2025-2026學(xué)年北京第101中學(xué)高二（上）期中物理試卷（等級考）一、單選題：本大題共10小題，共30分。1.比值定義法是定義物理概念常用的方法，下列哪個表達(dá)式不屬于比值定義式(

)A.電場強(qiáng)度E=Fq B.電動勢E=W總q 2.在真空中有兩個點(diǎn)電荷，它們之間的靜電力為F.如果保持它們各自所帶的電荷量不變，將它們之間的距離減小到原來的一半，那么它們之間靜電力的大小等于(

)A.2F B.F2 C.4F D.3.如圖是某電場區(qū)域的電場線分布，A、B、C是電場中的三個點(diǎn)，下列說法正確的是(

)A.A點(diǎn)的電場強(qiáng)度最大

B.C點(diǎn)的電勢最高

C.把一個點(diǎn)電荷依次放在這三點(diǎn)，它在C點(diǎn)受到的靜電力最大

D.帶負(fù)電的點(diǎn)電荷在B點(diǎn)所受靜電力的方向與B點(diǎn)的場強(qiáng)方向相同

4.如圖所示為研究影響平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)裝置。設(shè)兩極板的正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為θ，平行板電容器的電容為C。實(shí)驗(yàn)中極板所帶電荷量可視為不變，則下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)的分析正確的是(

)A.保持d不變，減小S，則C變小，θ變小 B.保持d不變，減小S，則C變大，θ變大

C.保持S不變，增大d，則C變小，θ變大 D.保持S不變，增大d，則C變大，θ變大5.把一個架在絕緣座上的導(dǎo)體放在負(fù)電荷形成的電場中，導(dǎo)體處于靜電平衡時，導(dǎo)體表面上感應(yīng)電荷的分布如圖所示，這時導(dǎo)體(

)

A.導(dǎo)體內(nèi)部場強(qiáng)為零 B.A端的電勢比B端的電勢高

C.A端的電勢與B端的電勢低 D.導(dǎo)體內(nèi)部電場線從

A

端指向

B

端6.如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內(nèi)阻不計(jì))連接，下極板接地。一帶電油滴位于容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動小段距離，則(

)

A.帶點(diǎn)油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動 B.P點(diǎn)的電勢將降低

C.電容器的電容增大 D.極板帶電量將增大7.一帶電小球在從空中的a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)的過程中，重力做功7J，電場力做功2J，克服空氣阻力做功0.5J，則下列判斷正確的是(

)A.動能增大9.5J B.機(jī)械能增大1.5J C.重力勢能增大7J D.電勢能增大8.如圖所示，虛線表示電場中一簇等勢面，相鄰等勢面之間電勢差相等。一個α粒子(24He)以一定的初速度進(jìn)入電場中，只在電場力作用下從M點(diǎn)運(yùn)動到N

A.M點(diǎn)的電勢高于N點(diǎn)的電勢

B.α粒子在M點(diǎn)受到的電場力大于在N點(diǎn)受到的電場力

C.α粒子在M點(diǎn)的電勢能小于在N點(diǎn)的電勢能

D.α粒子經(jīng)過M點(diǎn)時的速率小于經(jīng)過N點(diǎn)時的速率9.如圖所示，豎直實(shí)線表示某勻強(qiáng)電場中的一簇等勢面，一帶電微粒在電場中從A到B做直線運(yùn)動(如圖中虛線所示).則該微粒(

)A.一定帶正電

B.從A到B的過程中做勻速直線運(yùn)動

C.從A到B的過程中電勢能增加

D.從A到B的過程中機(jī)械能守恒10.圖1是觀察電容器放電的電路．先將開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計(jì)算機(jī)，在屏幕上顯示出電流隨時間變化的I?t曲線如圖2所示．則下列判斷正確的是(

)

A.隨著放電過程的進(jìn)行，該電容器的電容逐漸減小

B.根據(jù)I?t曲線可估算出該電容器的電容大小

C.根據(jù)I?t曲線可估算出電容器在整個放電過程中釋放的電荷量

二、多選題：本大題共6小題，共18分。11.電荷在電場中移動時的下列判斷中，正確的是(

)A.正電荷順著電場線移動，電場力做正功，電勢能減少

B.正電荷逆著電場線移動，克服電場力做功，電勢能減少

C.負(fù)電荷順著電場線移動，克服電場力做功，電勢能減少

D.負(fù)電荷逆著電場線移動，電場力做正功，電勢能減少12.兩粗細(xì)相同的同種金屬電阻絲R1、R2的電流I和電壓U的關(guān)系圖像如圖所示，可知(

)A.兩電阻的大小之比為R1：R2=3：1

B.兩電阻的大小之比為R1：R2=1：3

C.兩電阻絲的長度之比為L1：L213.如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流計(jì)G和一個變阻器R組成，它們中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結(jié)論中正確的是(

)A.甲表是電流表，R增大時量程減小 B.甲表是電流表，R增大時量程增大

C.乙表是電壓表，R增大時量程增大 D.乙表是電壓表，R增大時量程減小14.如圖甲所示，直線AB是某電場中的一條電場線，若在A點(diǎn)放置一初速度為零的質(zhì)子，質(zhì)子僅在電場力作用下，沿直線AB由A運(yùn)動到B過程中速度隨時間變化的圖像如圖乙所示。則下列說法中正確的是(

)

A.A點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定大于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度

B.電場方向一定是從B指向A

C.從A到B，在連續(xù)相等的間距內(nèi)，電勢減小量越來越大

D.質(zhì)子從A到B的過程中，在連續(xù)相等的時間間隔內(nèi)，電場力的沖量越來越小15.如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R。電荷量均為Q的正、負(fù)點(diǎn)電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，+Q與O點(diǎn)的連線和OC間夾角為30°。下列說法正確的是(

)A.O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為kQR2

B.O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為3kQR2

C.B、D兩點(diǎn)的電勢關(guān)系是φB=16.有一種飛行器是利用電場加速帶電粒子，形成向外發(fā)射的高速粒子流，對飛行器自身產(chǎn)生反沖力，從而對飛行器的飛行狀態(tài)進(jìn)行調(diào)整的。已知飛行器發(fā)射的高速粒子電量為q，質(zhì)量為m。當(dāng)單位時間內(nèi)發(fā)射的粒子個數(shù)為n，加速電壓為U時，飛行器獲得的反沖力為F。為了使加速器獲得的反沖力變?yōu)?F，只需要(

)A.將加速電壓變?yōu)?U B.將加速電壓變?yōu)?U

C.將單位時間內(nèi)發(fā)射的離子個數(shù)變?yōu)?n D.將單位時間內(nèi)發(fā)射的離子個數(shù)變?yōu)?n三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共12分。17.通過實(shí)驗(yàn)測量金屬絲的電阻率。

(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，某次測量示數(shù)如圖1所示，可得金屬絲直徑的測量值d=______mm。

(2)按圖2所示的電路測量金屬絲的電阻R器材(代號)規(guī)格電壓表(量程0～3電壓表(量程0～15電流表(量程0～3電流表(量程0～0.6滑動變阻器(總阻值約20滑動變阻器(總阻值約500電源(電動勢約為3.0從以上器材中選擇合適的器材進(jìn)行測量，電壓表應(yīng)選______，電流表應(yīng)選______，滑動變阻器應(yīng)選______(填器材代號)。

(3)若通過測量獲得，金屬絲的長度l、直徑d，電阻Rx，由此可計(jì)算得出金屬絲的電阻率ρ=______。

(4)如果將器材中的滑動變阻器R1、R2分別接入圖2的電路中，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P的位置，以R表示滑動變阻器可接入電路的最大阻值，以RP表示滑動變阻器接入電路的電阻值，以U表示Rx兩端的電壓值。在圖3中所示的兩條曲線中，表示接入R1時的U四、計(jì)算題：本大題共5小題，共50分。18.如圖所示，長度為l的輕繩上端固定在O點(diǎn)，下端系一質(zhì)量為m，電荷量為+q的小球。整個裝置處于水平向右，場強(qiáng)E大小為3mg4q的勻強(qiáng)電場中。已知重力加速度為g。不計(jì)小球受到的空氣阻力。

(1)當(dāng)小球處于圖中A位置時，保持靜止?fàn)顟B(tài)。若剪斷細(xì)繩，求剪斷瞬間小球的加速度大小a；

(2)現(xiàn)把小球置于圖中位置B處，使OB沿著水平方向，輕繩處于拉直狀態(tài)。小球從位置19.如圖所示電路中，電池的電動勢是30V，內(nèi)阻是1Ω，燈泡L的額定值是“6V、12W“，電動機(jī)線圈的電阻RM=2Ω。燈泡恰能正常發(fā)光。求：

(1)電源的輸出功率；

(20.如圖所示為美國物理學(xué)家密立根測量油滴所帶電荷量裝置的截面圖，兩塊水平放置的金屬板間距為d.油滴從噴霧器的噴嘴噴出時，由于與噴嘴摩擦而帶負(fù)電．油滴散布在油滴室中，在重力作用下，少數(shù)油滴通過上面金屬板的小孔進(jìn)入平行金屬板間．當(dāng)平行金屬板間不加電壓時，由于受到氣體阻力的作用，油滴最終以速度v1豎直向下勻速運(yùn)動；當(dāng)上板帶正電，下板帶負(fù)電，兩板間的電壓為U時，帶電油滴恰好能以速度v2豎直向上勻速運(yùn)動．已知油滴在極板間運(yùn)動時所受氣體阻力的大小與其速率成正比，油滴密度為ρ，已測量出油滴的直徑為D(油滴可看做球體，球體體積公式V=16πD3)，重力加速度為g.

(121.利用電場來控制帶電粒子的運(yùn)動，在現(xiàn)代科學(xué)實(shí)驗(yàn)和技術(shù)設(shè)備中有廣泛的應(yīng)用。如圖1所示為電子槍的結(jié)構(gòu)示意圖，電子從熾熱的金屬絲發(fā)射出來，在金屬絲和金屬板之間加以電壓U0，發(fā)射出的電子在真空中加速后，沿電場方向從金屬板的小孔穿出做直線運(yùn)動。已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計(jì)電子重力及電子間的相互作用力。設(shè)電子剛剛離開金屬絲時的速度為零。

(1)求電子從金屬板小孔穿出時的速度v0的大??；

(2)示波器中的示波管是利用電場來控制帶電粒子的運(yùn)動。如圖2所示，Y和Y′為間距為d的兩個偏轉(zhuǎn)電極，兩板長度均為L，極板右側(cè)邊緣與屏相距L2，OO′為兩極板間的中線并與屏垂直，O點(diǎn)為電場區(qū)域的中心點(diǎn)。接(1)，從金屬板小孔穿出的電子束沿OO′射入電場中，若兩板間不加電場，電子打在屏上的O22.某種負(fù)離子空氣凈化原理如圖所示。由空氣和帶負(fù)電的灰塵顆粒物(視為小球)組成的混合氣流進(jìn)入由一對平行金屬板構(gòu)成的收集器。在收集器中，空氣和帶電顆粒沿板方向的速度v0保持不變，在勻強(qiáng)電場的作用下，帶電顆粒打到金屬板上被收集。已知金屬板長度為L，不考慮重力影響和顆粒間相互作用。

(1)若不計(jì)空氣阻力，質(zhì)量為m、電荷量為?q的顆粒進(jìn)入兩極板恰好被全部收集，

a.求兩極板間的電壓U1；

b.若單位時間內(nèi)有n個顆粒進(jìn)入兩極板，求電路中的電流I；

(2)若計(jì)空氣阻力，顆粒所受阻力與其相對于空氣的速度v方向相反，大小為f=krv，其中r為顆粒的半徑，k為已知常量。假設(shè)顆粒在金屬板間經(jīng)極短時間加速到最大速度。

a五、綜合題：本大題共1小題，共12分。23.如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

(1)以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U?I圖象的示意圖，并說明圖象與兩坐標(biāo)軸交點(diǎn)的物理意義；

(2)已知滑動變阻器的最大阻值大于電源的內(nèi)阻，在圖3中定性畫出電源輸出功率P與滑變電阻R的關(guān)系曲線，并標(biāo)注出極值點(diǎn)的坐標(biāo)；

(3)通過分析說明，在圖4中畫出電源輸出功率P與路端電壓U的關(guān)系曲線；在圖5中畫出電源釋放的總功率答案和解析1.【答案】C

【解析】解：電場強(qiáng)度E=Fq，電動勢的公式E=W總q，電容的公式C=QU都是各個物理量的定義式，符合比值定義法的特點(diǎn)，電阻R=ρL2.【答案】C

【解析】解：由點(diǎn)電荷庫侖力的公式F=KQqr2可以得到，

將它們之間所帶的電荷量不變，它們各自的距離減小到原來的一半，庫侖力減小為原來的4倍，所以C正確，ABD錯誤。

故選：C。3.【答案】C

【解析】解：A、電場線的疏密反映電場強(qiáng)度的大小，可知A點(diǎn)的電場強(qiáng)度最小，故A錯誤；

B、沿著電場線電勢逐漸降低，可知A點(diǎn)的電勢最高，故B錯誤；

C、因C點(diǎn)的電場強(qiáng)度最大，由F=qE知把一個點(diǎn)電荷依次放在這三點(diǎn)，它在C點(diǎn)受到的靜電力最大，故C正確；

D、帶負(fù)電的點(diǎn)電荷在B點(diǎn)所受靜電力的方向與B點(diǎn)的場強(qiáng)方向相反，故D錯誤。

故選：C。

電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小，順著電場線方向電勢逐漸降低；由F4.【答案】C

【解析】解：AB、保持d不變，減小S，根據(jù)電容的決定式C=εrS4πkd知C變小，而電容器的電荷量不變，根據(jù)電容的定義式C=QU可知兩極板間電勢差增大，則θ變大，故AB錯誤；

CD、保持S不變，增大d，根據(jù)電容的決定式C=εrS4πkd知C變小，而電容器的電荷量不變，根據(jù)電容的定義式C=QU可知兩極板間電勢差增大，則5.【答案】A

【解析】解：AD、絕緣導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布。因此在導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，靜電平衡時內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，內(nèi)部沒有電場線，故A正確，D錯誤；

BC、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是等勢體，表面是等勢面，A端的電勢與B端的電勢相等。故BC錯誤；

故選：A。

導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布。因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動。

本題關(guān)鍵要理解掌握：處于靜電感應(yīng)現(xiàn)象的導(dǎo)體，內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，理解場強(qiáng)處處為零的原因。知道凈電荷全部分布在導(dǎo)體表面。且整個導(dǎo)體是等勢體。6.【答案】B

【解析】解：A、帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，則mg=qE，現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動小段距離，平行板電容器與電動勢為E的直流電源連接，U不變，d增大，場強(qiáng)E減小，mg>qE，油滴將沿豎直方向向下運(yùn)動，故A錯誤；

B.根據(jù)選項(xiàng)A可知，平行板電容器間的電場強(qiáng)度為：E場強(qiáng)=Ed，則P點(diǎn)的電勢為：φP?φ下=φP=E場強(qiáng)dP下=Ed?dP下，現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動小段距離，則d增大φP減小，故B正確；

C.根據(jù)電容器的決定式有：C=εrS7.【答案】B

【解析】解：A、由動能定理可得，動能的增加量△EK=7J+2J?0.5J=8.5J，故A錯誤；

B、重力外之其它力做的總功等于機(jī)械能的增加量，機(jī)械能的增加量為2J?0，5J=1.5J，故B正確；

C、重力做正功7J，故重力勢能減小7J，故8.【答案】C

【解析】解：A、α粒子帶正電，由運(yùn)動軌跡可知，電場力的方向指向右下方即電場線的方向指向右下方，根據(jù)電場的性質(zhì)“順著電場線的方向電勢降落”，可知N點(diǎn)的電勢高于M點(diǎn)的電勢，故A錯誤；

B、根據(jù)等差等勢面的疏密程度可知，M點(diǎn)的場強(qiáng)小于N場強(qiáng)，α粒子在M點(diǎn)受的電場力小于在N點(diǎn)受的電場力，故B錯誤；

C、N點(diǎn)的電勢高于M點(diǎn)的電勢，由EP=qφ，得α粒子在M點(diǎn)的電勢能小于在N點(diǎn)的電勢能，故C正確；

D、只有電場力做功，α粒子的電勢能減小，則動能增大，速率增大，α粒子經(jīng)過M點(diǎn)時的速率大于經(jīng)過N點(diǎn)時的速率，故D錯誤。

故選：C。9.【答案】C

【解析】解：AB、根據(jù)電場線與等勢面垂直，知電場線應(yīng)水平。帶電微粒在勻強(qiáng)電場中受到豎直向下的重力和水平方向的電場力作用，微粒做直線運(yùn)動，合力與速度平行，可知微粒所受的電場力方向必定水平向左，微粒做勻減速直線運(yùn)動，由于電場方向不能確定，所以微粒的電性不能確定，故A、B錯誤；

C、當(dāng)微粒從A到B時，電場力做負(fù)功，電勢能增加，故C正確。

D、由于電場力對微粒做功，所以微粒的機(jī)械能不守恒，故D錯誤；

故選：C。10.【答案】C

【解析】解：A、電容器的電容由電容器本身的特性決定，與板間的電荷量無關(guān)，因此在放電過程中，該電容器的電容不變．故A錯誤．

BC、I?t圖線與時間軸圍成的面積表示電荷量，可可估算出電容器在整個放電過程中釋放的電荷量，但由于電容器電壓的變化量無法估算，由C=△Q△U知，不能估算出該電容器的電容大小．故B錯誤．C正確．

D、電容器充電過程，電流應(yīng)該隨時間的增加而減小，充電完畢時電流減為零．故D錯誤．

故選：C

11.【答案】AD

【解析】解：AB.因?yàn)檎姾伤茈妶隽Ψ较蚺c電場線方向相同，則正電荷順著電場線移動時，電場力做正功，電勢能減少，正電荷逆著電場線移動，電場力做負(fù)功，即正電荷克服電場力做功，電勢能增加，故A正確，B錯誤；

CD.因?yàn)樨?fù)電荷所受電場力方向與電場線方向相反，則負(fù)電荷順著電場線移動，電場力做負(fù)功，即負(fù)電荷克服電場力做功，電勢能增加，負(fù)電荷逆著電場線移動，電場力做正功，電勢能減少，故C錯誤，D正確；

故選：AD。

AB.12.【答案】BD

【解析】解：AB.I?U圖像的斜率表示電阻的倒數(shù)，則有1R1=31Ω?1=3Ω?1，1R2=11Ω?1=1Ω?1，則兩電阻的大小之比為13.【答案】AC

【解析】解：AB、甲是并聯(lián)電阻起分流作用，為電流表，R增大，分流電流減小，量程變小，故A正確，B錯誤；

CD、乙是串聯(lián)電阻起分壓作用，為電壓表，R增大，分壓電壓變大，量程變大，故C正確，D錯誤。

故選：AC。

電流表串聯(lián)電阻分壓改裝成電壓表，電阻分壓大，量程大；并聯(lián)電阻分流改裝成電流表，分流大，量程大。

此題考查電表的改裝，知道串并聯(lián)電流電壓的特點(diǎn)是解題的關(guān)鍵。14.【答案】AD

【解析】解：A、v?t圖像的斜率表示加速度，由圖可知，質(zhì)子在A點(diǎn)加速度比在B點(diǎn)的大，根據(jù)牛頓第二定律有Eq=ma可知，A點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定大于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故A正確；

B、質(zhì)子做加速直線運(yùn)動，受到的電場力方向由A指向B，質(zhì)子帶正電，則電場方向一定是從A指向B，故B錯誤；

C、質(zhì)子從A到B的過程中，受到的電場力逐漸減小，在連續(xù)相等的間距內(nèi)，電場力做功越來越小，電勢減小量越來越小，故C錯誤；

D、質(zhì)子從A到B的過程中，受到的電場力逐漸減小，根據(jù)沖量的定義式I=Ft可知，在連續(xù)相等的時間間隔內(nèi)，電場力的沖量越來越小，故D正確。

故選：AD。

v?t圖像的斜率表示加速度，根據(jù)圖像斜率的變化分析加速度變化，結(jié)合牛頓第二定律判斷A、B15.【答案】AD

【解析】解：AB、根據(jù)點(diǎn)電荷的電場E=kQR2知+Q和?Q在O處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小均為E=kQR2，夾角為120°，由電場疊加原理，可得O點(diǎn)的場強(qiáng)大小E=kQR2，方向由O指向D，故A正確，B錯誤；

C、根據(jù)順著電場線電勢降低和對稱性，可知φB>φD，故C錯誤；

D、由圖知AC是一條等勢線，A點(diǎn)與C點(diǎn)的電勢相等，則點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的電勢能等于在C點(diǎn)的電勢能，故D正確。

故選：16.【答案】BC

【解析】解：對粒子加速過程，根據(jù)動能定理得：qU=12mv2

根據(jù)牛頓第三定律得知：飛行器對粒子的作用力大小也為F。

對粒子，由動量定理得：Ft=nmv?0

聯(lián)立得：F=nt2qmU

對于單位時間，t=1s，則17.【答案】0.272

V1;A2;【解析】解：(1)金屬絲直徑的測量值d=0mm+27.2×0.01mm=0.272mm

(2)電源電動勢約為3V，電壓表選擇V1；電路中的最大電流約為Im=ERx=35A=0.6A，電流表選擇A2；為了調(diào)節(jié)方便，滑動變阻器阻值應(yīng)和待測電阻阻值接近，故選R1。

(3)根據(jù)電阻定律Rx=ρlS

根據(jù)幾何知識S=π(d2)2

聯(lián)立可得ρ=πRxd2418.【答案】(1)剪斷瞬間小球的加速度大小為54g

(2【解析】解：(1)小球在A點(diǎn)靜止時，受重力mg、電場力F電=qE及細(xì)繩拉力T作用平衡。由題意E=3mg4q，故F電=q×3mg4q=34mg。

剪斷細(xì)繩瞬間，T消失，合力F合為重力與電場力的矢量和，由勾股定理得F合=(mg)2+(34mg)2，解得：F合=54mg。根據(jù)牛頓第二定律F合=ma，解得：a19.【答案】解：(1)小燈泡正常發(fā)光，所以，由P=IU

得I=PU=126A=2A

電源的總功率P總=EI=30×2W=60W，

電源的熱功率P熱=I2r=22×1W【解析】(1)電源的輸出功率等于電源的總功率IE減去電源內(nèi)阻消耗的功率；

(2)電源的效率等于電源的輸出功率于電源的總功率的比值；

20.【答案】解：(1)油滴速度為v1時所受阻力f1=kv1，

油滴向下勻速運(yùn)動時，重力與阻力平衡，則有

f1=mg，

m=ρV=16πρD3

則解得

k=16【解析】(1)當(dāng)平行金屬板間不加電壓時，油滴最終以速度v1豎直向下勻速運(yùn)動時，所受的重力與阻