2025—2026學(xué)年度上學(xué)期2024級(jí)

10月月考物理試卷

命題人：李開(kāi)科審題人：高勝華

滿(mǎn)分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘。

一、選擇題：本題共10小題，每題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-7題只有

一項(xiàng)符合題目要求，第8-10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全對(duì)的

得2分，有選錯(cuò)的得0分。

1．物理學(xué)的發(fā)展離不開(kāi)科學(xué)家們的貢獻(xiàn)，他們的發(fā)現(xiàn)和研究成果對(duì)生活生產(chǎn)產(chǎn)生了很大的影響．下

列符合物理學(xué)史的是()

A．庫(kù)侖提出庫(kù)侖定律，引入“電場(chǎng)”的概念來(lái)描述電場(chǎng)的真實(shí)存在

B．通電螺線(xiàn)管的磁場(chǎng)與條形磁鐵的磁場(chǎng)相似，安培由此受到啟發(fā)提出分子電流假說(shuō)

C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)

D．牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，成為第一個(gè)用理論算出地球質(zhì)量的科學(xué)家

2．甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)在同一直線(xiàn)上運(yùn)動(dòng)。甲、乙運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間(v?t)或位移-時(shí)間(x?t)圖像如圖所示。

在t=t1時(shí)刻，兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)剛好相遇，則關(guān)于兩質(zhì)點(diǎn)在t1～t2時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)，

下列說(shuō)法正確的是()

A．若是v?t圖像，則兩質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向先相反后相同

B．若是v?t圖像，則兩質(zhì)點(diǎn)間的距離不斷增大

C．若是x?t圖像，則乙的速度一直大于甲的速度

D．若是x?t圖像，則甲與乙的速度方向始終相同

3．如圖，質(zhì)量為m、長(zhǎng)為L(zhǎng)的直導(dǎo)線(xiàn)用兩根輕質(zhì)絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛于OO1，并處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中、當(dāng)導(dǎo)

線(xiàn)中通以沿y正方向的電流I，且導(dǎo)線(xiàn)保持靜止時(shí)，細(xì)線(xiàn)與豎直

方向的夾角為θ。則磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向和大小可能是()

A．x負(fù)向，B．y正向，

C．z負(fù)向，D．沿懸線(xiàn)向下，

4．如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，放置一通電圓線(xiàn)圈，圓心為O點(diǎn)，線(xiàn)圈平

面與磁場(chǎng)垂直。在圓線(xiàn)圈的軸線(xiàn)上有M和N兩點(diǎn)，它們到

O點(diǎn)的距離相等。已知M點(diǎn)的總磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為零，則

N點(diǎn)的總磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為()

A．0B．BC．2BD．3B

5．一次軍事演習(xí)中，為了突破敵方關(guān)隘，戰(zhàn)士爬上陡峭的山頭，居高臨下向敵方工事內(nèi)投擲手榴

彈，戰(zhàn)士在同一位置先后水平投出甲、乙兩顆質(zhì)量均為m的手榴彈，手榴彈從投出的位置到落

地點(diǎn)的高度差為h，不計(jì)空氣阻力，軌跡如圖所示，重力

加速度為g，下列說(shuō)法正確的有()

A．從投出到落地，甲、乙手榴彈機(jī)械能的減少量為mgh

B．手榴彈落地瞬間，甲、乙手榴彈重力的瞬時(shí)功率不同

C．從投出到落地，甲、乙手榴彈的動(dòng)能增加量相同

D．甲在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)量變化比乙大

6．一平底煎鍋正在炸豆子。假設(shè)每個(gè)豆子的質(zhì)量均為m，彈起的豆子均垂直撞擊平板鍋蓋，撞擊

速度均為v，每次撞擊后速度大小均變?yōu)関，撞擊的時(shí)間極短，發(fā)現(xiàn)質(zhì)量為M的鍋蓋剛好被頂

起。重力加速度為g，則單位時(shí)間撞擊鍋蓋的豆子個(gè)數(shù)為

()

A．B．C．D．

7．如圖所示，薄板B放在傾角為30°的光滑斜面上，斜面固定且足夠長(zhǎng)，薄板的下端位于斜面底

端，上端通過(guò)輕繩與固定在地面上的電動(dòng)機(jī)連接，輕繩跨過(guò)定滑輪，定滑輪質(zhì)量與摩擦均不計(jì)，

斜面上方的細(xì)繩與斜面平行。t=0時(shí)刻，一小物塊A從薄板上端由靜止釋放的同時(shí)，薄板在電

動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下由靜止開(kāi)始沿斜面向上做加速度aB=2m/s2的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。已知薄板長(zhǎng)L=1m，

小物塊A的質(zhì)量mA=4kg，薄板B的質(zhì)量mB=1kg，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)。下列說(shuō)法正

確的是()

A．從t=0到小物塊A離開(kāi)薄板前，細(xì)繩對(duì)薄板B

的拉力為15N

B．小物塊A離開(kāi)B板時(shí)的速度為5m/s

C．從開(kāi)始到A、B分離的過(guò)程中電動(dòng)機(jī)對(duì)B板所做的功為J

D．從開(kāi)始到A、B分離的過(guò)程中，小物塊A與薄板B之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為J

8．某一帶正電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從M點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中的實(shí)線(xiàn)所示，圖中的虛線(xiàn)a、

b、c代表等差等勢(shì)線(xiàn)。粒子經(jīng)過(guò)M、N兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為EkM和EkN，

粒子在M、N兩點(diǎn)處的加速度大小分別為aM和aN，M、N兩點(diǎn)處的

電勢(shì)分別為φM和φN，粒子在M、N兩點(diǎn)處的電勢(shì)能分別為EpM和EpN，

下列判斷正確的是()

A．a(chǎn)M＜aNB．EkM＜EkNC．EpM＞EpND．φM<φN

9．2024年6月25日14時(shí)07分，嫦娥六號(hào)返回器準(zhǔn)確著陸，標(biāo)志著探月工程取得圓滿(mǎn)成功，實(shí)

現(xiàn)了世界首次月球背面采樣返回，為后續(xù)載人探月工程打下堅(jiān)實(shí)基礎(chǔ)．設(shè)想載人飛船通過(guò)月地

轉(zhuǎn)移軌道被月球捕獲，通過(guò)變軌先在軌道Ⅲ以速度大小v3做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，選準(zhǔn)合適時(shí)機(jī)變軌

進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ,其中P、Q兩點(diǎn)為橢圓軌道Ⅱ在軌道Ⅰ、Ⅲ處的切點(diǎn)，且經(jīng)過(guò)P、Q兩點(diǎn)時(shí)速度

大小分別為vP、vQ，到達(dá)近月點(diǎn)再次變軌到近月軌道Ⅰ以速度大小v1做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（軌道Ⅰ半

徑等于月球半徑），最后安全落在月球上。已知月球半徑為R，月球表面重力加速度為g0，軌

道Ⅲ距離月球表面高度為h，引力常量為G，下列說(shuō)法正確的是()

A．月球平均密度為

B．vP>v1>vQ>v3

C．載人飛船在P、Q點(diǎn)加速度之比為R2:(R+h)2

D．載人飛船從Q點(diǎn)到P點(diǎn)所用時(shí)間為

10．如圖所示，質(zhì)量為M的帶有四分之一光滑圓弧軌道的小車(chē)靜止置于光滑水平面上，圓弧的半

徑為R（未知），一質(zhì)量為m的小球以速度v0水平?jīng)_上小車(chē)，恰好達(dá)到圓弧的頂端，此時(shí)M

向前走了0.25R，接著小球又返回小車(chē)的左端。若M=2m，重力加速度為g，則()

A．整個(gè)過(guò)程小車(chē)和小球組成系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能都守恒

B．圓弧的半徑為R

C．小球在弧形槽上上升到最大高度所用的時(shí)間為

D．整個(gè)過(guò)程小球?qū)π≤?chē)做的功為

二、非選擇題：本題共5小題，共60分。

11．（8分）某實(shí)驗(yàn)小組利用下圖裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系。

（1）下列說(shuō)法中正確的是()

A．拉小車(chē)的細(xì)線(xiàn)應(yīng)與帶滑輪的長(zhǎng)木板平行

B．實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí)，先釋放小車(chē)，再接通電源，

打出一條紙帶

C．把木板右端墊高，小車(chē)在槽碼盤(pán)作用下拖動(dòng)紙帶勻速運(yùn)動(dòng)，以平衡小車(chē)受到的阻力

（2）某次實(shí)驗(yàn)得到一條紙帶，部分計(jì)數(shù)點(diǎn)如圖所示（每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出），

測(cè)得s1=6．20cm，s2=6．61cm，s3=7．01cm，s4=7．43cm，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電源頻率為50Hz。

由此判斷：紙帶的端與小車(chē)相連（填“左”或“右”）；小車(chē)的加速度為m/s2；（結(jié)果

保留兩位有效數(shù)字）。

（3）將槽碼及槽碼盤(pán)的重力視為小車(chē)的合力，改變槽碼個(gè)數(shù)多次實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)擬合出如圖

所示的a-F圖像。要想得到一條過(guò)原點(diǎn)的直線(xiàn)，下列操作正確的是()

A．增加槽碼盤(pán)中槽碼的個(gè)數(shù)

B．減小木板的傾斜角度

C．增大木板的傾斜角度

（4）為探究加速度與力的關(guān)系，在改變作用力時(shí)，甲同學(xué)

將放置在實(shí)驗(yàn)桌上的槽碼依次放在槽碼盤(pán)上；乙同學(xué)將事

先放置在小車(chē)上的槽碼依次移到槽碼盤(pán)上。在其他實(shí)驗(yàn)操

作相同的情況下，（填“甲”或“乙”）同學(xué)的方法可

以更好地減小誤差，理由

是。

12．（10分）多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測(cè)量?jī)x器，如圖甲所示為多量程多用電表示意圖，其中電

流有1．0A、2．5A兩個(gè)擋，電壓有2．5V、10V兩個(gè)擋，歐姆表有兩個(gè)擋。

（1）通過(guò)一個(gè)單刀多擲開(kāi)關(guān)S，B可以分別與觸點(diǎn)1、2、3、4、5、6接通，從而實(shí)現(xiàn)用多用電表

測(cè)量不同物理量的功能。

①圖甲中B是（選填“紅”或“黑”表筆）；

②當(dāng)S接觸點(diǎn)（選填“1、2”）時(shí)對(duì)應(yīng)多用電表2．5A擋；

（2）實(shí)驗(yàn)小組用該多用電表測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。器材還有：待測(cè)電源（電動(dòng)勢(shì)約為9V），

定值電阻R0=8．0Ω,電阻箱一只。連接實(shí)物如圖乙所示，測(cè)量時(shí)應(yīng)將圖甲中S接觸點(diǎn)（選

填“5、6”）；改變電阻箱阻值R，測(cè)得并記錄多組數(shù)據(jù)后，得到對(duì)應(yīng)的?圖像如圖丙所示，則電

源電動(dòng)勢(shì)E＝V，內(nèi)阻r=Ω。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

13．（10分）如圖所示，一質(zhì)量為m的帶正電的粒子從O點(diǎn)以初速度v0水平拋出。若在該帶電粒

子運(yùn)動(dòng)的區(qū)域內(nèi)加一方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則粒子恰好能通過(guò)該區(qū)域中的A點(diǎn)；若撤去

電場(chǎng)，加一垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，仍將該粒子從O點(diǎn)以初速度v0水平拋出，則粒子恰好

能經(jīng)A點(diǎn)到達(dá)該區(qū)域中的B點(diǎn)。已知B點(diǎn)在O點(diǎn)的正下方，∠BOA=45°,粒子重力不計(jì)。求：

（1）粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能EKA；

（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B的比值。

14．（14分）如圖甲所示，R2＝6Ω,電容器的電容C＝5?，開(kāi)關(guān)S閉合、S1斷開(kāi)。將滑動(dòng)變阻器

的滑片從a端緩慢移動(dòng)到b端的過(guò)程中，電壓表的示數(shù)U隨電流表的示數(shù)I變化的關(guān)系如圖

乙所示。電壓表和電流表均為理想電表。

（1）求電源的電動(dòng)勢(shì)E、內(nèi)阻r和電阻R1的阻值；

（2）求滑動(dòng)變阻器R消耗的最大功率P；

（3）將滑動(dòng)變阻器的滑片置于中間，電路穩(wěn)定后，閉合開(kāi)關(guān)S1，電路再次穩(wěn)定后，求通過(guò)電

阻R3的電荷量Q。

15．（18分）如圖所示，在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量m的物塊a靜置于懸點(diǎn)O正下方的A點(diǎn)，以速度v

逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶MN與直軌道AB、CD、FG處于同一水平面上，AB、MN、CD的長(zhǎng)度均

為l。圓弧形細(xì)管道DE半徑為R，EF在豎直直徑上，E點(diǎn)高度為H。開(kāi)始時(shí)，與物塊a相同

的物塊b懸掛于O點(diǎn)，并向左拉開(kāi)一定的高度h由靜止下擺，細(xì)線(xiàn)始終張緊，擺到最低點(diǎn)時(shí)

恰好與a發(fā)生彈性正碰。已知m=2g，l=1m，R=0.4m，H=0.2m，v=2m/s，物塊與MN、

CD之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，軌道AB和管道DE均光滑，物塊a落到FG時(shí)不反彈且靜止。

忽略M、B和N、C之間的空隙，CD與DE平滑連接，物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，取g=10m/s2。

（1）若h=1.25m，求a、b碰撞后瞬時(shí)物塊a的速度v0的大??；

（2）物塊a在DE最高點(diǎn)時(shí)，求管道對(duì)物塊的作用力FN與h間滿(mǎn)足的關(guān)系；

（3）若物塊b釋放高度0.9m<h<1.65m，求物塊a最終靜止的位置x值的范圍（以A點(diǎn)為坐標(biāo)

原點(diǎn)，水平向右為正，建立x軸）。

2025—2026學(xué)年度上學(xué)期2024級(jí)

10月月考物理答案

12345678910

BBDABBCADADBCD

1．【答案】B。庫(kù)侖提出庫(kù)侖定律，法拉第引入“電場(chǎng)”的概念來(lái)描述電場(chǎng)的真實(shí)存在，故A錯(cuò)誤；通電螺

線(xiàn)管的磁場(chǎng)可通過(guò)右手螺旋定則判斷與條形磁鐵的磁場(chǎng)相似，安培由此受到啟發(fā)提出在原子、分子等物質(zhì)

微粒內(nèi)部，存在著一種環(huán)形電流即分子電流，分子電流使每個(gè)物質(zhì)微粒成為微小的磁體，它的兩側(cè)相當(dāng)于

兩個(gè)磁極，即分子電流假說(shuō)，故B正確；由物理學(xué)史可知法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流

的磁效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，并沒(méi)有測(cè)出引力常量，而是卡文迪什測(cè)出了引力常量，

因此被稱(chēng)為第一個(gè)稱(chēng)出地球質(zhì)量的科學(xué)家，故D錯(cuò)誤。故選B。

2．【答案】B。若是v?t圖像，t1時(shí)刻，兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)剛好相遇，t1～t2時(shí)間內(nèi)，乙的速度大于甲的速度且兩質(zhì)

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向相同，則t1～t2時(shí)間內(nèi)，兩質(zhì)點(diǎn)間的距離不斷增大，A項(xiàng)錯(cuò)誤，B項(xiàng)正確；若是x?t圖像，切

線(xiàn)的斜率表示質(zhì)點(diǎn)的速度，則在t1～t2時(shí)間內(nèi)，存在甲速度大于乙的時(shí)候，甲的速度方向先與乙相反，后與

乙相同，C、D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B

3．【答案】D。磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)閤負(fù)方向，根據(jù)左手定則，直導(dǎo)線(xiàn)所受安培力方向沿z正方向，根據(jù)平

衡條件：tan所以B=，故A錯(cuò)誤；當(dāng)磁場(chǎng)沿y正方向時(shí)，磁場(chǎng)與電流平行，導(dǎo)線(xiàn)不受安培力，

導(dǎo)線(xiàn)不可能向右偏轉(zhuǎn)，懸線(xiàn)與豎直方向的夾角θ=0°,不符合題意，故B錯(cuò)誤；當(dāng)磁場(chǎng)沿z負(fù)方向時(shí)，由左

手定則可知，導(dǎo)線(xiàn)受到的安培力豎直向下，導(dǎo)線(xiàn)不可能向右偏轉(zhuǎn)，不符合題意，故C錯(cuò)誤；磁感應(yīng)強(qiáng)度方

向沿懸線(xiàn)向下，根據(jù)左手定則，直導(dǎo)線(xiàn)所受安培力方向垂直于繩子斜向上，根據(jù)平衡條件：BIL=mgsinθ,

得：B故D正確。

4．【答案】A。由安培定則可以判斷出電流在圓線(xiàn)圈軸線(xiàn)上產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向相同，因?yàn)镸點(diǎn)和N點(diǎn)在圓

線(xiàn)圈軸線(xiàn)上，且它們到0點(diǎn)的距離相等，則通電圓線(xiàn)圈在M點(diǎn)和N點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向

相同，又因?yàn)閯驈?qiáng)磁場(chǎng)大小和方向處處相同，則通電圓線(xiàn)圈和勻強(qiáng)磁場(chǎng)在M點(diǎn)和N點(diǎn)的疊加磁場(chǎng)相同，

N點(diǎn)的總磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與M點(diǎn)相等，也為0，故選A。

5．【答案】B。手榴彈在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能守恒。故A錯(cuò)誤；根據(jù)P=mgvy=mg.gt，由于甲、乙

手榴彈下落高度相同，所用時(shí)間相等，所以手榴彈落地瞬間，甲、乙手榴彈重力的瞬時(shí)功率相同，故B錯(cuò)

誤；投出到落地，根據(jù)動(dòng)能定理可得mgh=ΔEk可知甲、乙手榴彈的動(dòng)能增加量相同，故C正確；根據(jù)動(dòng)

量定理可得mgt=Δp由于甲、乙手榴彈在空中所用時(shí)間相等，所以甲、乙手榴彈在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)量變

化量相等，故D錯(cuò)誤。故選C。

6．【答案】B。設(shè)單位時(shí)間撞擊鍋蓋的豆子個(gè)數(shù)為n，由動(dòng)量定理可得FΔt=Δmv—其中F=Mg

Δm=nΔt.m解得n故選B。

7．【答案】C。對(duì)薄板，根據(jù)牛頓第二定律F—mBgsin30o—μmAgcos30o=mBaB

2

代入數(shù)據(jù)得F=17N故A錯(cuò)誤；對(duì)A，根據(jù)動(dòng)能定理mAgLsin30o—μmAgcos30o.smAv，當(dāng)s=L

時(shí)，v=、/5m/s，因?yàn)閟≠L，所以v≠、m/s，故B錯(cuò)誤；A在薄板上運(yùn)動(dòng)的加速度大小

22

aA=gsin30。-μgcos30。=2.5m/s根據(jù)aAtaBt=L得：小物塊A在薄板B上運(yùn)動(dòng)時(shí)間

ts，此時(shí)A、B的速度為vA=aAtm/svB=aBtm/s，電動(dòng)機(jī)對(duì)B做的功為W=FxBJ，

故C正確；小物塊A與薄板B之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能E=μmAgcosθL=10J，故D錯(cuò)誤。故選C．

8．【答案】AD。等勢(shì)線(xiàn)越密的地方，電場(chǎng)線(xiàn)越密，帶電粒子所受電場(chǎng)力越大，帶電粒子的加速度越大，

所以M、N兩點(diǎn)處的加速度一定滿(mǎn)足aM＜aN，故A正確；帶電粒子的軌跡向左彎曲，說(shuō)明帶電粒子所受

電場(chǎng)力偏左，又電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直，所以帶電粒子所受電場(chǎng)力向左上方，與帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向成鈍角，

則電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做負(fù)功，帶電粒子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，即EkM＞EkN，EPM＜EPN，故BC錯(cuò)誤；

根據(jù)EP＝qφ,q＞0，可知φM<φN，故D正確。

9．【答案】AD。在月球表面，根據(jù)重力等于萬(wàn)有引力有mg0=G根據(jù)密度公式P

其中VR3，聯(lián)立解得月球平均密度為P故A正確；衛(wèi)星從軌道Ⅲ至軌道Ⅱ做近心運(yùn)動(dòng)，速

度減少，故v3>vQ故B錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律有Gma可得a則載人飛船在P、Q點(diǎn)

加速度之比為22故錯(cuò)誤；根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有又

a1:a2=(R+h):RC

=R解得載人飛船在橢圓軌道Ⅱ上的運(yùn)動(dòng)周期為T(mén)則載人飛船從Q點(diǎn)到P

mg0m2=·

點(diǎn)所用時(shí)間為t故D正確。故選AD。

10．【答案】BCD。小球和小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，豎直方向上合力不為零，動(dòng)量不守恒，

沒(méi)有阻力做功，機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤；小球達(dá)到圓弧的頂端，這個(gè)過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒得

2

mvmvv+mgR，解得R。此時(shí)M向前走了0．25R，根據(jù)

mv0t=mvmt+mvMt。即mv0t=mxm+MxM，根據(jù)幾何關(guān)系xm=R+xM=1.25R解得t故

B，C正確；設(shè)小球離開(kāi)小車(chē)時(shí)，小球的速度為v1，小車(chē)的速度為v2，選取向右為正方向，整個(gè)過(guò)程中水

2

平方向動(dòng)量守恒得mv0=mv1+MvmvmvMv2,解得v根據(jù)動(dòng)能定理整個(gè)過(guò)程小

球?qū)π≤?chē)做的功為WMv故D正確。故選BCD。

11．【答案】(1)A(2)左0.41(3)C(4)乙乙同學(xué)保證小車(chē)和槽碼總質(zhì)量不變，符合

控制變量法，減小誤差

【詳解】（1）為了保證小車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，細(xì)線(xiàn)拉力恒定不變，拉小車(chē)的細(xì)線(xiàn)應(yīng)與帶滑輪的長(zhǎng)木板平行，故A

正確；為了充分利用紙帶，實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí)，先接通電源，再釋放小車(chē)，打出一條紙帶，故B錯(cuò)誤；先撤去槽

碼盤(pán)，把木板右端墊高，小車(chē)在自身重力沿木板向下的分力作用下拖動(dòng)紙帶勻速運(yùn)動(dòng)，以平衡小車(chē)受到的

阻力，故C錯(cuò)誤。故選A。

（2）[1]由于小車(chē)做加速運(yùn)動(dòng)，相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移逐漸增大，則紙帶的左端與小車(chē)相連；

[2]每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T(mén)=5×0.02s=0.1s

根據(jù)逐差法可得加速度為am/s2≈0.41m/s2

（3）由a—F圖像可知，當(dāng)F達(dá)到一定數(shù)值時(shí)，小車(chē)才開(kāi)始有加速度，可知平衡摩擦力不夠，所以要想得

到一條過(guò)原點(diǎn)的直線(xiàn)，應(yīng)增大木板的傾斜角度。故選C。

[1][2]為探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)控制質(zhì)量不變；在改變作用力時(shí)，甲同學(xué)將放置在實(shí)驗(yàn)桌上的槽碼依次

放在槽碼盤(pán)上；乙同學(xué)將事先放置在小車(chē)上的槽碼依次移到槽碼盤(pán)上；在其他實(shí)驗(yàn)操作相同的情況下，乙

同學(xué)的方法可以更好地減小誤差，理由是乙同學(xué)保證小車(chē)和槽碼總質(zhì)量不變，符合控制變量法，減小誤差。

12．【答案】（1）黑1（2））69.12.0

【詳解】（1）①[1]根據(jù)“紅進(jìn)黑出”的原則，電流從歐姆表內(nèi)部電源正極流出，所以B應(yīng)該是黑表筆。

②[2]電流表是通過(guò)表頭并聯(lián)電阻改裝而成的，并聯(lián)電阻越小，量程越大，所以2.5A擋對(duì)應(yīng)1。

（2）[3]多用表與變阻箱并聯(lián)做電壓表適用，電源電壓9.0V，所以應(yīng)該選用10V的量程，S接6；

[4][5]由乙圖可知E變換得由圖可知k

b解得E=9.1V，r=2.0Ω

13.【答案】mv（2）2v0

【詳解】(1)粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子在A點(diǎn)時(shí)速度與水平方向夾角為θ。則vy=v0tanθ,

tanθ=2tan45°,EkA解得：EkAmv

(2)撤去電場(chǎng)加上磁場(chǎng)后，粒子恰好能經(jīng)A點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)，由此可知，OB為該粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的直徑，設(shè)OA

之間的距離為d，電荷量為q，則粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑rd，洛倫茲力提供向心力，由

牛頓第二定律得qv0B=m，對(duì)粒子，由動(dòng)能定理得qEdcos45°=EkAmv，解得：v0

14．【答案】(1)E＝6V，r＝2Ω,R1＝2Ω(2)P＝2．25W(3)Q＝2.1×10－5C

【解析】(1)依題開(kāi)關(guān)S閉合、S1斷開(kāi)，根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U＋I(xiàn)r結(jié)合圖像，得E＝0.5r＋5，E=

1.5r＋3，解得E＝6V，r＝2Ω,圖像可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片滑到b處時(shí)，R1電壓為3V，流過(guò)R1電

流為1.5A，故R

(2)將R1等效為電源內(nèi)阻一部分，故電源等效內(nèi)阻r等效＝R1＋r＝4Ω,此時(shí)外電路只有滑動(dòng)變阻器，結(jié)合閉

2

E2

P=R=

R滑2

合閉合電路歐姆定律可知，滑動(dòng)變阻器消耗功率滑等效?，可知R滑＝r等效時(shí)，功率

R滑r等效

R+4r等效

滑

最大，即PW=2.25W

等效

(3)結(jié)合圖像當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片置于a端時(shí)，外電阻R外==Ω=10Ω,R外＝R1＋R滑，解得R滑＝8

Ω,將滑動(dòng)變阻器的滑片置于中間，電路穩(wěn)定后，此時(shí)電容器兩端電壓為滑動(dòng)變阻器電

UCV=3V，將滑動(dòng)變阻器的滑片置于中間，電路穩(wěn)定后，閉合開(kāi)關(guān)S1，電路再次穩(wěn)

IA

定后，干路電流。故通過(guò)R1的電流為IR6A，此時(shí)電容器兩端電壓為R1兩端

電壓，又因?yàn)闃O板間所帶正負(fù)電荷與之前相反，即