2025-2026學(xué)年河南省濮陽(yáng)一高高二（上）開(kāi)學(xué)物理試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.關(guān)于如圖所示的四種圓周運(yùn)動(dòng)模型，下列說(shuō)法正確的是（）

如圖所示，在光滑固定圓錐筒的水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的小球，受到重力、彈力和向心力

作用

B.如圖所示，汽車安全通過(guò)拱橋最高點(diǎn)時(shí)速度越大，對(duì)?橋面的壓力越小

R.

C.：&如圖所示，輕質(zhì)細(xì)桿一端固定一小球，繞另一端。點(diǎn)在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，通過(guò)最高點(diǎn)的

最小速度為/證

衣服上的水滴與衣服間的附著力大于所需的向心力時(shí),，水滴做離心運(yùn)動(dòng)

2.為了對(duì)大氣二氧化碳進(jìn)行全天時(shí)、高精度監(jiān)測(cè)，我國(guó)研制的全球首顆搭載主動(dòng)激光雷達(dá)的大氣環(huán)境監(jiān)測(cè)

衛(wèi)星，將于2021年7月出廠待發(fā)射。與地球同步軌道衛(wèi)星（圖中衛(wèi)星1）不同，大氣環(huán)境監(jiān)測(cè)衛(wèi)星（圖中衛(wèi)

星2）是軌道平面與赤道平面夾角接近90。的衛(wèi)星，?天內(nèi)環(huán)繞地球飛14圈。下列說(shuō)法正確的是（）

A.衛(wèi)星2的速度大于衛(wèi)星1的速度

B.衛(wèi)星2的周期大于衛(wèi)星1的周期

衛(wèi)星1

C.衛(wèi)星2的向心加速度小于衛(wèi)星1的向心加速度

D.2星2所處軌道的重力加速度等于衛(wèi)星1所處軌道的重力加速度

3.光滑大圓環(huán)用輕質(zhì)細(xì)線懸掛在天花板上，。點(diǎn)為大圓環(huán)的圓心，a、b分別為大圓環(huán)的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，兩

個(gè)質(zhì)鼠均為m的小圓環(huán)（可以視為質(zhì)點(diǎn)）套在大圓環(huán)上，可無(wú)摩擦滑動(dòng)，如圖。已知大圓環(huán)的質(zhì)晟為與，重力

加速度為g。兩小圓環(huán)同時(shí)從a點(diǎn)沿相反方向由靜止下滑，當(dāng)兩小圓環(huán)到達(dá)大圓環(huán)b點(diǎn)的瞬間，輕質(zhì)細(xì)線對(duì)大

圓環(huán)的拉力為（）

第1頁(yè)，共15頁(yè)

A.10.5zng

B.8.5mg

C.5.5mg\:J

D.I2.5mgb

4.在絕緣水平地面上固定甲、乙兩個(gè)完全相同的帶電金屬小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），甲所帶的電荷量q1=+2x

5922

10-C,乙所帶的電荷量q2=-8x兩帶電小球的間距L=1巾，已知靜電常量k=9.0x10/V-TH/C0

下列說(shuō)法正確的是（）

A.若將兩個(gè)金屬小球相互接觸后再放I可原處，則它們之間的庫(kù)侖力大小為8.1/V

B.若將兩個(gè)金屬小球相互接觸后再放回原處，則它們之間的庫(kù)侖力大小為7N

C.若在絕緣地面上再放一帶電小球丙，要使三個(gè)小球受到的電場(chǎng)力均為0,則丙球帶電量為-8x10-6。

D.若在絕緣地面上再放一帶電小球丙，要使三個(gè)小球受到的電場(chǎng)力均為0,則丙球帶電量為8x10-6。

5.車長(zhǎng)為L(zhǎng),鐵路橋長(zhǎng)為2L列車勻加諫行駛過(guò)橋，車頭過(guò)橋頭的諫度為巧，車頭過(guò)橋尾時(shí)的速度為外，則

車尾過(guò)橋尾時(shí)速度為（）

A.3V2-B.3w+/D.中

6.如圖所示，光滑水平地面上放有截面為J圓周的柱狀物體4A與墻面之間放一光滑的圓柱形物體B,對(duì)A

4

施加一水平向左的力F,整個(gè)裝置保持靜止.若將4的位置向左移動(dòng)稍許，整個(gè)裝置仍保持平衡，則（）

A.水平外力F不變彳

B.墻對(duì)8的作用力增大F

C.地面對(duì)4的支持力增大27A-尸

D.8對(duì)力的作用力減小

7.如圖所示，彈簧測(cè)力計(jì)上端固定，下方懸掛質(zhì)量不計(jì)的光滑動(dòng)滑輪，兩個(gè)質(zhì)量分別為和7712的兩個(gè)物塊

用跨過(guò)滑輪的輕繩連接，輕繩足夠長(zhǎng)，物體始終沒(méi)有落地。己知血1大于血2,不計(jì)空氣阻力，重力加速度為

9,關(guān)于彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)7說(shuō)法正確的是（）

A.7=（叫+加2）。1

B.T<（叫+m2）gy

C.T=（mt-m2）g

D.F>2gy]m1m211^

二、多選題：本大題共3小題,共18分。

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8.如圖所示為固定在豎直平面內(nèi)的光滑軌道EDCB4其中部分是半徑R=0.4m的半圓形軌道04c是圓的

直徑），DC部分是水平軌道。一個(gè)質(zhì)量m=0.5kg的小球（可以視為質(zhì)點(diǎn)）從E點(diǎn)靜止釋放進(jìn)入軌道，通過(guò)4

點(diǎn)后落在水平軌道上的DC段，已知落地瞬間速度方向與水平方向成45。角。小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受空氣阻力

忽略不計(jì)，g取10m/s2。下列說(shuō)法正確的是（）

A.小球經(jīng)過(guò)力點(diǎn)的速度大小為5m/s

B.小球落地點(diǎn)與C點(diǎn)間的水平距京為1.6m

C.小球在A點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)小球的壓力大小為15/V

D.E、C之間的豎直高度為1.6m

9.如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度為J一根長(zhǎng)為L(zhǎng)絕緣輕質(zhì)細(xì)繩，一端系著一個(gè)帶電小球,

所帶電荷量為q，但電性未知，另一端固定于。，小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最高點(diǎn)為a，最低點(diǎn)為

人不計(jì)空氣阻力，則（）

A.小球帶負(fù)電

B.電場(chǎng)力與重力大小相等

C.小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為-2qEL

D.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球的機(jī)械能守恒

10.如圖所示，靜止在光滑水平面上的長(zhǎng)木板4某時(shí)刻一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊8從小的左端滑上，恰好運(yùn)動(dòng)

到4的右端時(shí)兩者相對(duì)靜止，己知該過(guò)程中，長(zhǎng)木板4的動(dòng)能增加量為dEs，小物塊B的動(dòng)能減少量為

4、B間摩擦產(chǎn)生的熱量為Q。關(guān)于』反8、Q的值，下列可能正確的是（）

B

//////////////////////////////////

A.AEkA=57,AEkB=12J,Q=7J

B.AEkA=10J,AEkB=28J,Q=13J

C.AEkA=2J,—=3」,Q=l!

D.=12/,AEkB=287,Q=16/

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a

0f0FOF°F

(3)消除小車與水平木板之間摩擦力的影響后，要用鉤碼總重力代替小車所受的拉力，此時(shí)鉤碼質(zhì)量m與小

車總質(zhì)量M之間應(yīng)滿足的關(guān)系為木塊和木塊上跌碼的總質(zhì)曷M做碼桶及桶內(nèi)破碼的總質(zhì)量m(填“遠(yuǎn)

大干”、“遠(yuǎn)小于”或“近似等于")；

(4)如圖為某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，已知實(shí)驗(yàn)所用電源的頻率為50Hz。根據(jù)紙帶可求出小車在B點(diǎn)時(shí)速度大小

為_(kāi)____m/s,小車加速度大小為_(kāi)____m/s.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

ABCDE

尸。位：cm

6.1916.707.217.72

電源插頭

四、計(jì)算題：本大題共3小題，共39分。

13.如圖，半徑為R的光滑半圓形軌道為8c固定在豎直平面內(nèi)且與水平軌

道CD相切于。點(diǎn)，。端有一被鎖定的輕質(zhì)壓縮彈簧，彈簧左端連接在固定

的擋板上，彈簧右端Q到。點(diǎn)的距離為2R。質(zhì)量為m的滑塊(視為質(zhì)點(diǎn))從

軌道上的尸點(diǎn)由靜止滑下，剛好能運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)，并能觸發(fā)彈簧解除鎖定，

然后滑塊被彈回，旦剛好能通過(guò)圓軌道的最高點(diǎn)人已知zPOC=60。，求:

(1)滑塊第一次滑至圓形軌道最低點(diǎn)C時(shí)所受領(lǐng)道支持力大小；

(2)滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)出

(3)彈簧彈力做的功。

14.如圖所示，半徑為R,內(nèi)徑很小的光滑半圓管豎直放置。兩個(gè)質(zhì)量均為m

的小球a、力以不同的速度進(jìn)入管內(nèi)，a通過(guò)最高點(diǎn)A時(shí)，對(duì)管壁上部的壓力為

3mgfb通過(guò)最高點(diǎn)A時(shí)，對(duì)管壁下部的壓力為0.75mg,求：

ba

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(1)兩球分別在4點(diǎn)的速度；

(2)a、b兩球落地點(diǎn)間的距離。

15.如圖所示，傾角。=30。的光滑斜面下端有一長(zhǎng)A=12m的水平傳送帶，以u(píng)=6/n/s的速度順時(shí)針運(yùn)行。

一質(zhì)量m=23的物體(可視為質(zhì)點(diǎn))從h=3.2m高處的。點(diǎn)由靜止沿斜面下滑，物體經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)不計(jì)其動(dòng)能

損失，物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.25,取重力加速度g=107TI/S2。求：

(1)物體經(jīng)過(guò)4點(diǎn)時(shí)的速度大?。?/p>

(2)物體與傳送帶因摩擦而產(chǎn)生的熱量；

(3)傳送帶因傳送物體使電動(dòng)機(jī)多做的功。

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答案解析

1.【答案】B

【解析】解：4題圖甲中，在光滑固定圓錐筒的水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的小球，受到重力、彈力作用，兩

個(gè)力的合力充當(dāng)向心力，故/錯(cuò)誤；

8題圖乙中，根據(jù)mg-FN=7幾J可知，汽車安全通過(guò)拱橋最高點(diǎn)時(shí)速度越大，對(duì)橋面的壓力越小，故4

正確；

C.題圖丙中，輕質(zhì)細(xì)桿一端固定一小球，繞另一端。點(diǎn)在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，通過(guò)最高點(diǎn)的最小速度為零,

故C錯(cuò)誤；

。.題圖丁中，衣服上的水滴與衣服間的附著力小于所需的向心力時(shí)，水滴做離心運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選:B。

根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)物體的受力分析和牛頓第二定律，豎直面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)桿模型及洗衣機(jī)脫水原理進(jìn)行分析解答。

考查圓周運(yùn)動(dòng)物體的受力分析和牛頓第二定律，豎直面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)桿模型及洗衣機(jī)脫水原理，會(huì)根據(jù)題意

進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。

2.【答案】A

【解析】本題考查萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用，對(duì)于地球同步衛(wèi)星問(wèn)題要熟記其特點(diǎn)：定周期、定軌道、定高

度。其中定周期指的是同步衛(wèi)星周期等于地球自轉(zhuǎn)周期，即24鼠

AB.先有題意判斷衛(wèi)星1和衛(wèi)星2的周期大小，由周期關(guān)系得出軌道半徑關(guān)系，進(jìn)而由半徑關(guān)系得出速度

大??；

C、根據(jù)牛頓第二定律求出向心加速度表達(dá)式，利用軌道半徑關(guān)系判斷向心加速度大??；

。、利用萬(wàn)有引力等于所在位置隹重力，結(jié)合軌道半徑關(guān)系，可以判斷所在位置的重力加速度，

AB,由題意知衛(wèi)星1的周期為24九，大于衛(wèi)星2的周期。根據(jù)G等=m（竿）2r，得丁二J嚅，即半徑「

越大，周期越大，故衛(wèi)星2的軌道半徑小于衛(wèi)星1的軌道半徑；根據(jù)竿=得p二席故衛(wèi)星2

的速度大于衛(wèi)星1的速度，故4正確，8錯(cuò)誤；

C、由粵=mQ知，/越大，Q越小，衛(wèi)星2的向心加速度大于衛(wèi)星1的向心加速度，故C錯(cuò)誤；

。、由竿=7幾9知，r越大，g越小，故衛(wèi)星2所處軌道的重力加速度大于衛(wèi)星1所處軌道的里力加速度，

故D錯(cuò)誤。

故選：Ao

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3.【答案】A

【解析】解：設(shè)兩小圓環(huán)到達(dá)大圓環(huán)b點(diǎn)瞬間的速度大小為小對(duì)每一個(gè)小圓環(huán)由機(jī)械能'守恒定律得：

2mgR=解得：v=2y/~gR

設(shè)在最低點(diǎn)從大圓環(huán)對(duì)每個(gè)小圓環(huán)的支持力大小為凡由牛頓第二定律得：

F-mg=解得：F=Smg

K

由牛頓第三定律可得在8點(diǎn)每個(gè)小圓環(huán)對(duì)大圓環(huán)向下的壓力均為F'=F=5mg

對(duì)大圓環(huán)，由平衡條件可得輕質(zhì)細(xì)線對(duì)大圓環(huán)的拉力為：

7=2尸/+￡g=10.5mg,故力正確，8co錯(cuò)誤。

故選:Ao

對(duì)每一個(gè)小圓環(huán)由機(jī)械能守恒定律求得到達(dá)大圓環(huán)b點(diǎn)瞬間的速度大小，根據(jù)牛頓第二定律與牛頓第三定律

求得在b點(diǎn)每個(gè)小圓環(huán)對(duì)大圓環(huán)向卜的壓力，對(duì)大圓環(huán)由平衡條件求得好質(zhì)細(xì)線對(duì)大圓環(huán)的技力大小。

本題考查了機(jī)械能守恒定律與牛頓第二定律在圓周運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用，基礎(chǔ)題目，應(yīng)用相應(yīng)原理解答即可。

4.【答案】A

【解析】解：力8兩相同金屬球接觸后電荷均分，均分后每球所帶電荷為量q'=巧絲，庫(kù)侖力大小F二警,

代人數(shù)據(jù)聯(lián)立解得F=8.1N,故才正確、〃錯(cuò)誤；

CD要使三個(gè)小球受到的電場(chǎng)力均為0,放入的小球必須帶負(fù)電、并且甲球必須在兩個(gè)帶負(fù)電的小球之間，

設(shè)丙電荷為《3,距離甲為不、則對(duì)甲分析，根據(jù)平衡條件有骼=鈣區(qū)對(duì)乙分析、根據(jù)平衡條件有駕羅二

LJXL

普案，代入數(shù)據(jù)解得勺3=-8x10-5。，故。。錯(cuò)誤。

故選:A?

先計(jì)算兩個(gè)球接觸后的帶電荷量，然后根據(jù)庫(kù)侖定律計(jì)算；分別對(duì)甲球和乙球根據(jù)平衡條件歹！方程計(jì)算即

可。

本題考查了對(duì)庫(kù)侖定律的理解，知道兩個(gè)相同的小球接觸后電荷均分是解題的關(guān)鍵。

5.【答案】C

【解析】解：設(shè)車尾過(guò)橋尾時(shí)的速度為“3,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式得：

運(yùn)-詔=2Q.2L,

吊一詔=2a?3L

聯(lián)立兩式解得：內(nèi)=律翼?故C正確,力、B、。錯(cuò)誤。

第8頁(yè)，共15頁(yè)

故選:故

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式列方程求解.

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式，并能靈活運(yùn)用，基礎(chǔ)題.

6.【答案】D

【解析】解：BD、對(duì)8球受力分析，受到重力mg、力球?qū)?球的支持力N'和墻壁對(duì)8

球的支持力N,如圖1所示。

當(dāng)4球向左移動(dòng)后，力球?qū)球的支持力N'的方向不斷變化，根據(jù)平衡條件，并結(jié)合

合成法知道：4球?qū)?球的支持力N'和墻壁對(duì)B球的支持力N都在不斷減小，所以B對(duì)4

的作用力減小，故8錯(cuò)誤、。正確；

AC,再對(duì)4和B整體受力分析，受到總重力G、地面支持力/可，推力F和墻壁的彈力N,

如圖2所示。

根據(jù)平衡條件，有：F=N,FN=G

故地面對(duì)4的支持力FN保持不變，推力/隨著壁對(duì)B球的支持力Ml勺不斷減小而不斷減小，故4C錯(cuò)誤。

故選:Do

先對(duì)B球受力分析，受到重力mg、4球?qū)球的支持力N'和墻壁對(duì)8球的支持力N,然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條

件得到4球左移后各個(gè)力的變化情況；最后再對(duì)整體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷推力廣和地面對(duì)力的支持力

的變化情況。

本題關(guān)鍵是先對(duì)小球"受力分析，根據(jù)平衡條件得到各個(gè)力的變化情況，然后再對(duì)/、夕整體受力分析，再

次根據(jù)平衡條件列式分析。要靈活選擇研究對(duì)象，采用隔離法和整體法相結(jié)合研究比較簡(jiǎn)潔。

7.【答案】B

71

【解析】解：根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)mI、nt2分別受力分析，可得：mxg-F=mxa,尸一血2。=72a，解

得繩上的拉力大?。篎=^?：

7M]+

對(duì)滑輪受力分析，根據(jù)滑輪靜止，可得：T=2F,化簡(jiǎn)得：7=誓產(chǎn)，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)，可得：叫+蛆>

2,j7九2,可得彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)：T<而，故錯(cuò)誤，3正確。

故選：B。

根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)兩物體分別受力分析，即可計(jì)算繩上的拉力大??；對(duì)滑輪受力分析，根據(jù)滑輪靜止,

可得到彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)。

本題考查牛頓定律的綜合應(yīng)用，注意兩物體用細(xì)繩連接，即兩物體的速度、加速度的大小均柱等。

8.【答案】BCD

第9頁(yè)，共15頁(yè)

【解析】解：4小球從4點(diǎn)落地，做平拋運(yùn)動(dòng)，

2

豎直方向：2R=^gt,Vy=gtf

落地瞬間速度方向與水平方向成45。角，可知：m〃45。=%，

VA

代入數(shù)據(jù)可得：t=0.4s,vA=4m/s,故A錯(cuò)誤；

B.小球在水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，x=vAt=4x0.4m=1.6m,故B正確；

。.設(shè)小球在4點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)小球的壓力大小為凡根據(jù)牛頓笫二定律有：F+mg=m^

K

代入數(shù)據(jù)可得：F=1SN,故C正確；

。.設(shè)E、。之間的豎直高度為九，小球從E運(yùn)動(dòng)到4由機(jī)械能守恒定律可知：mg(h-2R)=^mv^

代入數(shù)據(jù)可得：h=1.6m,故。正確。

故選:BCD。

4小球從4點(diǎn)落地，做平拋運(yùn)動(dòng)，川求解水平速度；

員小球從4點(diǎn):落地，做平拋運(yùn)動(dòng)，可求解水平位移；

C.月牛頓第二定律分析支持力；

。.用機(jī)械能守恒定律分析。

綜合考查了圓周運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)的分析，從能量角度分析運(yùn)動(dòng)注意選擇合適的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，分析平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)

記得兩個(gè)偏轉(zhuǎn)角。

9.【答案】BC

【解析】解:AB.據(jù)題小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受到重力、電場(chǎng)力和細(xì)繩的拉力，電場(chǎng)力與重

力平衡，則知小球帶正電，故力錯(cuò)誤，8正確：

C、小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功W=-q￡-2L=-2qEL,故C正確；

。、由于電場(chǎng)力做功，所以小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能不守恒，故。錯(cuò)誤。

故選：BC。

小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受到重力、電場(chǎng)力和細(xì)繩的拉力，電場(chǎng)力與重力必定平衡，可判斷小

球的電性：

根據(jù)恒力功公式求解電場(chǎng)力做功：

機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功。

本題的解題關(guān)鍵是根據(jù)質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的條件，判斷電場(chǎng)力與重力的關(guān)系，即可確定出小球的電性。

10.【答案】AD

第10頁(yè)，共15頁(yè)

【解析】8、根據(jù)能量守恒，AEkE=AEkA+Q,故8錯(cuò)誤；

ACD.8做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，4做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，恰好運(yùn)動(dòng)到/!的右端時(shí)兩者相對(duì)靜止，即A的末速度等B

的末速度，由u-t圖像可知，

u-t圖像的面積代表的就是位移，則>Ax>xA,根據(jù)功能關(guān)系的，AEkB=-fxp,Q=fAx,AEkA=fxA

所以故力。正確，C錯(cuò)誤。

故詵：AD.

11.【答案】40.67,0.72：盤,能

【解析】(1)4、為了保證滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受拉力不變，所以需要調(diào)節(jié)滑輪，確保細(xì)線與導(dǎo)軌平行，故力

正確：

夙本實(shí)驗(yàn)是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，研究對(duì)象是滑塊和槽碼組成的系統(tǒng)，所以沒(méi)有必要滿足槽碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于

滑塊質(zhì)量，故8錯(cuò)誤；

。、為提升實(shí)驗(yàn)精度，所選遮光條的寬度應(yīng)小些，故C錯(cuò)誤。

故選：Ao

(2)系統(tǒng)減小的重力勢(shì)能為4Ep=mgx=100xW3x9.8x0.6857?0.67/,滑塊和槽碼的質(zhì)量為□=號(hào)=

黑格m/s=2.0m/s,所以系統(tǒng)增加的動(dòng)能為+m)v2=|x(260+100)x10*x2.02/=

0.727

(3)滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛i的第二定律可得消塊的加速度大小為a=譚7滑塊經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的速

度大小為u=3根據(jù)速度一位移關(guān)系x=及，整理可得％="皿.[,所以做出的圖線的橫坐標(biāo)應(yīng)該為

tlaimg—t”

圖線的斜率為k="叱，代入數(shù)據(jù)解得k=4.5x10-6,則本次實(shí)驗(yàn)?zāi)茯?yàn)證機(jī)械能守恒定律。

2mg

故答案為：(1)4(2)0.67,0.72：(3)/，能。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析；

第11頁(yè)，共15頁(yè)

(2)根據(jù)重力勢(shì)能公式計(jì)算，先計(jì)算出滑塊的速度，然后根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式計(jì)算；

(3)根據(jù)牛頓第二定律和速度一位移公式寫出位移與擋光片經(jīng)過(guò)光電門的時(shí)間關(guān)系式，根據(jù)圖線斜率表達(dá)式

分析即可。

學(xué)握“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)原理，實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)，以及實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理方法是解題的基礎(chǔ)。

12.【答案】C；C；遠(yuǎn)大于；3.2m/s2

【解析】(1)平衡摩擦力時(shí)，要將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，小車的前端不掛鉤碼，小車后端紙帶穿過(guò)

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，輕推小車，小車恰好做勻速運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明已經(jīng)平衡摩擦力，故錯(cuò)誤，C正確。

故選:Co

(2)某學(xué)生在平衡摩擦力時(shí)，使得長(zhǎng)木板傾角偏大，在繩子拉力為零時(shí)，小車的速度不為零，故480錯(cuò)誤，

。正確。

故選:Co

(3)對(duì)小車和鉤碼整體，根據(jù)牛頓第二定律mg=(M+770a

對(duì)小車F=Ma

聯(lián)立解得F=第

1+M

當(dāng)M?m時(shí)，有Fxmg

因此要用鉤碼總重力代替小車所受的拉力，此時(shí)鉤碼質(zhì)量m與小車總質(zhì)量M之間應(yīng)滿足的關(guān)系為木塊和木塊

上祛碼的總質(zhì)量M遠(yuǎn)大于祛碼桶及桶內(nèi)假碼的總質(zhì)量m；

(4)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔T=j=^s=0.04s

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，打卜8點(diǎn)時(shí)的速度狽=芳=

(6.19+6.70)x10-2...

——m/s、1.6m/s

根據(jù)逐差法，加速度Q二幺景也

代人數(shù)據(jù)解得加速度Q?3.2m/s2>

故答案為：(1)C；(2)C：(3)遠(yuǎn)大于；(4)1.6m/s；3.2m/s2.

(1)根據(jù)平衡摩擦力的正確操作分析作答；

(2)平衡摩擦力時(shí)，使得長(zhǎng)木板傾角偏大，在繩子拉力為零時(shí).，小車的速度不為零，結(jié)合v-t分析作答；

(3)根據(jù)牛頓第二定律分析需要滿足的條件；

(4)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度求解打下8點(diǎn)時(shí)的速度：

根據(jù)逐差法求加速度。

第12頁(yè)，共15頁(yè)

本題考查了探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，要明確實(shí)驗(yàn)原理，掌握根據(jù)紙帶求解瞬時(shí)速度和加

速度的方法；理解平衡摩擦力的原理。

13.【答案】滑塊第一次滑至圓形軌道最低點(diǎn)C時(shí)所受軌道支持力大小為2mg；

滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃為0.25；

彈簧彈力做的功為3mgR.

【脩析】解:(1)滑塊從P點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程，

由動(dòng)能定理可得：mgR(l-cos60°)=1-0,

設(shè)滑塊第一次滑至圓形軌道最低點(diǎn)C時(shí)的速度大小為七,圓形軌道最低點(diǎn)對(duì)滑塊的支持力大小為網(wǎng)，

由牛頓第二定律可得：FN-mg=m4f

聯(lián)正解得：FN=2mg：

(2)滑塊從。到Q的過(guò)程，

由動(dòng)能定理可得：一卬ng?2R=0-gm優(yōu)，

解得：〃=0.25；

(3)設(shè)彈簧彈力做的功為W,

滑塊剛好能通過(guò)A點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律可得：mg=m^

滑塊從Q點(diǎn)到A點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理可得：W-nmg-2R-mg-2R=

聯(lián)立可得：W=3mgRc

答：(1)滑塊第一次滑至圓形軌道最低點(diǎn)。時(shí)所受軌道支持力大小為2mg;

(2)滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃為0.25；

(3)彈簧彈力做的功為3mgR。

(1)滑塊從P點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理列式，滑塊在圓形軌道最低點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律列式，即可分析

求解;

(2)滑塊從C到Q的過(guò)程，由動(dòng)能定理列式，即可分析求解；

(3)滑塊剛好能通過(guò)力點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律列式，滑塊從Q點(diǎn)到4點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理列式，即可分析求

解。

本題主要考查對(duì)動(dòng)能定理的掌握，解題的關(guān)鍵是，要先確定不同的力在哪個(gè)階段做功，再根據(jù)