高考物理整體法隔離法解決物理試題各地方試卷集合匯編一、整體法隔離法解決物理試題1．如圖所示，在傾角的光滑斜面上，物塊A靜止在輕彈簧上面，物塊B用細線與斜面頂端相連，物塊A、B緊挨在一起但它們之間無彈力，已知物塊A、B質量分別為和，重力加速度為，，．某時刻將細線剪斷，則在細線剪斷瞬間，下列說法正確的是A．物塊B的加速度為 B．物塊A的加速度為C．物塊A、B間的彈力為 D．彈簧的彈力為【答案】C【解析】【分析】【詳解】剪斷細線前，彈簧的彈力：細線剪斷的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為；剪斷細線瞬間，對A、B系統(tǒng)，加速度為：，即A和B的加速度均為0.4g；以B為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得解得．故C正確，ABD錯誤．故選C．2．如圖所示，水平地面上有一楔形物塊a，其斜面上有一小物塊b，b與平行于斜面的細繩的一端相連，細繩的另一端固定在斜面上.a與b之間光滑，a和b以共同速度在地面軌道的光滑段向左運動.當它們剛運行至軌道的粗糙段時可能正確的是A．繩的張力減小，斜面對b的支持力不變B．繩的張力增加，斜面對b的支持力減小C．繩的張力減小，地面對a的支持力不變D．繩的張力增加，地面對a的支持力減小【答案】C【解析】【詳解】在光滑段運動時，物塊a及物塊b均處于平衡狀態(tài)，對a、b整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡；對b受力分析，如圖，受重力、支持力、繩子的拉力，根據(jù)共點力平衡條件，有Fcosθ-FNsinθ=0①；Fsinθ+FNcosθ-mg=0②；由①②兩式解得：F=mgsinθ，F(xiàn)N=mgcosθ；當它們剛運行至軌道的粗糙段時，減速滑行，系統(tǒng)有水平向右的加速度，此時有兩種可能；①物塊a、b仍相對靜止，豎直方向加速度為零，由牛頓第二定律得到：Fsinθ+FNcosθ-mg=0③；FNsinθ-Fcosθ=ma④；由③④兩式解得：F=mgsinθ-macosθ，F(xiàn)N=mgcosθ+masinθ；即繩的張力F將減小，而a對b的支持力變大；再對a、b整體受力分析豎直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面對a支持力不變.②物塊b相對于a向上滑動，繩的張力顯然減小為零，物體具有向上的分加速度，是超重，支持力的豎直分力大于重力，因此a對b的支持力增大，斜面體和滑塊整體具有向上的加速度，也是超重，故地面對a的支持力也增大.綜合上述討論，結論應該為：繩子拉力一定減小；地面對a的支持力可能增加或不變；a對b的支持力一定增加；故A，B，D錯誤，C正確.故選C.3．如圖所示，等邊直角三角形斜邊上豎直擋板擋住質量為m的球置于斜面上，現(xiàn)用一個恒力F拉斜面，使斜面在水平面上向右做加速度為a的勻加速直線運動，忽略一切摩擦，重力加速度為g,以下說法中正確的是A．豎直擋板對球的彈力為B．斜面對球的彈力為2mgC．加速度越大斜面對球的彈力越大．D．斜面、擋板對球的彈力與球的重力三者的合力大于ma【答案】A【解析】A、B、C、對球受力分析如圖所示:由牛頓第二定律得FN1-FN2sinθ=ma，F(xiàn)N2cosθ=mg，，由以上兩式可得：，，即豎直擋板對球的彈力為，斜面對球的彈力為，且加速度越大斜面對球的彈力不變，故A正確，B、C均錯誤.D、由牛頓第二定律可知，斜面、擋板對球的彈力與球的重力三者的合力等于ma．故D錯誤．故選A.【點睛】本題考查牛頓第二定律的應用和受力分析規(guī)律的應用，要注意明確加速度沿水平方向，豎直方向上的合力為零，分別對兩個方向進行分析求解即可．4．如圖所示，三物體A、B、C均靜止，輕繩兩端分別與A、C兩物體相連接且伸直，mA=3kg，mB=2kg，mC=1kg，物體A、B、C間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.1，地面光滑，輕繩與滑輪間的摩擦可忽略不計?，F(xiàn)用15N的力作用在B物體上，則下列說法正確的是（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10m/s2）（

）A．物體B將從A、C中抽出，A、C可能會靜止不動B．物體B與A一起向左加速運動，C向右加速運動C．物體B與C一起向左加速運動，A向右加速運動D．A、C加速度大小均為0.5m/s2【答案】D【解析】【詳解】B、C間的最大靜摩擦力?A、B間的最大靜摩擦力fBC若要用力將B物體從A、C間拉出，拉力最小時，B、C之間的摩擦力剛好達到最大，此時物體A已經(jīng)向右以加速度a加速運動，B、C以加速度a向左加速運動，設繩子上拉力為T，以A為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得T-fAB=mAa以C為研究對象有fBC-T=mCa解得a=0.5m/s2，以B為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得F-（fBC+fAB）=mBa解得F=9N，由題知F=15N9N，所以可以將B物體從A、C中間抽出；即用15N的力作用在B物體上，物體A向右以加速度a=0.5m/s2加速運動，C以加速度a=0.5m/s2向左加速運動。A.物體B將從A、C中抽出，A、C可能會靜止不動，與分析不一致，故A錯誤；B.物體B與A一起向左加速運動，C向右加速運動，與分析不一致，故B錯誤；C.物體B與C一起向左加速運動，A向右加速運動，與分析不一致，故C錯誤；D.A、C加速度大小均為0.5m/s2，與分析相一致，故D正確。5．如圖甲所示，一輕質彈簧的下端，固定在水平面上，上端疊放著兩個質量均為m的物體A、B（物體B與彈簧栓接），彈簧的勁度系數(shù)為k，初始時物體處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體A上，使物體A開始向上做加速度為a的勻加速運動，測得兩個物體的v﹣t圖象如圖乙所示（重力加速度為g），則（）A．施加外力的瞬間，F(xiàn)的大小為2m（g﹣a）B．A、B在t1時刻分離，此時彈簧的彈力大小m（g+a）C．彈簧彈力等于0時，物體B的速度達到最大值D．B與彈簧組成的系統(tǒng)的機械能先增大，后保持不變【答案】B【解析】【詳解】A．施加F前，物體AB整體平衡，根據(jù)平衡條件，有：2mg=kx；施加外力F的瞬間，對整體，根據(jù)牛頓第二定律，有：其中：F彈=2mg解得：F=2ma故A錯誤。B．物體A、B在t1時刻分離，此時A、B具有共同的速度與加速度，且FAB=0；對B：F彈′-mg=ma解得：F彈′=m（g+a）故B正確。C．B受重力、彈力及壓力的作用；當合力為零時，速度最大，而彈簧恢復到原長時，B受到的合力為重力，已經(jīng)減速一段時間，速度不是最大值；故C錯誤；D．B與彈簧開始時受到了A的壓力做負功，故開始時機械能減??；故D錯誤；6．如圖所示，質量為m的球置于斜面上，被一個拴在斜面上的細繩拉住?，F(xiàn)用一個力F推斜面，使斜面在水平面上和小球一起做加速度為a的勻加速直線運動，忽略一切摩擦，以下說法中正確的是A．若加速度足夠小，細繩對球的彈力可能為零B．細繩對球的彈力可能為零C．斜面和細繩對球的彈力的合力一定等于maD．當F變化時，斜面對球的彈力不變【答案】B【解析】A、B、D、對小球和斜面的整體分析可知，推力越大整體的加速度越大，當推力達到一臨界值時，斜面的加速度足夠大使得小球相對斜面產(chǎn)生上滑趨勢，此時繩子的拉力為零，故A、D錯誤，B正確。C、對小球受力可知重力和斜面的彈力、繩的拉力，由牛頓第二定律知三個力的合力為ma，故C錯誤。故選B?！军c睛】本題運用正交分解法，根據(jù)牛頓第二定律研究物體的受力情況，要正確作出物體的受力圖，并抓住豎直方向沒有加速度，找到臨界情況．7．如圖所示，電源電動勢為，內(nèi)電阻為，、是兩個小燈泡，是滑動變阻器，V1、V2可視為理想電壓表．閉合開關，將滑動變阻器的滑動片由最左端向最右端滑動，小燈泡的阻值可視為不變，下列說法正確的是（）A．小燈泡變暗，V1表的示數(shù)變小，V2表的示數(shù)變大B．小燈泡變亮，V1表的示數(shù)變大，V2表的示數(shù)變小C．小燈泡變暗，V1表的示數(shù)變小，V2表的示數(shù)變大D．小燈泡變亮，V1表的示數(shù)變大，V2表的示數(shù)變大【答案】D【解析】將滑動變阻器的觸片由左端向右滑動時，變阻器接入電路的電阻變大，變阻器與燈泡L2并聯(lián)的電阻變大，外電路總電阻增大，則路端電壓隨之增大，即V1表的讀數(shù)變大．由閉合電路歐姆定律可知，流過電源的電流減小，燈泡L1變暗，電壓表V2讀數(shù)變?。疅襞軱2的電壓U2=E-I(r+RL1)增大，I減小，則U2增大，燈泡L2變亮．故D正確．故選D．【點睛】本題是電路中動態(tài)分析問題．對于路端電壓可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大，減小而減小判斷．8．如圖所示，質量均為M的物塊A、B疊放在光滑水平桌面上，質量為m的物塊C用跨過輕質光滑定滑輪的輕繩與B連接，且輕繩與桌面平行，A、B之間的動摩擦因數(shù)為μ，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g，下列說法正確的是()A．物塊A運動的最大加速度為B．要使物塊A、B發(fā)生相對滑動，應滿足關系C．若物塊A、B未發(fā)生相對滑動，物塊A受到的摩擦力為D．輕繩對定滑輪的作用力為【答案】AC【解析】【詳解】A.A受到的最大合外力為μMg，則A的最大加速度：a=μMg/M=μg故A正確；B.當A的加速度恰好為μg時，A、B發(fā)生相對滑動，以A、B、C系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律得：mg=(M+M+m)μg解得：m=，要使物塊A、B之間發(fā)生相對滑動，物塊C的質量至少為，故B錯誤；C.若物塊A、B未發(fā)生相對滑動，A、B、C三者加速度的大小相等，由牛頓第二定律得：mg=(2M+m)a對A:f=Ma解得：f=，故C正確；D.C要向下做加速運動，C處于失重狀態(tài)，繩子的拉力：T<mg，輕繩對定滑輪的作用力：N==T<故D錯誤；9．在如圖所示電路中，R1、R2為定值電阻，閉合電鍵S后，帶電粒子恰處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片向下滑動，理想電壓表V1，V2，V3示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為ΔI，則()A．V1示數(shù)減小，V2和V3示數(shù)增大B．帶電粒子將向上運動C．ΔU3＞ΔU1D．此過程中保持不變【答案】BCD【解析】【詳解】A．將滑動變阻器的滑片向下滑動，滑動變阻器的阻值減小，電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律知，總電流增大，則V1示數(shù)U1增大．內(nèi)電壓增大，路端電壓U減小，而路端電壓，可知，V3示數(shù)U3減?。甊2兩端電壓增大，所以V2示數(shù)減小，故A錯誤；B．R2兩端電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間場強增大，帶電粒子所受的電場力增大，因此帶電粒子將向上運動，故B正確；C．因為，U3減小，U1增大，而U減小，所以．故C正確；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律知：得保持不變，故D正確．故選BCD．10．如圖所示的電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、、和表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、Δ、Δ和Δ，下列說法正確的是A．I減小，減小、增大，增大B．電源功率不變，上功率增加C．變大，不變D．變大，不變【答案】ACD【解析】【詳解】A.當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，外電路電阻增大，電流減小，根據(jù)可知路端電壓增大，U1測定值電阻的電壓，所以U1隨著電流的減小而減小，根據(jù)可知U2增大，故A正確.B.電源的功率，隨著回路中電流變小，則電源功率也在變小，故B錯誤；C.根據(jù)電路知識可知,所以變大，可知不變，故C正確D.根據(jù)電路知識可知=R1+R2所以變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E-Ir，則有=r，不變．故D正確．11．兩個重疊在一起的滑塊，置于傾角為θ的固定斜面上，滑塊A、B的質量分別為M和m，如圖所示，A與斜面的動摩擦因數(shù)為μ1，B與A間的動摩擦因數(shù)為μ2，已知兩滑塊都從靜止開始以相同的加速度從斜面滑下，則滑塊A受到的摩擦力()A．等于零 B．方向沿斜面向上C．大小等于 D．大小等于【答案】BC【解析】【詳解】以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得，整體的加速度為：設A對B的摩擦力方向向下，大小為f，則有：解得：負號表示摩擦力方向沿斜面向上則A受到B的摩擦力向下，大小，斜面的滑動摩擦力向上，A受到的總的摩擦力為：；AB．計算出的A受的總的摩擦力為負值，表示方向沿斜面向上；故A項錯誤，B項正確.CD．計算得出A受到總的摩擦力大小為；故C項正確，D項錯誤.12．如圖，水平地面上有一楔形物塊a，其斜面上有一小物塊b，b與平行于斜面的細繩的一端相連，細繩的另一端固定在斜面上．a(chǎn)與b之間光滑，a和b以共同速度在地面軌道的光滑段向左運動．當它們剛運行至軌道的粗糙段時可能是()A．繩的張力減小，斜面對b的支持力減小，地面對a的支持力減小B．繩的張力減小，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力不變C．繩的張力減小，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力增加D．繩的張力增加，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力增加【答案】BC【解析】【詳解】在光滑段運動時，物塊a及物塊b均處于平衡狀態(tài)，對a、b整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡；對b受力分析，如圖，受重力、支持力、繩子的拉力，根據(jù)共點力平衡條件，有：Fcosθ-FNsinθ=0①；Fsinθ+FNcosθ-mg=0②；由①②兩式解得：F=mgsinθ，F(xiàn)N=mgcosθ；當它們剛運行至軌道的粗糙段時，減速滑行，系統(tǒng)有水平向右的加速度，此時有兩種可能；AB．（一）物塊a、b仍相對靜止，豎直方向加速度為零，由牛頓第二定律得：Fsinθ+FNcosθ-mg=0③；FNsinθ-Fcosθ=ma④；由③④兩式解得：F=mgsinθ-macosθ，F(xiàn)N=mgcosθ+masinθ；即繩的張力F將減小，而a對b的支持力變大；再對a、b整體受力分析豎直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面對a支持力不變；故A項錯誤，B項正確.CD．（二）物塊b相對于a向上加速滑動，繩的張力顯然減小為零，物體具有向上的分加速度，是超重，因此a對b的支持力增大，斜面體和滑塊整體具有向上的加速度，也是超重，故地面對a的支持力也增大;故C項正確，D項錯誤。13．如圖所示，質量均為M的物塊A、B疊放在光滑水平桌面上，質量為m的物塊C用跨過輕質光滑定滑輪的輕繩與B連接，且輕繩與桌面平行，A、B之間的動摩擦因數(shù)為μ，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A．物塊A運動的最大加速度為B．要使物塊A、B發(fā)生相對滑動，應滿足關系C．若物塊A、B未發(fā)生相對滑動，物塊A受到的摩擦力為D．輕繩對定滑輪的作用力為【答案】ACD【解析】【詳解】設A、B相對靜止時A、B的共同加速度為a，繩對C的拉力為T，B對A的摩擦力為f。根據(jù)題意可知此時C的加速度大小也為a（方向向下）；取C為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得mg-T=ma，解得T=mg-ma

①；取AB整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：T=2Ma

②；取B為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：f=Ma

③；聯(lián)立①②③得：④A、A、B之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，即f=μMg，其加速度也達到最大值amax=ug⑤，故A正確.B、由④⑤解得此時，所以B錯誤.C、由③可推導出，將a代入④可得；故C正確.D、因為繩對C的拉力T=mg-ma，所以繩對滑輪的力；故D正確.故選ACD.【點睛】解決好本題的關鍵是靈活的選取研究對象，要充分理解A滑動的臨界條件是其所受的