/2025-2026學(xué)年度上學(xué)期高二10月月考高二物理試卷考試時(shí)間：2025年10月14日上午10：30-11：45考試滿分：100分注意事項(xiàng)：1、答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2、選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3、非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4、考試結(jié)束后，請將試卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得（2分），有選錯(cuò)的得0分。1.下列關(guān)于動(dòng)能和動(dòng)量的說法正確的是（）A.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，動(dòng)能和動(dòng)量都保持不變B.兩個(gè)物體質(zhì)量相等，動(dòng)量大的物體其動(dòng)能也一定大C.物體的動(dòng)量發(fā)生變化，動(dòng)能也一定變化D.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，在任何相同的時(shí)間內(nèi)動(dòng)量的變化量都相同【答案】B【解析】【詳解】A．勻速圓周運(yùn)動(dòng)中，動(dòng)能由速度大小決定，速度大小不變，動(dòng)能不變；但動(dòng)量是矢量，方向不斷變化，故動(dòng)量會(huì)改變，故A錯(cuò)誤；B．動(dòng)能與動(dòng)量關(guān)系為，質(zhì)量相等時(shí)，動(dòng)量p越大，必然越大，故B正確；C．動(dòng)量變化可能僅由速度方向變化引起，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)動(dòng)能不變，故C錯(cuò)誤；D．動(dòng)量變化量是矢量，勻速圓周運(yùn)動(dòng)中，相同時(shí)間內(nèi)方向不同，故變化量不同，故D錯(cuò)誤。故選B2.如圖所示，從距秤盤高處把1000粒質(zhì)量為的相同小鋼珠連續(xù)均勻地倒在秤盤上，不計(jì)空氣阻力的影響，持續(xù)作用時(shí)間為，鋼珠沿豎直方向反向彈起，并且速度大小變?yōu)榕銮暗?.75倍。若每個(gè)鋼珠與秤盤的碰撞時(shí)間極短（在碰撞極短時(shí)間內(nèi)，碰撞力遠(yuǎn)大于鋼珠受到的重力）。則在所有小鋼珠和秤盤發(fā)生第一次碰撞的過程中秤盤受到的壓力大小約為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)小鋼珠從高處下落到秤盤上時(shí)的速度為，有則碰撞后鋼珠反彈，豎直向上的速度為，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知鋼珠再次回到秤盤上的時(shí)間為，故每粒鋼珠和秤盤只碰一次。設(shè)豎直向上為正方向，以所有鋼珠與秤盤碰撞過程，根據(jù)動(dòng)量定理：則根據(jù)牛頓第三定律可知，在碰撞過程中秤盤受到的壓力大小為。故選C。3.在光滑水平面上兩個(gè)物體M、N相向運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后發(fā)生正碰，碰撞時(shí)間不計(jì)，碰撞前后兩物體的位移-時(shí)間圖像如圖所示。已知M的質(zhì)量為，下列說法正確的是（）A.N的質(zhì)量為B.兩物體的碰撞屬于彈性碰撞C.N在碰撞過程中，動(dòng)量變化量的大小為D.兩物體的碰撞屬于非彈性碰撞，并且碰撞過程中損失的動(dòng)能為【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)圖像中，斜率表示速度，由圖可知，碰撞前M速度為碰撞后M的速度為0，碰撞前的速度為碰撞后N的速度為由動(dòng)量守恒定律有解得，故錯(cuò)誤；C．N在碰撞過程中，動(dòng)量變化量為可得動(dòng)量變化量的大小為。C錯(cuò)誤；BD．碰撞前系統(tǒng)的總動(dòng)能為碰撞后系統(tǒng)的總動(dòng)能為，可得，可知兩物體的碰撞有機(jī)械能損失，不屬于彈性碰撞。損失的動(dòng)能為，故B錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.為了保證太空出艙活動(dòng)中宇航員的安全，出艙時(shí)宇航員要背上可朝不同方向產(chǎn)生推力的便攜式設(shè)備，裝備中有一個(gè)能噴出氣體的高壓氣源。假設(shè)一個(gè)連同裝備共有的航天員在距離空間站的位置與空間站處于相對靜止的狀態(tài)。為了返回空間站，航天員啟動(dòng)裝置先以相對空間站的速度向后噴出的氣體，運(yùn)動(dòng)至距離空間站時(shí)，再次以同樣速度噴出同等質(zhì)量的氣體，則宇航員返回空間站的時(shí)間約為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】第一次噴出氣體的過程，根據(jù)動(dòng)量守恒有解得第一次噴出氣體后宇航員的速度大小為第二次噴出氣體的過程，根據(jù)動(dòng)量守恒有解得第二次噴出氣體后宇航員的速度大小為故宇航員返回空間站的時(shí)間為故選B。5.如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻恒定不變，電燈恰能正常發(fā)光，如果變阻器的滑片向端滑動(dòng)，則（）A.電流表的示數(shù)變大 B.電源的總功率變大C.定值電阻消耗的功率增大 D.電燈L變亮【答案】ABC【解析】【詳解】A．滑片向端滑動(dòng)，R1接入電路的電阻變小，電路中總電阻R總變小，根據(jù)可知I變大，電流表示數(shù)變大，故A正確；B．電源的總功率可知變大，故B正確；D．根據(jù)閉合電路的歐姆定律總電流I變大，變小，燈泡兩端電壓變小，所以電燈變暗，故D錯(cuò)誤；C．再根據(jù)變大，變小，所以通過R2的電流變大，R2消耗的功率變大，故C正確。故選ABC。6.在如圖甲所示的電路中，是阻值為的定值電阻，是滑動(dòng)變阻器，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，得到了多組理想電壓表和理想電流表的讀數(shù)，根據(jù)獲取的數(shù)據(jù)作出的伏安特性曲線如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.電源的電動(dòng)勢為B.電源的內(nèi)電阻為C.電流表的示數(shù)為時(shí)，電源的發(fā)熱功率為D.電流表的示數(shù)為時(shí)，的阻值為【答案】AC【解析】【詳解】AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律有由乙圖中數(shù)據(jù)（，），（，）代入，可得，聯(lián)立解得，，故A正確，B錯(cuò)誤；C．電流表的示數(shù)為時(shí)，電源的發(fā)熱功率為，故C正確；D．電流表示數(shù)為時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)解得兩端的電壓為則的阻值為，故D錯(cuò)誤。故選AC。7.如圖所示，圓心為點(diǎn)、半徑為的四分之一光滑圓弧槽靜止在光滑水平地面上，且其底部左端與水平地面相切。已知圓弧槽質(zhì)量為，現(xiàn)有一質(zhì)量為的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）以的初速度沿著水平地面向右運(yùn)動(dòng)，取重力加速度大小。對于小球剛沖上圓弧槽到上升至最高點(diǎn)的過程，下列說法正確的是（）A.該過程小球和圓弧槽構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒B.該過程中小球不會(huì)脫離圓弧槽C.該過程中小球會(huì)脫離圓弧槽，上升的最高點(diǎn)相對于點(diǎn)的高度為D.該過程中小球會(huì)脫離圓弧槽，脫離圓弧槽時(shí)小球的速度大小為【答案】AC【解析】【詳解】A．小球與圓弧槽組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，因此水平方向上系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但豎直方向上合外力不為零，因此系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，A正確；B．假設(shè)小球不能從圓弧槽最高點(diǎn)飛出，當(dāng)小球沿圓弧面上升至最高點(diǎn)時(shí)，設(shè)二者共同速度，設(shè)球的質(zhì)量為，槽的質(zhì)量為，小球的初速度為根據(jù)動(dòng)量守恒定律有代入數(shù)據(jù)解得所以系統(tǒng)動(dòng)能的減少量重力勢能的增加量不滿足機(jī)械能守恒定律，則假設(shè)不成立，由此可知小球能從圓弧槽最高點(diǎn)飛出，故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)小球在圓弧最高處的速度為，此時(shí)圓弧槽水平方向與小球水平方向的速度均為，根據(jù)能量守恒定律有代入數(shù)據(jù)可得小球在豎直方向上的速度故小球離開圓弧槽能上升的高度，C正確；D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。8.把一量程、內(nèi)阻的電流表改裝成歐姆表，電路如圖所示，現(xiàn)備有如下器材：A、電源（內(nèi)阻可不計(jì)）；B、滑動(dòng)變阻器；C、滑動(dòng)變阻器；D、紅表筆；E、黑表筆。（1）器材應(yīng)選取滑動(dòng)變阻器_____（選填“B”或“C”）（2）關(guān)于改裝后的歐姆表，下面的說法正確的是（）A.紅表筆與相連，黑表筆與相連B.表盤刻度是不均勻的，從零刻度處開始，刻度值越大處，刻度線越疏C.使用歐姆表測電阻時(shí)，首先要把紅、黑表筆短接進(jìn)行調(diào)零，然后再去測電阻D.歐姆表調(diào)零是通過調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器讓電流表滿偏（3）按正確方法測量一未知電阻，指針指在電流表刻度處，則待測電阻的阻值為_____。（4）若該歐姆表使用一段時(shí)間后，內(nèi)置的電池電動(dòng)勢變小，內(nèi)阻變大，但此表仍能調(diào)零，按正確使用方法再測上述電阻，其測量結(jié)果與原結(jié)果相比將_____（選填“偏大”“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）B（2）CD（3）500Ω（4）偏大【解析】【小問1詳解】兩表筆直接接觸時(shí)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值使電流達(dá)到滿偏解得，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選B?！拘?詳解】A．歐姆擋表盤刻度是不均勻的，刻度值越大處刻度線越密，故A錯(cuò)誤；B．在歐姆表內(nèi)部黑表筆接的是電源的正極，紅表筆接電源的負(fù)極，故B錯(cuò)誤；C．測電阻時(shí)，首先要把紅、黑表筆短接進(jìn)行調(diào)零，然后再去測電阻，故C正確；D．歐姆表調(diào)零操作是通過調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器讓電流表滿偏，D正確。故選CD。【小問3詳解】電流時(shí)，有解得【小問4詳解】當(dāng)電池電動(dòng)勢變小，內(nèi)阻變大時(shí)，歐姆表重新調(diào)零，由于滿偏電流不變，由公式歐姆表內(nèi)阻得調(diào)小，待測電阻的阻值是通過電流表的示數(shù)體現(xiàn)，由公式可知當(dāng)變小時(shí)，接入同樣的被測電阻，通過的電流變小，歐姆表讀數(shù)變大。9.某學(xué)習(xí)小組用如圖所示的平拋運(yùn)動(dòng)裝置來進(jìn)行“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)。（1）關(guān)于實(shí)驗(yàn)的具體操作，下列說法中正確的是_____。（填選項(xiàng)前的字母序號）A.入射小球要從軌道上同一位置由靜止釋放，軌道末端必需水平B.入射小球和被撞小球要采用大小相同、密度不相同的小球，并且入射小球的質(zhì)量要小于被撞小球C.選取的斜槽軌道越光滑，實(shí)驗(yàn)的誤差越小D.小球在軌道上的釋放點(diǎn)越高，兩球碰撞時(shí)的相互作用力越大，誤差越?。?）實(shí)驗(yàn)時(shí)先使入射小球從斜槽上固定位置點(diǎn)由靜止釋放，落到水平地面上的記錄紙上留下痕跡，重復(fù)上述操作，得到落點(diǎn)的平均值記為點(diǎn)，再將被撞小球放在水平槽上靠近槽末端的位置，再次讓射小球從固定位置點(diǎn)由靜止釋放，和被撞小球發(fā)生碰撞后，兩小球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，多次重復(fù)操作通過平均值確定碰撞后小球和被撞小球的落點(diǎn)位置，記為、點(diǎn)。若已知小球質(zhì)量是小球質(zhì)量的2倍，經(jīng)過多次測量得到各小球落點(diǎn)到小球在斜槽末端白紙上的投影點(diǎn)的長度、、分別為、、，則當(dāng)關(guān)系式_____（用、、表示）成立時(shí)，可證明兩球碰撞過程動(dòng)量守恒。若兩小球間的碰撞為彈性碰撞，無機(jī)械能損失，應(yīng)該有等式_____（用、、表示）成立?！敬鸢浮浚?）AD（2）①.②.【解析】【小問1詳解】AC．要保證每次碰撞前的速度相同，則入射球A要從同一位置由靜止?jié)L下，而要保證小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，則需保證斜槽末端水平，對斜槽是否光滑沒有要求，A正確，C錯(cuò)誤；B．入射小球和被撞小球的大小應(yīng)該相同，以保證兩小球發(fā)生正碰。入射球質(zhì)量應(yīng)大于被撞球質(zhì)量，防止碰撞后入射球反彈。故B錯(cuò)誤。D．小球在軌道上的釋放點(diǎn)越高，入射球到達(dá)斜槽底端時(shí)速度越大，兩球碰撞時(shí)的相互作用力越大，誤差越小，D正確。故選AD?！拘?詳解】[1][2]設(shè)碰撞前瞬間小球的速度為，碰撞后瞬間球和球速度大小分別為、，根據(jù)動(dòng)量守恒可得由于兩小球在空中下落高度相同，所用時(shí)間相等，則有，，聯(lián)立可得結(jié)合，可得若碰撞是彈性碰撞，碰撞前后兩小球動(dòng)能之和相等，可得結(jié)合以上兩式可得10.某景區(qū)觀光電動(dòng)車在載滿游客時(shí)總質(zhì)量，以的速度在水平路面勻速行駛，驅(qū)動(dòng)電機(jī)的輸入電流，輸入電壓，電動(dòng)車行駛時(shí)所受阻力為車重的，取，不計(jì)電機(jī)內(nèi)部摩擦，只考慮驅(qū)動(dòng)電機(jī)的內(nèi)阻發(fā)熱損耗能量，求：（1）驅(qū)動(dòng)電機(jī)的輸入功率；（2）電動(dòng)車行駛時(shí)輸出的機(jī)械功率；（3）驅(qū)動(dòng)電機(jī)的內(nèi)阻?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳解】驅(qū)動(dòng)電機(jī)的輸入功率【小問2詳解】電動(dòng)車行駛時(shí)所受阻力電動(dòng)車勻速行駛時(shí)電動(dòng)車行駛時(shí)輸出的機(jī)械功率【小問3詳解】驅(qū)動(dòng)電機(jī)內(nèi)阻的發(fā)熱功率根據(jù)焦耳定律得11.空間內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場，磁感線方向豎直向下：（1）在磁場中放入一根長、與磁場方向垂直的直導(dǎo)線，讓導(dǎo)線中通過的電流，這段導(dǎo)線受到的磁場力為。求該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。（2）如圖所示在這個(gè)磁場中放入一個(gè)線圈，線圈平面與水平方向夾角，線圈平面面積，穿過線圈的磁通量為多少？若將線圈以為軸順時(shí)針轉(zhuǎn)過角，則通過線圈的磁通量變化量為多少？若將線圈以為軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)過角，則通過線圈的磁通量變化量為多少？【答案】（1）2T（2），1.2Wb，0.4Wb【解析】【小問1詳解】由磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式得【小問2詳解】線圈在垂直磁場方向上的投影面積穿過線圈的磁通量線圈以為軸順時(shí)針方向轉(zhuǎn)過后變?yōu)榕c磁場垂直，但由于此時(shí)磁感線從線圈平面穿入的方向與原來相反，故此時(shí)通過線圈的磁通量故磁通量的變化量大小為線圈以為軸逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)過后變?yōu)榕c磁場方向平行，線圈在垂直磁場方向上的投影面積為0，故此時(shí)通過線圈的磁通量故磁通量的變化量12.如圖所示，在光滑水平面上有一個(gè)被鎖定的長、質(zhì)量的木板，一個(gè)質(zhì)量的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止放置在木板的左端，與木板的右端相距處有一豎直墻壁。一顆質(zhì)量的子彈以的水平速度擊穿小物塊后，速度變?yōu)?，子彈射入墻中，小物塊剛好運(yùn)動(dòng)到木板的右端停下，取。（1）求小物塊被子彈擊穿時(shí)的速度大??；（2）求小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）若將木板解除鎖定，子彈仍以的速度射擊小物塊，經(jīng)過一段時(shí)間后木板與墻壁碰撞（碰撞時(shí)間極短），碰撞前后木板速度大小不變，方向相反，試判斷運(yùn)動(dòng)過程中小物塊是否會(huì)滑離木板?！敬鸢浮浚?）（2）0.5（3）物塊不會(huì)從長木板上滑落【解析】【小問1詳解】設(shè)小物塊被子彈