廣東省茂名市七校聯(lián)盟2024-2025學(xué)年高一下學(xué)期3月聯(lián)考物理試題一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.2024年7月15日凌晨3時，2024年歐洲杯足球決賽在柏林奧林匹克體育場展開角逐，最終西班牙2∶1戰(zhàn)勝英格蘭奪得歐洲杯冠軍。如圖為西班牙球星奧亞薩瓦爾踢出的一粒香蕉球的運動軌跡，若足球在運動過程中，考慮空氣阻力，下列說法正確的是（）A.運動員將球踢出后，足球受到腳的踢力、重力和空氣阻力B.某時刻足球受到的合外力可能為零C.足球運動時加速度方向一定與速度方向不共線D.足球在任意相等時間里的速度變化量一定相同【答案】C【解析】A．運動員將球踢出后，足球受到重力和空氣阻力的作用，故A錯誤；BC．由于足球做曲線運動，所以足球受到的合外力不可能為零，足球運動時加速度方向一定與速度方向不共線，故B錯誤，C正確；D．由于足球受到空氣阻力作用，且空氣阻力是變力，所以足球的加速度發(fā)生變化，根據(jù)可知足球在任意相等時間里速度變化量不一定相同，故D錯誤。故選C。2.第19屆亞運會于2023年10月8日圓滿閉幕，中國體育代表團獲得201金111銀71銅，取得亞運會參賽歷史最好成績，在男子100米決賽中，30歲的謝震業(yè)跑出了9秒97的成績，奪得金牌。下列描述正確的是（）A.決賽中確定運動員誰先撞終點線時可以將運動員視為質(zhì)點B.9秒97的比賽成績指的是時刻C.決賽過程中以謝震業(yè)為參考系，坐在觀眾席上的人是運動的D.謝震業(yè)撞線時的瞬時速度大小一定為【答案】C【解析】A．決賽中確定運動員誰先撞終點線時需要研究是運動員的哪個部位撞到終點線，不能忽略運動員的形狀大小，因此不能將運動員看成質(zhì)點，故A錯誤；B．9秒97是運動員跑完全程所用的時間，指的是時間間隔，故B錯誤；C．決賽過程中以謝震業(yè)為參考系，而參考系是假定不動的，則坐在觀眾席上的人是運動的，故C正確；D．根據(jù)題中數(shù)據(jù)可得謝震業(yè)運動全程的平均速度為則可知，是謝震業(yè)全程的平均速度大小，而撞線時的瞬時速度大小不一定為，故D錯誤。故選C。3.如圖所示為起重機吊起鐵管的場景。質(zhì)量為200kg的鐵管兩端固定有一鋼繩，起重機掛鉤勾住鋼繩，使鐵管從靜止開始先豎直向上做勻加速直線運動，達到某一速度后做勻速運動。若鐵管始終保持水平，不計鋼繩質(zhì)量與一切阻力。下列說法正確的是（）A.勻加速階段鐵管處于超重狀態(tài)B.勻速階段鋼繩的張力大小為1000NC.鋼繩對鐵管的拉力是由于鐵管形變引起的D.勻加速階段鋼繩對鐵管的作用力大于鐵管對鋼繩的作用力【答案】A【解析】A．在勻加速階段，鐵管豎直向上做勻加速直線運動，加速度向上，所以鐵管處于超重狀態(tài)，故A正確；B．勻速階段，鋼繩的張力大小等于鐵管重力大小，即，故B錯誤；C．根據(jù)彈力的產(chǎn)生原因，鋼繩對鐵管的拉力是由于鋼繩發(fā)生形變，要恢復(fù)原狀而對鐵管產(chǎn)生的力，并非鐵管形變引起的，故C錯誤；D．鋼繩對鐵管的作用力與鐵管對鋼繩的作用力是一對相互作用力，相互作用力大小相等、方向相反，與鐵管的運動狀態(tài)無關(guān)，所以勻加速階段鋼繩對鐵管的作用力等于鐵管對鋼繩的作用力，故D錯誤。故選A。4.如圖所示，一木塊放在水平地面上，在的水平拉力作用下向右做勻速直線運動，速度為，則下列說法正確的是（）A.當水平拉力時，木塊受到的摩擦力為B.當木塊以的速度做勻速直線運動時，所需要的F力大于C.以的速度做勻速直線運動時，木塊受到的摩擦力為D.將水平拉力F撤去，木塊速度越來越小，是因為木塊受到的摩擦力越來越大【答案】C【解析】A．當水平拉力時物體仍向右做勻加速滑動，根據(jù)滑動摩擦力公式由上式可知，滑動摩擦力為一定值，與水平外力無關(guān)，故A錯誤；BC．由題意，物體做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，水平方向滿足即滑動摩擦力與外力相等，與速度大小無關(guān)，只要是勻速運動，總是滿足上式，故B錯誤，C正確；D．撤去外力后，物體仍然向右運動，受向左的滑動摩擦力，滑動摩擦力為一定值，與水平外力無關(guān)，故D錯誤；故選C。5.下列情境中，可以將物體的運動視為自由落體運動的是（）A.空中飄落的羽毛B.從靜止開始自由下落的鉛球C.懸停在空中的風(fēng)箏D.水平飛行的飛機【答案】B【解析】自由落體運動是只在重力作用下且初速度為零的豎直向下的勻變速直線運動；A．空中飄落的羽毛所述的空氣阻力不能忽略，不是自由落體運動，選項A錯誤；B．從靜止開始自由下落的鉛球，空氣阻力的影響可忽略，可看作自由落體運動，選項B正確；C．懸停在空中的風(fēng)箏處于靜止狀態(tài)，不是自由落體運動，選項C錯誤；D．水平飛行的飛機是在水平方向運動，不是自由落體運動，選項D錯誤。故選B6.水平地面上兩個質(zhì)點甲和乙，由同一地點沿同一方向做直線運動，它們的速度-時間圖像如圖所示，下列判斷正確的是（）A.20s時甲與乙相遇B.甲處于靜止，乙做勻速直線運動C.乙追上甲前，它們之間的最大距離為150mD.在10~30s內(nèi)，乙的平均速度大于甲的平均速度【答案】C【解析】A．根據(jù)圖像與軸圍成面積表示位移可知，內(nèi)甲的位移大于乙的位移，則20s時甲與乙沒有相遇，甲在乙前面，故A錯誤；B．由圖可知，甲做勻速直線運動，乙做勻加速直線運動，故B錯誤；C．當甲乙速度相等時，兩者的距離最大，有圖可知，乙追上甲前，它們之間的最大距離為，故C正確；D．根據(jù)圖像與軸圍成面積表示位移可知在10~30s內(nèi)，甲乙的位移相等，根據(jù)可知乙的平均速度等于甲的平均速度，故D錯誤。故選C。7.在靜水中速度為的小船，為垂直渡過寬度為d的河流，船頭與河岸成θ角斜向上游，如圖甲所示。航行中發(fā)現(xiàn)河水流速與河岸間距離x的關(guān)系如圖乙所示，為使小船仍能到達正對岸，下列措施中可行的是（）A.保持船頭方向不變，先增大后變小B.保持船頭方向不變，先變小后增大C.保持船速大小不變，θ先增大后減小D.保持船速大小不變，θ一直減小【答案】A【解析】AB．航行中發(fā)現(xiàn)河水流速先增大后減小，為使小船仍能到達正對岸，即合速度方向指向正對岸，根據(jù)平行四邊形定則，如圖，可以保持船頭方向不變，先增大后變小，故A正確，B錯誤；CD．為使小船仍能到達正對岸，即船在水平方向的分速度和水的速度大小相同，即船與河岸的夾角可以先變小后變大，故CD錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.某機器人研究所實驗?zāi)承吞栔悄軝C器人的起跳動作示意圖如圖甲所示，機器人質(zhì)量為50kg，點P是機器人的重心位置。圖乙是根據(jù)加速度傳感器采集到的數(shù)據(jù)畫出的加速度—時間圖線。甲乙兩圖中a~h各點均一一對應(yīng)，其中有幾個點在圖甲中沒有畫出。規(guī)定豎直向上為加速度a的正方向，重力加速度大小g取。根據(jù)圖乙分析可知（）A.b點位置機器人處于超重狀態(tài)B.c點位置機器人仍然在向下運動C.d點位置機器人對地面壓力大小為1500ND.機器人在e點時已開始離開地面【答案】BC【解析】A．點位置機器人加速度向下，處于失重狀態(tài)；故A錯誤；B．圖像的面積表示速度的變化量，點位置圖像總面積為負，速度增量為負，機器人仍然在向下運動；故B正確；C．點位置機器人以向上加速，由解得由牛頓第三定律可知其對地面壓力大小為1500N；故C正確；D．機器人開始離開地面時加速度應(yīng)為，故在點機器人還沒有開始離開地面，故D錯誤。故選BC。9.如圖，柱體A的橫截面是圓心角為90°的扇形面，其弧形表面光滑，而與地面接觸的下表面粗糙；在光滑豎直墻壁與柱體之間放置一質(zhì)量為m的球體，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)。若使柱體向左移動稍許，系統(tǒng)仍處于平衡狀態(tài)，則（）A.球?qū)Φ膲毫υ龃?B.柱體對球的支持力減小C.柱體所受的摩擦力增大 D.柱體對地面的壓力減小【答案】AC【解析】AB．對球體受力分析，受重力、墻壁對球體的支持力和柱體對球體的支持力。如圖所示，由力的平衡條件可得若使柱體向左移動稍許，則θ角變大，系統(tǒng)仍處于平衡狀態(tài)，則有墻壁對球體的支持力FN1增大，由牛頓第三定律可知，球?qū)Φ膲毫υ龃?，柱體對球體的支持力FN2增大，A正確，B錯誤；CD．對整體受力分析，受重力，地面的支持力、墻壁的支持力和地面對其向右的摩擦力，如圖所示，由平衡條件則有若使柱體向左移動稍許，則θ角變大，系統(tǒng)仍處于平衡狀態(tài)，則有摩擦力增大，地面對柱體的支持力不變，由牛頓第三定律可知，柱體對地面的壓力不變，C正確，D錯誤。故選AC。10.如圖（a），我國某些農(nóng)村地區(qū)人們用手拋撒谷粒進行水稻播種。某次拋出的谷粒中有兩顆的運動軌跡如圖（b）所示，其軌跡在同一豎直平面內(nèi)，拋出點均為O，且軌跡交于P點，拋出時谷粒1和谷粒2的初速度分別為和，其中方向水平，方向斜向上。忽略空氣阻力，關(guān)于兩谷粒在空中的運動，下列說法正確的是（）A.谷粒1的加速度等于谷粒2的加速度B.谷粒2在最高點的速度大于C.谷粒2從O到P的運動時間小于谷粒1D.谷粒1從O到P的平均速度大于谷粒2【答案】AD【解析】A．拋出的兩谷粒在空中均僅受重力作用，加速度均為重力加速度，故谷粒1的加速度等于谷粒2的加速度。故A正確；C．在豎直方向上谷粒2做豎直上拋運動，谷粒1做自由落體運動，從O到P兩者豎直位移相同，所以谷粒2運動時間較長。故C錯誤；B．谷粒2做斜拋運動，水平方向上為勻速直線運動，運動到最高點的速度即為水平方向上的分速度，從O到P與谷粒1水平位移相同，但運動時間較長，所以谷粒2水平方向上的速度較小，即最高點的速度小于。故B錯誤；D．兩谷粒從O點到P點的合位移相同，運動時間谷粒1較短，所以谷粒1的平均速度大于谷粒2。故D正確。故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)利用如圖甲所示裝置做“探究彈簧彈力大小與其長度的關(guān)系”實驗。（1）某次在彈簧下端掛上鉤碼后，彈簧下端處的指針在刻度尺上的指示情況如圖乙所示，此時刻度尺的讀數(shù)x=______cm；（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出圖線如圖丙所示；（3）根據(jù)丙圖可得該彈簧的原長=______彈簧的勁度系數(shù)，______。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）11.80（11.77~11.83均可）（3）8.049【解析】（1）指針指在11.8，刻度尺讀數(shù)需要估讀到下一位，在讀數(shù)為11.80cm；（3）懸掛鉤碼前，彈簧長度為原長，則由圖乙可知彈簧原長為，即8.0cm；由胡克定律可得12.在天宮課堂中、我國航天員演示了利用牛頓第二定律測量物體質(zhì)量的實驗。受此啟發(fā)。某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌、力傳感器、無線加速度傳感器、輕彈簧和待測物體等器材設(shè)計了測量物體質(zhì)量的實驗，如圖甲所示。主要步驟如下：①將力傳感器固定在氣墊導(dǎo)軌左端支架上，加速度傳感器固定在滑塊上；②接通氣源。放上滑塊。調(diào)平氣墊導(dǎo)軌；③將彈簧左端連接力傳感器，右端連接滑塊。彈簧處于原長時滑塊左端位于O點。A點到O點的距離為5.00cm，拉動滑塊使其左端處于A點，由靜止釋放并開始計時；④計算機采集獲取數(shù)據(jù)，得到滑塊所受彈力F、加速度a隨時間t變化的圖像，部分圖像如圖乙所示?；卮鹨韵聠栴}（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）：（1）彈簧的勁度系數(shù)為_____N/m。（2）該同學(xué)從圖乙中提取某些時刻F與a的數(shù)據(jù)，畫出a—F圖像如圖丙中I所示，由此可得滑塊與加速度傳感器的總質(zhì)量為________kg。（3）該同學(xué)在滑塊上增加待測物體，重復(fù)上述實驗步驟，在圖丙中畫出新的a—F圖像Ⅱ，則待測物體的質(zhì)量為________kg?！敬鸢浮浚?）12（2）0.20（3）0.13【解析】（1）由題知，彈簧處于原長時滑塊左端位于O點，A點到O點的距離為5.00cm。拉動滑塊使其左端處于A點，由靜止釋放并開始計時。結(jié)合圖乙的F—t圖有Δx=5.00cm，F(xiàn)=0.610N根據(jù)胡克定律計算出k≈12N/m（2）根據(jù)牛頓第二定律有F=ma則a—F圖像的斜率為滑塊與加速度傳感器的總質(zhì)量的倒數(shù)，根據(jù)圖丙中I，則有則滑塊與加速度傳感器的總質(zhì)量為m=0.20kg（3）滑塊上增加待測物體，同理，根據(jù)圖丙中II，則有則滑塊、待測物體與加速度傳感器的總質(zhì)量為m′≈0.33kg則待測物體的質(zhì)量為Δm=m′-m=0.13kg13.如圖所示，半徑為r的光滑球B放置在豎直墻壁和半球A之間，A的半徑也為r，兩球球心在同一豎直平面內(nèi)。已知A、B的質(zhì)量分別為m和2m，A的球心到墻角的距離為2r，A與水平地面間的動摩擦因數(shù)，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：（1）豎直墻壁對B球的彈力大小和A球?qū)球的彈力大??；（2）若向右移動A球，B球與地面不接觸，但保持系統(tǒng)仍能處于靜止狀態(tài)，A球球心離豎直墻壁的最遠距離L為多大?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】【小問1解析】根據(jù)題意，對B受力分析，如圖所示由平衡條件有，由幾何關(guān)系可得，聯(lián)立解得，小問2解析】對A、B整體受力分析，如圖所示由平衡條件可得當?shù)孛鎸的摩擦力達到最大靜摩擦力時，A球球心離豎直墻壁的距離最遠，設(shè)此時兩球心連線與水平面夾角為，則解得由幾何關(guān)系可得，A球球心離豎直墻壁最遠距離14.如圖所示，傾角的足夠長固定斜面底端有質(zhì)量的物體，在沿斜面向上的拉力F作用下由靜止開始運動，一段時間后撤去拉力F。已知拉力大小，物體沿斜面向上運動的時間，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)，重力加速度大小取。求：（1）物體沿斜面上滑的位移大?。唬?）物體沿斜面向下運動的時間。【答案】（1）（2）【解析】【小問1解析】物體在拉力作用下向上運動，受力分析如圖所示根據(jù)牛頓第二定律可得又解得加速度大小為撤去拉力，物體受力分析如圖所示根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度大小為設(shè)向上加速時間為，向上減速時間為，則有，解得，則物體沿斜面上滑的位移大小為解得【小問2解析】物體沿斜面向下運動，物體受力分析如圖所示根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度大小為根據(jù)解得15.如圖所示，從A點以v0=4m/s的水平速度拋出一質(zhì)量m=1kg的小物塊（可視