江蘇省句容高級(jí)中學(xué)2025-2026學(xué)年物理高二上期末調(diào)研試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一條形磁體平放在水平桌面上，一閉合線(xiàn)圈保持在豎直平面內(nèi)，從條形磁鐵探出桌面的一端的左上方豎直下落，線(xiàn)圈平面垂直于磁鐵（如圖）．在線(xiàn)圈通過(guò)磁鐵截面的過(guò)程中磁鐵一直靜止，關(guān)于磁鐵的受力分析正確的是A.線(xiàn)圈中感應(yīng)電流的方向不會(huì)變化B.磁鐵受桌面的支持力一直大于重力C.磁鐵受到桌面的摩擦力一直向右D.磁鐵受到桌面的摩擦力一直向左2、某小燈泡的一段伏安特性曲線(xiàn)如圖所示，當(dāng)通過(guò)燈泡的電流由0.10A變?yōu)?.15A時(shí)，燈泡的電阻變化了A.10Ω B.30ΩC.40Ω D.60Ω3、電磁學(xué)中電荷量、電動(dòng)勢(shì)、電容、磁通量這四個(gè)物理概念的國(guó)際制單位是（）A.庫(kù)倫，特斯拉，法拉，伏特 B.庫(kù)倫，伏特，法拉，韋伯C.庫(kù)倫，伏特，法拉，特斯拉 D.安培，焦耳，伏特，韋伯4、如圖所示，內(nèi)阻為1Ω的直流電動(dòng)機(jī)和8Ω定值電阻并聯(lián)之后接在直流電源上，電源電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻1Ω．開(kāi)關(guān)S閉合后，電動(dòng)機(jī)正常工作，此時(shí)理想電壓表讀數(shù)為4V．則下列說(shuō)法正確的是（）A.流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為4AB.流過(guò)電源的電流為4.5AC.電動(dòng)機(jī)的輸入功率等于6WD.電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于5.75W5、如圖所示，真空中A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量分別為+Q和+q，放在光滑絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接．當(dāng)系統(tǒng)平衡時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量為x0．若彈簧發(fā)生的均是彈性形變，則（）A.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量等于2x0B.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量大于2x0C.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時(shí)彈簧的縮短量小于x06、閉合線(xiàn)框abcd，自某高度自由下落時(shí)穿過(guò)一個(gè)有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，當(dāng)它經(jīng)過(guò)如圖所示的三個(gè)位置時(shí)，感應(yīng)電流的方向是（）A.經(jīng)過(guò)Ⅰ時(shí)，a→d→c→b→aB.經(jīng)過(guò)Ⅱ時(shí)，a→b→c→d→aC.經(jīng)過(guò)Ⅱ時(shí)，無(wú)感應(yīng)電流D.經(jīng)過(guò)Ⅲ時(shí)，a→b→c→d→a二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，ab是勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界，質(zhì)子()和α粒子()先后從c點(diǎn)射入磁場(chǎng)，初速度方向與ab邊界夾角均為45o，并都到達(dá)d點(diǎn)．不計(jì)空氣阻力和粒子間的作用．關(guān)于兩粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()A.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)軌跡相同B.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)動(dòng)能相同C.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)速率相同D.質(zhì)子和α粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同8、如圖表示交變電流的圖象是（）A B.C. D.9、如圖所示，勁度數(shù)為的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為的物體接觸（未連接），彈簧水平且無(wú)形變．用水平力F緩慢推動(dòng)物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長(zhǎng)度被壓縮了，此時(shí)物體靜止．撤去F后，物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的最大距離為4．物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為．則（）A.撤去F后，物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻減速運(yùn)動(dòng)B.撤去F后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為C.物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為10、用兩個(gè)相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個(gè)量程不同的大量程電流表A1、A2，若把A1、A2分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路，如圖所示，則閉合開(kāi)關(guān)后，下列有關(guān)電表的示數(shù)和指針偏轉(zhuǎn)角度的說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中的A1、A2的示數(shù)相同B.圖甲中的A1、A2的指針偏角相同C.圖乙中的A1，A2的示數(shù)和偏角都不同D.圖乙中的A1、A2的指針偏角不相同三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)想測(cè)量一段導(dǎo)體的阻值（1）他先用多用電表進(jìn)行初步測(cè)量，主要的操作過(guò)程分以下幾個(gè)步驟，請(qǐng)將第④步操作填寫(xiě)完整：①將紅、黑表筆分別插入多用電表的“＋”、“－”插孔；選擇電阻檔“×10”；②將紅、黑表筆短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向“0”；③將紅、黑表筆分別與導(dǎo)體的兩端相接，發(fā)現(xiàn)指針示數(shù)接近“0”；④選擇電阻檔_________(選填“×100”或“×1”)，將紅、黑表筆短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕調(diào)零后；重新將紅、黑表筆分別與導(dǎo)體的兩端相接，讀取導(dǎo)體的阻值（2）采用上述操作步驟后，多用電表的指針位置如圖所示．則該段導(dǎo)體的電阻測(cè)量值為_(kāi)_____（3）為了比較精確地測(cè)量這個(gè)導(dǎo)體的電阻值，他采用伏安法繼續(xù)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測(cè)量，現(xiàn)有實(shí)驗(yàn)器材如下：A．電源E（電動(dòng)勢(shì)4.0V，內(nèi)阻約0.5Ω）；B．電壓表（0～3V，內(nèi)阻3kΩ）;C．電壓表（0～15V，內(nèi)阻15kΩ）；D．電流表（0～0.6A，內(nèi)阻0.1Ω）E．電流表（0～3A，內(nèi)阻0.02Ω）；F．滑動(dòng)變阻器R1（0～50Ω，1.5A）；G．滑動(dòng)變阻器R2（0～2000Ω，0.3A）；H．開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線(xiàn)若干為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，在實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______（選填序號(hào)字母）．連接電路時(shí)，電壓表應(yīng)選_____（選填序號(hào)字母）、電流表應(yīng)選______（選填序號(hào)字母）．實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用圖中的_____（選填“甲”或“乙”）（4）若在上問(wèn)中選用甲電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是______．（選填選項(xiàng)前的字母）A．電流表測(cè)量值小于流經(jīng)Rx的電流值B．電流表測(cè)量值大于流經(jīng)Rx的電流值C．電壓表測(cè)量值小于Rx兩端電壓值D．電壓表測(cè)量值大于Rx兩端的電壓值12．（12分）某同學(xué)在進(jìn)行擴(kuò)大電流表量程的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要知道電流表的滿(mǎn)偏電流和內(nèi)阻．他設(shè)計(jì)了一個(gè)用標(biāo)準(zhǔn)電流表G1來(lái)校對(duì)待測(cè)電流表G2的滿(mǎn)偏電流和測(cè)定G2內(nèi)阻的電路，如圖所示．已知G1的量程略大于G2的量程，圖中R1為滑動(dòng)變阻器，R2為電阻箱．該同學(xué)順利完成了這個(gè)實(shí)驗(yàn)①實(shí)驗(yàn)過(guò)程包含以下步驟，其合理的順序依次為_(kāi)___（填步驟的字母代號(hào)）；A．合上開(kāi)關(guān)S2B．分別將R1和R2的阻值調(diào)至最大C．記下R2的最終讀數(shù)D．反復(fù)調(diào)節(jié)R1和R2的阻值，使G1的示數(shù)仍為I1，使Ｇ２的指針偏轉(zhuǎn)到滿(mǎn)刻度的一半，此時(shí)R２的最終讀數(shù)為rE．合上開(kāi)關(guān)S1F．調(diào)節(jié)R1使G2的指針偏轉(zhuǎn)到滿(mǎn)刻度，此時(shí)G1的示數(shù)為I1，記下此時(shí)G1的示數(shù)②僅從實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)原理看，用上述方法得到的G2內(nèi)阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比___（填“偏大”、“偏小”或“相等”）；③若要將G2量程擴(kuò)大為I，并結(jié)合前述實(shí)驗(yàn)過(guò)程中測(cè)量的結(jié)果，寫(xiě)出須在G2上并聯(lián)的分流電阻RS的表達(dá)式，RS=____四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】線(xiàn)圈向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量先增大后減小，根據(jù)楞次定律可知，線(xiàn)圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向一定會(huì)發(fā)生變化．故A錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律可知，線(xiàn)圈向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電流對(duì)線(xiàn)圈一直存在阻礙作用，即磁鐵對(duì)線(xiàn)圈一直有向上的作用力，根據(jù)牛頓第三定律可知，線(xiàn)圈對(duì)磁體一直有向下的作用力，所以磁鐵受桌面的支持力一直大于重力．故B正確；根據(jù)楞次定律，線(xiàn)圈在桌面以上時(shí)，線(xiàn)圈對(duì)磁體的作用力的方向?yàn)橛蚁路剑源盆F還要受到向左的摩擦力；而線(xiàn)圈在桌面以下時(shí)，線(xiàn)圈對(duì)磁體的作用力的方向?yàn)樽笙路?，所以磁鐵還要受到向右的摩擦力．故CD錯(cuò)誤．故選B點(diǎn)睛：首先應(yīng)掌握楞次定律的基本應(yīng)用，楞次定律的第二描述是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中得出的必然結(jié)果．一般在解決有關(guān)相對(duì)運(yùn)動(dòng)類(lèi)問(wèn)題時(shí)用楞次定律的第二描述將會(huì)非常簡(jiǎn)便2、A【解析】根據(jù)電阻的定義式分別求出燈泡電流是0.10A和0.15A時(shí)的電阻，再求解燈絲電阻的改變量【詳解】當(dāng)電流為0.10A時(shí)，燈泡兩端的電壓為3V，此時(shí)燈泡的電阻；當(dāng)電流為0.15A時(shí)，燈泡兩端的電壓為6V，此時(shí)燈泡的電阻為，故電流變化前后，燈泡電阻變化了10Ω故選A【點(diǎn)睛】本題小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)是非線(xiàn)性變化的，電阻，不能求斜率3、B【解析】電荷量Q、電動(dòng)勢(shì)Q、電容C、磁通量的國(guó)際制單位為庫(kù)倫C、伏特V、法拉F、韋伯Wb，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。4、C【解析】根據(jù)內(nèi)外之和等于電源的電動(dòng)勢(shì)和歐姆定律，求出流過(guò)電源的電流．由歐姆定律求出燈泡的電流，由總電流與燈泡電流之差求出流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流．電動(dòng)機(jī)對(duì)外輸出的機(jī)械功率等于電動(dòng)機(jī)的總功率與內(nèi)部發(fā)熱功率之差【詳解】對(duì)定值電阻：，電動(dòng)機(jī)與燈泡并聯(lián)，則電動(dòng)機(jī)的電流I電＝I﹣I燈＝2A﹣0.5A＝1.5A，故A錯(cuò)誤；電源的輸出電壓：U＝E﹣Ir，則有：I=2A，故B錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)的輸入功率等于P＝UI電＝4×1.5＝6W，故C正確；根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律得，電動(dòng)機(jī)的輸出功率P出＝UI電﹣I電2r＝6﹣2.25＝3.75W，故D錯(cuò)誤．所以C正確，ABD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題是含有電動(dòng)機(jī)的問(wèn)題，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不適用5、C【解析】根據(jù)庫(kù)侖定律及胡克定律列式分析，電荷量變化，庫(kù)侖力變化，兩球的距離變化，彈力變化，根據(jù)平衡條件列方程計(jì)算即可【詳解】設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為K,原長(zhǎng)為x.當(dāng)系統(tǒng)平衡時(shí),彈簧的伸長(zhǎng)量為x0，則有：…①A.保持Q不變，將q變?yōu)?q時(shí)，平衡時(shí)有：Kx1=…②由①②解得：x1<2x0，故A錯(cuò)誤；B.同理可以得到保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量小于2x0，故B錯(cuò)誤；C.保持Q不變,將q變?yōu)?q，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會(huì)進(jìn)一步壓縮彈簧，故平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0，故C正確；D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會(huì)進(jìn)一步壓縮彈簧，故平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0，故D錯(cuò)誤故選C6、C【解析】經(jīng)過(guò)Ⅰ時(shí)，向里的磁通量增加，根據(jù)楞次定律則感應(yīng)電流磁場(chǎng)方向向外，由右手定則判斷感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，故A錯(cuò)誤；經(jīng)過(guò)Ⅱ時(shí)，磁通量不變，則感應(yīng)電流為0，故B錯(cuò)誤，C正確；經(jīng)過(guò)Ⅲ時(shí)，向里的磁通量減少，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向里，由右手定則判斷感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，故D錯(cuò)誤．故選C二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，質(zhì)子和α粒子從同一點(diǎn)沿相同的方向射入磁場(chǎng)，然后從同一點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，則它們?cè)诖艌?chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，故A正確；兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，則它們的軌道半徑r相同，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子動(dòng)能：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則EK質(zhì)子=EKα粒子，故B正確；由牛頓第二定律得：，解得：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則：，故C錯(cuò)誤；粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：，質(zhì)子與α粒子的電量分別為e和2e，質(zhì)量之比為1：4，磁感應(yīng)強(qiáng)度B都相等，則：，兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角θ相同，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，，故D錯(cuò)誤；故選AB點(diǎn)睛：本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意確定兩粒子的軌跡關(guān)系與軌道半徑關(guān)系，然后應(yīng)用牛頓第二定律、動(dòng)能計(jì)算公式、周期公式進(jìn)行分析即可正確解題8、CD【解析】交變電流電流大小和方向都隨時(shí)間呈周期性變化，故CD正確，AB錯(cuò)誤。故選CD。9、BD【解析】A．撤去F后，物體水平方向上受到彈簧的彈力和滑動(dòng)摩擦力，滑動(dòng)摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，彈力先大于滑動(dòng)摩擦力，后小于滑動(dòng)摩擦力，則物體向左先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，隨著彈力的減小，合外力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故物體先做變加速運(yùn)動(dòng)，再做變減速運(yùn)動(dòng)，最后物體離開(kāi)彈簧后做勻減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．剛開(kāi)始時(shí)，由牛頓第二定律有：解得：B正確；C．由題意知，物體離開(kāi)彈簧后通過(guò)的最大距離為3x0，由牛頓第二定律得：將此運(yùn)動(dòng)看成向右的初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，則：聯(lián)立解得：，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)彈簧的彈力與滑動(dòng)摩擦力大小相等、方向相反時(shí)，速度速度最大時(shí)合力為零，則有解得，所以物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中克服摩擦力做的功為：D正確。故選BD。10、BD【解析】AB．圖甲中的A1、A2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程不同的電流表讀數(shù)不同，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．圖乙中的A1、A2串聯(lián)，A1、A2的示數(shù)相同，由于量程不同，內(nèi)阻不同，電表兩端的電壓不同，流過(guò)表頭的電流不同，指針偏轉(zhuǎn)的角度不同，故C錯(cuò)誤，D正確故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.×1②.8③.F④.B⑤.D⑥.甲⑦.B【解析】（1）[1]將紅、黑表筆分別與導(dǎo)體的兩端相接，發(fā)現(xiàn)指針示數(shù)接近“0”，說(shuō)明倍率檔選擇過(guò)大，應(yīng)該改用×1檔；（2）[2]如圖可知，電阻的測(cè)量值為.（3）[3]滑動(dòng)變阻器選擇阻值較小的F；[4]電源的電動(dòng)勢(shì)為4V，則電壓表選B；[5]電路中可能出現(xiàn)的最大電流，則電流表選擇D;[6]因，故應(yīng)選用電流表外接，即選擇甲電路；（4）[7]甲電路中產(chǎn)生誤差的原因是由于電壓表的分流作用，使得電流表測(cè)量值大于流經(jīng)Rx的電流值，故選B12、①.BEFADC②.相等③.【解析】閉合開(kāi)關(guān)前將R1和R2阻值調(diào)至最大，以免燒壞電流表，本