋間距沒有影響，D錯誤。4.同步衛(wèi)星相對地面靜止，在北斗導航系統(tǒng)中，同步衛(wèi)星發(fā)揮了至關重要的作用。發(fā)射同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射到距地面較近的圓軌道Ⅰ，在圓軌道Ⅰ運行若干周后，衛(wèi)星經(jīng)過A點時瞬間點火加速，進入橢圓軌道Ⅱ，在橢圓軌道Ⅱ運行若干周后，衛(wèi)星經(jīng)過遠地點時再瞬間點火加速，進入同步軌道Ⅲ。已知地球的自轉周期為T，軌道Ⅲ的半徑為r，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在Ⅲ軌道運行的速度大于在Ⅰ軌道運行的速度B.衛(wèi)星在Ⅰ軌道運行的周期大于在Ⅱ軌道運行的周期C.衛(wèi)星在Ⅱ軌道上運行時，衛(wèi)星經(jīng)過A點的速度比經(jīng)過B點的速度大D.地球的質量【答案】C【解析】A．在圓軌道上運行的人造地球衛(wèi)星，萬有引力提供向心力可知解得越大，越小，故A錯誤；B．由開普勒第三定律可知衛(wèi)星在Ⅰ軌道的半徑小于在Ⅱ軌道運行的半長軸，故衛(wèi)星在Ⅰ軌道運行的周期小于在Ⅱ軌道運行的周期，故B錯誤；C．由開普勒第二定律，近地點速度大，遠地點速度小，故C正確；D．在軌道Ⅲ上，由萬有引力充當向心力得地球的質量故D錯誤。故選C。5.兩列振幅不同、傳播速度大小相等的簡諧橫波沿x軸相向傳播。時刻，兩列波的波形如圖所示，平衡位置在、處的兩質點剛開始起振。時平衡位置位于坐標原點O處的質點開始起振，從至時間內，坐標原點O處的質點運動的路程為（）A.16cm B.32cm C.40cm D.48cm【答案】D【解析】兩列波的波速大小均為兩波的波長均為所以兩波的周期均為左右兩列波振幅分別為，左右兩列波傳播到O點的時間分別為，左右兩列波到達O點的時間差在時間內，原點O處的質點運動的路程為時，兩列波在O點相遇。相遇時左列波使O點開始向下振動，右列波使O點開始向上振動，兩列波相遇使O點振動減弱。相遇后振幅為時間差為在時間內，O點的路程為前14s時間內坐標原點O處的質點運動的路程為故選D。6.如圖所示，長度為L內壁光滑的輕玻璃管平放在水平面上，管底有一質量為m電荷量為q的正電小球。整個裝置以速度v0進入磁感應強度為B的勻強磁場，磁場方向豎直向下，在外力的作用下向右勻速運動，最終小球從上端口飛出。從玻璃管進入磁場至小球飛出上端口的過程中（）A.小球運動軌跡是一段圓弧B.小球沿管方向的加速度大小C.洛侖茲力對小球做功D.管壁的彈力對小球做功【答案】D【解析】AB．由題意知小球既沿管方向運動，又和管一起向右勻速直線運動，又因為管平放在水平面上，則對小球受力分析知，沿管方向小球所受洛倫茲力為恒力，由牛頓第二定律得解得即沿管方向小球做勻加速直線運動，而水平方向做勻速直線運動，所以小球軌跡為拋物線，故AB錯誤；C．因為洛倫茲力方向總是和速度方向垂直，所以洛倫茲力永不做功，故C錯誤；D．因為最終小球從上端口飛出，沿管方向的速度為而水平方向一直勻速直線運動，所以小球動能增加，又因為洛倫茲力不做功，所以管壁對小球向右的彈力對小球做正功，且小球飛出時速度為所以整個過程對小球由動能定理得解得管壁的彈力對小球做功為故D正確。二、多選題：本大題共4小題，共20分。7.如圖，甲分子固定在坐標原點O，乙分子位于軸上，甲、乙兩分子間的作用力與分子間距離的關系圖像如圖，圖中遠大于?，F(xiàn)乙分子從處以初速度向軸正方向運動，若乙分子的運動遵循經(jīng)典力學規(guī)律，下列描述正確的是（）A.乙分子從到過程中，加速度先增大后減小B.乙分子從到過程中，兩分子間的作用力先減小后增大C.乙分子從到過程中速度逐漸增大，從到過程中速度逐漸減小D.乙分子從到過程中，甲、乙兩分子的勢能先增大后減小【答案】AC【解析】A．處兩分子間的斥力和引力相等，合力為，從合力為引力，且引力先變大后變小，對應的加速度也是先變大后變小，故A正確；B．從為合力為斥力，且力是減小，從合力為引力，且引力先變大后變小，故B錯誤；C．從分子力先為斥力后為引力，可知分子力對乙分子先做正功后做負功，故速度先增大后減小，故C錯誤；D．處，由分子力做功的正負可知，分子勢能先減小后增大，故D錯誤。8.如圖所示，用不可伸長的絕緣輕質細絲將帶正電的小球B懸掛在固定點O，在O點正下方固定一帶正電的點電荷A，小球B靜止平衡穩(wěn)定后，AB間距離為r，AB間庫侖力大小為F。僅將小球B的電荷量減到原來的，待小球B重新靜止平衡穩(wěn)定后（）A.細絲對小球B的拉力變小 B.細絲對小球B的拉力變大C.AB間庫侖力變?yōu)?D.AB間距離變?yōu)椤敬鸢浮緾D【解析】對小球B進行受力分析，如圖所示由三角形相似可得可得，AB．根據(jù)可知在小球B的電荷量減小的過程中，小球B受到細線的拉力大小不變，故AB錯誤；CD．根據(jù)結合可得可知AB間距離變?yōu)?，AB間庫侖力變?yōu)椋蔆D正確。故選CD。9.如圖所示，平行板電容器充電后，兩極板間的電場為勻強電場。一電子以初動能從A點沿平行極板的方向水平向右飛入勻強電場，它從B點離開勻強電場時，動能為、所受電場力的功率為P。僅將該電容器所帶電荷量減到原來的，一電子仍以初動能從A點沿平行極板的方向水平向右飛入勻強電場，下列說法正確的是（）A.勻強電場的電場強度變?yōu)樵瓉淼腂.電子飛越勻強電場的過程中電勢能的變化為原來的C.電子離開勻強電場時的動能為D.電子離開勻強電場時所受電場力的功率為【答案】BD【解析】A．僅將該電容器所帶電荷量減到原來的，根據(jù)可知極板間的電壓變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)可知電場強度變?yōu)樵瓉淼模x項A錯誤；B．電勢能的減少等于電場力做功，，，入射的初速度不變，則不變，電量減半，則y減半，W變?yōu)樵瓉淼?，則電勢能的變化為原來的，選項B正確；C．動能的增量等于電場力做功，則粒子動能增量變?yōu)樵瓉淼模娮与x開勻強電場時的動能為，選項C錯誤；D．電場力的功率，不變，電量減半，則電子離開勻強電場時所受電場力的功率為，選項D正確。故選BD。10.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的面數(shù)比，定值電阻、、的阻值相等且恒定，輸入端交流電壓有效值U恒定，開關S是斷開的，下列說法正確的是（）A.若閉合S，消耗的功率會增大B.若閉合S，兩端的電壓為C.閉合S前，、消耗的功率之比為D.閉合S后，，兩端的電壓之比為【答案】AC【解析】A．閉合，負載電阻變小，副線圈電流增大，原線圈電流增大，消耗的功率增大，故A正確；B．S閉合后，、兩端的電壓之比又原線圈兩端電壓可得，故B錯誤；C．S閉合前，通過、的電流之比為，、消耗的功率之比為，故C正確；D．S閉合后，通過、的電流之比為，、兩端的電壓之比為，故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本大題共2小題，共16分。11.某研究性學習小組設計了如圖甲所示的電路測量一待測電源的內阻，實驗室可提供的器材如下：A.待測電源（電動勢約為，內阻約為）B.電流表（量程，內阻為）C.電流表（量程，內阻為）D.滑動變阻器（）E.滑動變阻器（）F.定值電阻（阻值為）G.定值電阻（阻值為）（1）為了妥善地完成測量任務，電流表應該選用_________（填器材前代碼，下同），電流表選用另一電流表，定值電阻R應該選用___________，滑動變阻器應該選用____________。（2）實驗中，根據(jù)兩電流表的示數(shù)、作出、關系圖線如圖乙，則待測電源的內阻為_______?！敬鸢浮浚?）BFD（2）2.75【解析】（1）[1][2][3]應該用量程較大的電流表C測量總電流；量程較小的電流表B與電阻串聯(lián)，相當于量程為的電壓表使用，則定值電阻R應該選用F，滑動變阻器應該選用D。（2）由電路可知代入圖乙中已知的兩組坐標值，即當時Ib=0；當Ib=0.8A時Ia=0，代入解得12.用如圖所示裝置可驗證碰撞中動量守恒。（1）現(xiàn)利用該裝置進行碰撞實驗，下列說法中合理的是（填標號）。A.為了防止入射球碰后反彈，被碰球選用質量比較大的小球，入射球選用質量比較小的小球B.為了使兩小球發(fā)生正碰，人射球的半徑應該比被碰球的半徑大一些C.為了減小實驗誤差，斜槽軌道應該是光滑的D.為了使兩小球碰后做平拋運動，固定斜槽軌道時應該使其末端（圖中右端）的切線沿水平方向（2）圖中A點為未放被碰球時人射球緊靠擋板釋放后的平均落點，B點、C點為放上被碰球時入射球緊靠擋板釋放后兩球的平均落點，其中B點為___________球的平均落點。（3）測得A、B、C三點到O點的距離分別為、、，入射球質量為、被碰球質量為，若、、、、滿足關系式________即可驗證在碰撞過程中兩球的總動量是守恒的，若、、滿足關系式_________即可判定兩球間的碰撞為彈性碰撞?！敬鸢浮浚?）D（2）入射（3）【解析】（1）A．為了防止入射球碰后反彈，被碰球選用質量比較小的小球，入射球選用質量比較大的小球，故A錯誤；B．為了使兩小球發(fā)生正碰，入射球的半徑應該與被碰球的半徑相同，故B錯誤；C．斜槽軌道是否光滑不會影響實驗誤差，只需要保證同一位置靜止釋放即可，故C錯誤；D．為了使兩小球碰后做平拋運動，固定斜槽軌道時應該使其末端（圖中右端）的切線沿水平方向，故D正確。故選D。（2）入射小球撞擊被撞小球后速度減小，根據(jù)，在平拋高度不變的情況下，可知水平位移減小，所以B點為入射球的平均落點。（3）[1]用表示兩球在空中平拋運動的時間若動量守恒，則有整理得[2]若為彈性碰撞，還應滿足結合上述公式，聯(lián)立可得四、計算題：本大題共3小題，共40分。13.如圖所示，導熱性能良好的剛性圓柱形容器內壁光滑，盛有一定量的氣體，被質量為m的水平圓形隔板分成A、B兩部分，隔板與容器頂部用一根豎直輕質彈簧相連（忽略隔板厚度和彈簧體積，隔板不漏氣）。隔板面積為S，容器高度為2L，開始時系統(tǒng)處于平衡態(tài)，A、B兩部分氣體的體積均為SL，A中氣體的壓強為，此時彈簧處于原長現(xiàn)在再將與B中氣體壓強相等、溫度相同的體積為的同種氣體充入B中，A中氣體的體積變?yōu)樵瓉淼脑谡麄€過程中A、B中氣體的溫度相同且保持不變，氣體可視為理想氣體。求：（1）再向B充入氣體之前B中氣體的壓強pB0（2）再向B充入氣體之后A、B中氣體的壓強pA、pB（3）彈簧的勁度系數(shù)k?！敬鸢浮浚?）（2），（3）【解析】（1）對活塞進行受力分析得所以（2）對缸內氣體由波意爾定律得得得（3）由力的平衡得得14.如圖甲所示，質量為的物塊靜止放在足夠大的水平地面上，從時刻起對物塊施加一個水平向右的拉力，圖乙表示隨時間變化的情況，物塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力求：（1）內，拉力對物塊的沖量的大?。?）時刻，物塊的動量的大小（3）內，合力對物塊所做的功。【答案】（1）2N（2）（3）【解析】（1）內，圖線與軸所夾面積為對物塊的沖量大小為（2）最大靜摩擦力物體靜止，摩擦力與等大反向；物塊運動，摩擦力大小為、方向與相反，時刻，物塊的動量的大小等于合外力的沖量即（3）根據(jù)，時刻，物塊的速度的大小為根據(jù)動能定理，內，合力對物塊所做的功為15.如圖，水平面內有足夠長的兩平行導軌，導軌間距，導軌間接有一電容器，電容器右側導軌上垂直導軌放置一質量、電阻、長度為的導體棒，導體棒與導軌始終良好接觸，導體棒與導軌間的動摩擦因數(shù)，導軌平面內有豎直向下（即垂直紙面向里）的勻強磁場。在導軌左端通過導線連接一水平放置的面積、總電阻、匝數(shù)的圓形線圈，線圈內有一面積的圓形區(qū)域，該圓形區(qū)域內有垂直紙面向外、大小隨時間變化規(guī)律為的磁場，，不計導軌電阻，兩磁場互不影響，求：（1）僅閉合開關和，穩(wěn)定后電容器兩端的電壓；（2）僅閉合開關和，導體棒從靜止開始運動，能夠達到的最大速度；（3）僅閉合開關和，導體棒從靜止開始運動，經(jīng)時間達到最大速度，此過程中流過導體棒電荷量。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）根據(jù)法拉第電磁感應定律可得，左側圓形線圈中產(chǎn)生的電動勢為，代入數(shù)據(jù)，解得（2）當導體棒受力平衡時，速度最大，根據(jù)平衡條件有其中，聯(lián)立，解得（3）對導體棒，根據(jù)動量定理又因為聯(lián)立，解得湖南省天壹大聯(lián)考2024-2025學年高二（下）期末物理試卷一、單選題：本大題共6小題，共24分。1.春季為各種傳染病的高發(fā)季節(jié)，為了學生健康，學校經(jīng)常對教室、寢室等場所用消毒液進行消毒。在消毒過程中人們常聞到一些刺鼻的味道，下列說法正確的是（）A.上述現(xiàn)象說明分子間存在斥力B.消毒場所的溫度更高時，能更快地聞到刺鼻的味道C.如果消毒場所的溫度降到以下，就聞不到刺鼻的味道了D.上述現(xiàn)象是由布朗運動引起的【答案】B【解析】A．聞到刺鼻味道是分子無規(guī)則運動（擴散現(xiàn)象）的結果，與分子間斥力無關，故A錯誤；B．溫度升高會加快分子熱運動速率，從而加速擴散現(xiàn)象，因此更容易聞到氣味，故B正確；C．0℃以下分子仍會運動，只是速率降低，仍能發(fā)生擴散，故C錯誤；D．布朗運動是微小顆粒的運動，而刺鼻味道的擴散是分子直接運動的結果，故D錯誤。2.下列有關固體和液體物理性質的說法正確的是（）A.水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干凈的玻璃板上不能形成水珠，這是因為水浸潤玻璃而不浸潤油脂B.晶體在熔化時要吸熱，說明晶體在熔化過程中分子平均動能增加C.當兩玻璃板間夾有一層水膜時，在垂直于玻璃板的方向很難將玻璃板拉開，這是由于水膜具有表面張力的緣故D.在熱傳導方面，晶體一定表現(xiàn)出各向異性，非晶體一定表現(xiàn)出各向同性【答案】A【解析】A．水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干凈的玻璃板上不能形成水珠，這是因為水浸潤玻璃而不浸潤油脂，A正確。B．晶體熔化時吸熱用于增加分子勢能，溫度不變，分子平均動能不變，B錯誤。C．兩玻璃板很難拉開的主要原因是大氣壓強的緣故，而非表面張力，C錯誤。D．在熱傳導方面，晶體不一定表現(xiàn)出各向異性，單晶體熱傳導各向異性，多晶體各向同性，D錯誤。3.1834年，洛埃利用與光屏垂直的平面鏡同樣得到了楊氏雙縫干涉的結果（稱洛埃鏡實驗）。如圖，光源S發(fā)出的光一部分直接照在光屏上，一部分經(jīng)平面鏡反射后照在光屏上（由平面鏡反射的光相當于從S在平面鏡中的虛像發(fā)出的）。已知光源S到平面鏡的距離為a，到光屏的距離為L，光的波長為λ。下列關于洛埃鏡實驗的說法正確的是（）A光屏上相鄰兩明條紋間距離B.若將平面鏡向下平移稍許，則屏上相鄰兩明條紋間距離減小C.若換用頻率更大的單色光，相鄰兩暗條紋間距將增大D.若增大光源發(fā)光強度，相鄰兩明條紋間距離會明顯增大【答案】B【解析】A．此問題可類比雙縫干涉實驗，這里光源和它在平面鏡中的虛像相當于雙縫干涉中的雙縫，二者間距在雙縫干涉中，相鄰亮紋（或暗紋）間距公式為，將代入，可得，錯誤；B．根據(jù)，若將平面鏡向下平移稍許，a增大，條紋間距將減小，B正確；C．頻率越大，波長越小，根據(jù)，相鄰暗條紋間距將減小，C錯誤；D．根據(jù)，光照強度對明暗條紋間距沒有影響，D錯誤。4.同步衛(wèi)星相對地面靜止，在北斗導航系統(tǒng)中，同步衛(wèi)星發(fā)揮了至關重要的作用。發(fā)射同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射到距地面較近的圓軌道Ⅰ，在圓軌道Ⅰ運行若干周后，衛(wèi)星經(jīng)過A點時瞬間點火加速，進入橢圓軌道Ⅱ，在橢圓軌道Ⅱ運行若干周后，衛(wèi)星經(jīng)過遠地點時再瞬間點火加速，進入同步軌道Ⅲ。已知地球的自轉周期為T，軌道Ⅲ的半徑為r，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在Ⅲ軌道運行的速度大于在Ⅰ軌道運行的速度B.衛(wèi)星在Ⅰ軌道運行的周期大于在Ⅱ軌道運行的周期C.衛(wèi)星在Ⅱ軌道上運行時，衛(wèi)星經(jīng)過A點的速度比經(jīng)過B點的速度大D.地球的質量【答案】C【解析】A．在圓軌道上運行的人造地球衛(wèi)星，萬有引力提供向心力可知解得越大，越小，故A錯誤；B．由開普勒第三定律可知衛(wèi)星在Ⅰ軌道的半徑小于在Ⅱ軌道運行的半長軸，故衛(wèi)星在Ⅰ軌道運行的周期小于在Ⅱ軌道運行的周期，故B錯誤；C．由開普勒第二定律，近地點速度大，遠地點速度小，故C正確；D．在軌道Ⅲ上，由萬有引力充當向心力得地球的質量故D錯誤。故選C。5.兩列振幅不同、傳播速度大小相等的簡諧橫波沿x軸相向傳播。時刻，兩列波的波形如圖所示，平衡位置在、處的兩質點剛開始起振。時平衡位置位于坐標原點O處的質點開始起振，從至時間內，坐標原點O處的質點運動的路程為（）A.16cm B.32cm C.40cm D.48cm【答案】D【解析】兩列波的波速大小均為兩波的波長均為所以兩波的周期均為左右兩列波振幅分別為，左右兩列波傳播到O點的時間分別為，左右兩列波到達O點的時間差在時間內，原點O處的質點運動的路程為時，兩列波在O點相遇。相遇時左列波使O點開始向下振動，右列波使O點開始向上振動，兩列波相遇使O點振動減弱。相遇后振幅為時間差為在時間內，O點的路程為前14s時間內坐標原點O處的質點運動的路程為故選D。6.如圖所示，長度為L內壁光滑的輕玻璃管平放在水平面上，管底有一質量為m電荷量為q的正電小球。整個裝置以速度v0進入磁感應強度為B的勻強磁場，磁場方向豎直向下，在外力的作用下向右勻速運動，最終小球從上端口飛出。從玻璃管進入磁場至小球飛出上端口的過程中（）A.小球運動軌跡是一段圓弧B.小球沿管方向的加速度大小C.洛侖茲力對小球做功D.管壁的彈力對小球做功【答案】D【解析】AB．由題意知小球既沿管方向運動，又和管一起向右勻速直線運動，又因為管平放在水平面上，則對小球受力分析知，沿管方向小球所受洛倫茲力為恒力，由牛頓第二定律得解得即沿管方向小球做勻加速直線運動，而水平方向做勻速直線運動，所以小球軌跡為拋物線，故AB錯誤；C．因為洛倫茲力方向總是和速度方向垂直，所以洛倫茲力永不做功，故C錯誤；D．因為最終小球從上端口飛出，沿管方向的速度為而水平方向一直勻速直線運動，所以小球動能增加，又因為洛倫茲力不做功，所以管壁對小球向右的彈力對小球做正功，且小球飛出時速度為所以整個過程對小球由動能定理得解得管壁的彈力對小球做功為故D正確。二、多選題：本大題共4小題，共20分。7.如圖，甲分子固定在坐標原點O，乙分子位于軸上，甲、乙兩分子間的作用力與分子間距離的關系圖像如圖，圖中遠大于?，F(xiàn)乙分子從處以初速度向軸正方向運動，若乙分子的運動遵循經(jīng)典力學規(guī)律，下列描述正確的是（）A.乙分子從到過程中，加速度先增大后減小B.乙分子從到過程中，兩分子間的作用力先減小后增大C.乙分子從到過程中速度逐漸增大，從到過程中速度逐漸減小D.乙分子從到過程中，甲、乙兩分子的勢能先增大后減小【答案】AC【解析】A．處兩分子間的斥力和引力相等，合力為，從合力為引力，且引力先變大后變小，對應的加速度也是先變大后變小，故A正確；B．從為合力為斥力，且力是減小，從合力為引力，且引力先變大后變小，故B錯誤；C．從分子力先為斥力后為引力，可知分子力對乙分子先做正功后做負功，故速度先增大后減小，故C錯誤；D．處，由分子力做功的正負可知，分子勢能先減小后增大，故D錯誤。8.如圖所示，用不可伸長的絕緣輕質細絲將帶正電的小球B懸掛在固定點O，在O點正下方固定一帶正電的點電荷A，小球B靜止平衡穩(wěn)定后，AB間距離為r，AB間庫侖力大小為F。僅將小球B的電荷量減到原來的，待小球B重新靜止平衡穩(wěn)定后（）A.細絲對小球B的拉力變小 B.細絲對小球B的拉力變大C.AB間庫侖力變?yōu)?D.AB間距離變?yōu)椤敬鸢浮緾D【解析】對小球B進行受力分析，如圖所示由三角形相似可得可得，AB．根據(jù)可知在小球B的電荷量減小的過程中，小球B受到細線的拉力大小不變，故AB錯誤；CD．根據(jù)結合可得可知AB間距離變?yōu)椋珹B間庫侖力變?yōu)?，故CD正確。故選CD。9.如圖所示，平行板電容器充電后，兩極板間的電場為勻強電場。一電子以初動能從A點沿平行極板的方向水平向右飛入勻強電場，它從B點離開勻強電場時，動能為、所受電場力的功率為P。僅將該電容器所帶電荷量減到原來的，一電子仍以初動能從A點沿平行極板的方向水平向右飛入勻強電場，下列說法正確的是（）A.勻強電場的電場強度變?yōu)樵瓉淼腂.電子飛越勻強電場的過程中電勢能的變化為原來的C.電子離開勻強電場時的動能為D.電子離開勻強電場時所受電場力的功率為【答案】BD【解析】A．僅將該電容器所帶電荷量減到原來的，根據(jù)可知極板間的電壓變?yōu)樵瓉淼模鶕?jù)可知電場強度變?yōu)樵瓉淼?，選項A錯誤；B．電勢能的減少等于電場力做功，，，入射的初速度不變，則不變，電量減半，則y減半，W變?yōu)樵瓉淼?，則電勢能的變化為原來的，選項B正確；C．動能的增量等于電場力做功，則粒子動能增量變?yōu)樵瓉淼模娮与x開勻強電場時的動能為，選項C錯誤；D．電場力的功率，不變，電量減半，則電子離開勻強電場時所受電場力的功率為，選項D正確。故選BD。10.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的面數(shù)比，定值電阻、、的阻值相等且恒定，輸入端交流電壓有效值U恒定，開關S是斷開的，下列說法正確的是（）A.若閉合S，消耗的功率會增大B.若閉合S，兩端的電壓為C.閉合S前，、消耗的功率之比為D.閉合S后，，兩端的電壓之比為【答案】AC【解析】A．閉合，負載電阻變小，副線圈電流增大，原線圈電流增大，消耗的功率增大，故A正確；B．S閉合后，、兩端的電壓之比又原線圈兩端電壓可得，故B錯誤；C．S閉合前，通過、的電流之比為，、消耗的功率之比為，故C正確；D．S閉合后，通過、的電流之比為，、兩端的電壓之比為，故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本大題共2小題，共16分。11.某研究性學習小組設計了如圖甲所示的電路測量一待測電源的內阻，實驗室可提供的器材如下：A.待測電源（電動勢約為，內阻約為）B.電流表（量程，內阻為）C.電流表（量程，內阻為）D.滑動變阻器（）E.滑動變阻器（）F.定值電阻（阻值為）G.定值電阻（阻值為）（1）為了妥善地完成測量任務，電流表應該選用_________（填器材前代碼，下同），電流表選用另一電流表，定值電阻R應該選用___________，滑動變阻器應該選用____________。（2）實驗中，根據(jù)兩電流表的示數(shù)、作出、關系圖線如圖乙，則待測電源的內阻為_______?！敬鸢浮浚?）BFD（2）2.75【解析】（1）[1][2][3]應該用量程較大的電流表C測量總電流；量程較小的電流表B與電阻串聯(lián)，相當于量程為的電壓表使用，則定值電阻R應該選用F，滑動變阻器應該選用D。（2）由電路可知代入圖乙中已知的兩組坐標值，即當時Ib=0；當Ib=0.8A時Ia=0，代入解得12.用如圖所示裝置可驗證碰撞中動量守恒。（1）現(xiàn)利用該裝置進行碰撞實驗，下列說法中合理的是（填標號）。A.為了防止入射球碰后反彈，被碰球選用質量比較大的小球，入射球選用質量比較小的小球B.為了使兩小球發(fā)生正碰，人射球的半徑應該比被碰球的半徑大一些C.為了減小實驗誤差，斜槽軌道應該是光滑的D.為了使兩小球碰后做平拋運動，固定斜槽軌道時應該使其末端（圖中右端）的切線沿水平方向（2）圖中A點為未放被碰球時人射球緊靠擋板釋放后的平均落點，B點、C點為放上被碰球時入射球緊靠擋板釋放后兩球的平均落點，其中B點為___________球的平均落點。（3）測得A、B、C三點到O點的距離分別為、、，入射球質量為、被碰球質量為，若、、、、滿足關系式________即可驗證在碰撞過程中兩球的總動量是守恒的，若、、滿足關系式_________即可判定兩球間的碰撞為彈性碰撞?！敬鸢浮浚?）D（2）入射（3）【解析】（1）A．為了防止入射球碰后反彈，被碰球選用質量比較小的小球，入射球選用質量比較大的小球，故A錯誤；B．為了使兩小球發(fā)生正碰，入射球的半徑應該與被碰球的半徑相同，故B錯誤；C．斜槽軌道是否光滑不會影響實驗誤差，只需要保證同一位置靜止釋放即可，故C錯誤；D．為了使兩小球碰后做平拋運動，固定斜槽軌道時應該使其末端（圖中右端）的