（月）一、單選題：本大題共7小題，共分。1.下列關于物理的科學思想方法說法正確的是（）A.在不需要考慮物體本身大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫假設法B.根據(jù)速度的定義非常非常小時，想化模型法C.加速度的定義應用了控制變量的思想D.亞里士多德提出“重的物體比輕的物體下落得快”，伽利略通過推理與實驗相結合證明了該觀點是錯誤的【答案】D【解析】【詳解】A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫理想模型法，故A錯誤；B．根據(jù)速度的定義，當非常非常小時，就可以表示物體在此時的瞬時速度，該定義應用了極限思想方法，故B錯誤；C．加速度的定義應用了比值定義法，故C錯誤；D的，故D正確。故選D。2.2025年9月27日20時40軌10s內由0增加到200m/s108km/h的速度行駛，急剎車時能在3s內停下來，初速度方向為正方向，則下列說法中正確的是（）第1頁/共14頁A.10s內火箭的速度改變量為20m/sB.3s內汽車的加速度為10m/s2C.火箭的速度變化比汽車的快D.火箭的加速度比汽車的加速度小【答案】C【解析】A10s內由0增加到200m/s10s內火箭的速度改變量為A錯誤：B．汽車行駛的速度為急剎車時能在3s內停下來，則3s內汽車的加速度其中“”表示其方向與汽車運動方向相反，加速度大小為10m/s2，故B錯誤；CD．火箭的加速度為由于，火箭的速度變化比汽車的快，故C正確，D錯誤。故選C。3.甲、乙兩車（可看作質點）在同一水平直道上運動，其運動的位置時間圖像如圖所示，其中乙車做初速度為0的勻加速直線運動，則（）A.4s末甲、乙兩車相遇B.乙車在0~8s內的加速度大小為0.05m/s2C.甲車在0~8s內的平均速度為1.5m/s第2頁/共14頁【答案】C【解析】【詳解】A．甲車在內的速度大小為即甲車在4s時的位置由圖像可知乙車在4s時的位置是4m，所以4s末甲、乙間距離為4m，沒有相遇，故A錯誤；B．由題意知其中乙同學做初速度為0的勻加速直線運動，則乙車的加速度，故B錯誤；C．甲車在內的平均速度為，故C正確；D．在圖像中，圖線的斜率表示速度，由圖像可知8s末甲、乙兩車速度不相同，故D錯誤。故選C。4.5位旅客在各自車廂候車線處候車，若動車每節(jié)車廂長均為l，動車進站時做勻減速直線運2號候車線處的旅客發(fā)現(xiàn)1號車廂經過他所用的時間為t2號車廂門口（2）A.動車從經過5號候車線處的旅客開始到停止運動，經歷的時間為3tB.動車從經過5號候車線處的旅客開始到停止運動，平均速度C.1號車廂頭部經過5號候車線處旅客時的速度D.動車的加速度大小【答案】B【解析】A01號車廂最前端經過2號候車線處的旅客的位移為時，時間為t，有動車1號車廂最前端經過5號候車線處的旅客的位移為時，時間為，有解得，故A錯誤；第3頁/共14頁B．動車1號車廂最前端從經過5號候車線處的旅客到停下總位移為，用時為，則平均速度為，故B正確；C．設1號車廂頭部經過5號候車線處的旅客時的速度為，則有解得，故C錯誤；D．動車從經過5號候車線處的旅客開始到停止運動過程，有解得，故D錯誤。故選B。5.從同一高度同時以30m/s的初速度拋出兩個小球，一球豎直上拋，另一個球豎直下拋，重力加速度g=10m/s2，則它們落地的時間差為（）A.3sB.4sC.6sD.8s【答案】C【解析】【詳解】做豎直上拋運動的小球當速度大小再次變?yōu)?，方向豎直向下需要的時間為然后該小球做豎直下拋運動，從該高度下落到地面所需的時間與另一個小球下落所需的時間相同，所以從同一高度同時以6s。故選C。6.從某一高度相隔1s先后自由釋放兩個相同的小球甲和乙，不計空氣阻力，它們在空中任一時刻（）A.甲、乙兩球距離越來越大，甲、乙兩球速度之差保持不變B.甲、乙兩球距離越來越小，甲、乙兩球速度之差保持不變C.甲、乙兩球距離始終保持不變，甲、乙兩球速度之差越來越大D.甲、乙兩球距離越來越小，甲、乙兩球速度之差也越來越小【答案】A【解析】【詳解】設乙運動的時間為t，則甲運動時間為，則兩球的距離為可見，兩球間的距離隨時間增大，越來越大。第4頁/共14頁所以甲乙兩球速度之差保持不變。故選A。7.1s內的位移為8.0m，在第3s內的位移為0.5m，則下列說法正確的是（）A.汽車的加速度大小為3.75m/s2B.汽車在0.7s末速度為7.2m/sC.汽車在第2s內的位移為4.25mD.汽車在2.5s末速度為0.5m/s【答案】B【解析】【詳解】設汽車第1s內的位移為，第3s內的位移為，加速度為a，第1s內的時間為，假設第3s內汽車速度沒有減到零，則有解得第1s內位移為，即解得由于說明假設不成立，由此可知第3s內汽車已經停止運動，設在第2s末到停下來所用的時間為t，故有根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可得，聯(lián)立解得，，故汽車末的速度為汽車末的速度為汽車在第2s內的位移為故選B。二、多選題：本大題共3小題，共分。第5頁/共14頁的圖像，下列說法正確的是（）A.甲圖中，物體在0~t0這段時間內的位移為B.乙圖中，物體的加速度為1m/s2C.丙圖中，陰影面積表示時間內物體的速度變化量D.丁圖中，t=3s時物體的速度為25m/s【答案】CD【解析】A.由這段時間內的位移大于，選項A錯誤；B.根據(jù)可知乙圖中，則物體的加速度為，選項B錯誤；C.根據(jù)可知，丙圖中陰影部分的面積表示時間內物體的速度變化量，選項C正確；D.由，可得結合丁圖可知，則，故時物體的速度為，選項D正確。故選CD。9.vtOPQ和三角形OQT的面積分別為x1和x。初始時，甲車在乙車前方x0處。下列說法正確的是（）第6頁/共14頁C.若，則兩車相遇一次D.若，則兩車相遇兩次【答案】BD【解析】【詳解】B．圖像的斜率表示加速度，可知T時刻，甲的加速度大于乙的加速度，故B正確；AD．由圖線可知，在T時間內，甲車前進了x，乙車前進了，此過程中乙車相對甲車的位移為x，若，則T時刻前乙車已經超過甲車，T時刻后因為甲車的速度大于乙車，則甲車還會超過乙車，則兩車相遇兩次，故A錯誤，D正確；C．若，則T時刻乙車恰好到達甲車在0時刻位置，則兩車不會相遇，故C錯誤。故選BD。10.ABAB盒裝有紅外線接收器和超A盒被固定在向右勻速運動的小車上，接收器BA向B同時發(fā)射一個紅外線脈沖和一個超聲波脈沖，B盒接收到紅外線脈沖時開始計時，接收到超聲波脈沖時停止計時，兩者的時間差為AB接收的時間差中的聲速為紅外線的傳播時間可以忽略（）A.第一次測量時A與B之間的距離為B.B接收到第二次超聲波脈沖時，A與B的距離為C.A兩次發(fā)射過程中，小車運動的距離為第7頁/共14頁【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，由于紅外線的傳播時間可以忽略，可得第一次測量時A、B間的距離為，故A正確；C．進行第二次測量時，A、B間的距離為則小車運動的距離故C正確；D．兩次發(fā)射超聲波脈沖的時間間隔為，即為小車運動所用的時間，則小車的平均速度為解得，故D錯誤；B．由D選項分析可知，B接收到第二次超聲波脈沖時，A與B的距離為，B錯誤。故選AC。三、實驗題：本大題共2小題，共分。1的時間2的時間，用刻度尺測出兩個光電門之間的距離x。（1）要測出小車通過光電門的速度，需要測出_______________A.遮光條的寬度dB.小車的長度l第8頁/共14頁（2）實驗時，滑塊從光電門1的右側某處由靜止釋放，測得通過光電門1的時間，則遮光條經過光電門1時的速度________（3）保持其它實驗條件不變，只調節(jié)光電門2的位置，滑塊每次都從同一位置由靜止釋放，記錄幾組兩光電門之間的距離x及對應遮光條經過光電門2的擋光時間k，則滑塊加速度的大小為________k、d表達）【答案】（1）A（2）（3）【解析】【小問1詳解】根據(jù)可知要測出小車通過光電門的速度，需要測出遮光條的寬度d。故選A?！拘?詳解】11的時間1時的速度【小問3詳解】滑塊在兩光電門間做勻加速直線運動，由速度—位移公式可得整理可得第9頁/共14頁可得滑塊加速度的大小為12.某同學用如圖甲所示裝置測量當?shù)刂亓铀俣萭。（1）實驗中，下列說法正確的是（）A.用秒表測量重物運動的時間B.安裝紙帶時應使重物靠近打點計時器C.每打完一條紙帶應及時切斷電源，防止打點計時器過熱損壞D.先松開上方夾子釋放紙帶，再接通電源（2）進行正確實驗操作后，紙帶上打出圖乙所示的一系列點，已知打點計時器的工作頻率為50Hz，點A、BCDEFG是連續(xù)打出的7x=0.58cmx=0.96cmx=1.35cmx=1.74cm，x，x=2.50cm。則在打E點時，重物下落的速度大小為__________m/s，測出當?shù)氐闹亓铀俣却笮開_________m/s2（3）如果實驗時電源的實際頻率小于50Hz，做實驗的同學并不知情，那么重力加速度的測量值與實際值相比__________【答案】（1）BC（2）①.0.963②.9.61（3）偏大【解析】【小問1詳解】A．實驗中可根據(jù)打點計時器記錄的點來獲得時間信息，不需要用秒表，故A錯誤；第10頁/共14頁C．每打完一條紙帶應及時切斷電源，防止打點計時器過熱損壞，故C正確；D．實驗過程中，應先接通電源，再釋放紙帶，故D錯誤。故選BC。小問2詳解】[1]每兩點間的時間間隔則在打E點時，重物下落的速度大小[2]當?shù)氐闹亓铀俣却笮椤拘?詳解】如果實驗時電源的實際頻率小于50Hz0.02s偏大。四、計算題：本大題共3小題，共分。13.2025年8月，我國首次公開福建艦電磁彈射實戰(zhàn)化測試畫面。假設某航母的飛行跑道長L=160m，艦載機發(fā)動機產生的最大加速度a=20m/s2，艦載機所需的起飛速度為v=100m/s，艦載機在航母跑道上起飛的過程可以簡化為勻加速直線運動。（1）若航母靜止，為了使艦載機安全起飛，彈射裝置給艦載機的初速度至少為多大?（2）假設航母沒有搭載電磁彈射系統(tǒng)，為使艦載機仍能從航母上正常起飛，可采用先讓航母沿艦載機起飛方向以某一速度勻速航行，再讓艦載機起飛，則航母的航行速度至少為多少?【答案】（1）60m/s（2）20m/s【解析】【小問1詳解】若航母靜止，為了使艦載機安全起飛，設彈射裝置給艦載機的初速度至少為，由運動學公式可得代入數(shù)據(jù)得【小問2詳解】第11頁/共14頁設艦載機起飛所用的時間為tt內航空母艦航行的距離為，航空母艦最小的航行速度為空母艦有對艦載機有，又聯(lián)立解得14.開始從地面以a=20m/s2的加速度豎直向上運動，當?shù)竭_離地高h=10m處時，水火箭突然失去動力，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，取豎直向上為正方向。求：（1）水火箭上升過程中的最大速度v；（2）水火箭從發(fā)射到落地過程中的運動時間t和路程s?！敬鸢浮浚?）20m/s，方向豎直向上（2），60m【解析】【小問1詳解】由題意得，火箭上升時速度最大，根據(jù)速度位移關系則有代入數(shù)據(jù)解得最大速度，方向豎直向上?！拘?詳解】火箭加速上升則有代入數(shù)據(jù)可得失去動力做豎直上拋運動到最高點，則有，第12頁/共14頁代入數(shù)據(jù)解得，到達最高點后做自由落體運動有解得所以水火箭從發(fā)射到落地過程中運動的時間運動的路程15.ETC是電子不停車收費系統(tǒng)，它的應用減少了收費時間，如圖所示為ETC通道和人工收費通道的簡易圖。假設某汽車以v=12m/s的速度行駛，當該汽車走人工收費通道時，汽車先減速至剛好停在收費中心線t=20s繳費后開始加速，又經過一段時間速度恢復到v=12m/s；當該汽車走ETC通道時，在距離收費中心線x=9m處，汽車的速度減小至v=4m/s，然后勻速行駛，通過中心線后再逐漸加速至速度恢復到v=12m/s。假設汽車減速和加速的過程均做勻變速直線運動，減速和加速時的加速度大小分別為a=2m/s2、a=1m/s2。問：（1）汽車從開始減速到恢復原來的速度，走人工收費通道的位移x比走