上海市徐匯區(qū)上海中學(xué)2025年高二上物理期末監(jiān)測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,導(dǎo)線框中電流為I,導(dǎo)線框垂直于磁場放置,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,AB與CD相距為d,則棒MN所受安培力大小()A. B.C. D.2、帶負(fù)電的小球用絕緣絲線懸掛于O點(diǎn)，在勻強(qiáng)磁場中擺動，不計空氣阻力，當(dāng)小球每次通過最低點(diǎn)時（）A.擺球受到的磁場力相同B.擺球的動能相同C.擺球的速度相同D.擺球所受絲線拉力相等3、如圖所示的電路中，L1、L2是完全相同的燈泡，線圈L的自感系數(shù)較大，它的電阻與定值電阻R相等．下列說法正確的是（）A.閉合開關(guān)S時，L1先亮、L2后亮，最后它們一樣亮B.閉合開關(guān)S后，L1、L2始終一樣亮C.斷開開關(guān)S時，L1、L2都要過一會才熄滅D.斷開開關(guān)S時，L2立刻熄滅、L1過一會才熄滅4、如圖所示，套在足夠長的絕緣粗糙直棒上的帶正電小球，其質(zhì)量為m、帶電荷量為q，小球可在棒上滑動，現(xiàn)將此棒豎直放入沿水平方向的且互相垂直的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場(圖示方向)中．設(shè)小球帶電荷量不變，小球由棒的下端以某一速度上滑的過程中一定有()A.小球加速度一直減小B.小球的速度先減小，直到最后勻速C.桿對小球的彈力一直減小D.小球受到的洛倫茲力一直減小5、某人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，其軌道到地心的距離約為地球半徑的3倍，地球表面處的重力加速度為g，則該軌道處的重力加速度約為A. B.C.4g D.9g6、兩個質(zhì)量相同、所帶電荷量相等的帶電粒子a、b，以不同的速率對準(zhǔn)圓心O沿著AO方向射入圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，其運(yùn)動軌跡如圖所示．不計粒子的重力，下列說法正確的是（）A.a粒子帶正電，b粒子帶負(fù)電B.a粒子在磁場中所受洛倫茲力較大C.b粒子動能較大D.b粒子在磁場中運(yùn)動時間較長二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩虛線之間的空間內(nèi)存在著正交或平行的勻強(qiáng)電場E和勻強(qiáng)磁場B，有一個帶正電的小球（電荷量+q，質(zhì)量為m）從正交或平行的電磁復(fù)合場上方的某一高度處自由落下，那么，帶電小球不可能沿直線通過下列的哪個電磁混合場（）A. B.C. D.8、如圖所示空間存在兩個磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向相反且垂直紙面，MN、PQ為其邊界，OO′為其對稱軸。一導(dǎo)線折成邊長為l的正方形閉合回路abcd，回路在紙面內(nèi)以恒定速度v0向右運(yùn)動，當(dāng)運(yùn)動到關(guān)于OO′對稱的位置時A.穿過回路磁通量的變化率為零B.回路中感應(yīng)電動勢大小為2Blv0C.回路中感應(yīng)電流的方向為逆時針方向D.回路中ab邊與cd邊所受安培力的方向相反9、如圖所示，光滑水平面上存在有界勻強(qiáng)磁場，磁感強(qiáng)度為B，質(zhì)量為m邊長為a的正方形線框ABCD斜向穿進(jìn)磁場，當(dāng)AC剛進(jìn)入磁場時速度為v，方向與磁場邊界成若線框的總電阻為R，則下列說法正確的是A.線框穿進(jìn)磁場過程中，框中電流的方向為DABCB.AC剛進(jìn)入磁場時線框中感應(yīng)電流C.AC剛進(jìn)入磁場時線框所受安培力為D.此時CD兩端的電壓為10、如圖甲所示為一個質(zhì)量為m、電荷量為＋q的圓環(huán)，可在水平放置的足夠長的粗糙細(xì)桿上滑動，細(xì)桿處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，（不計空氣阻力），現(xiàn)給圓環(huán)向右的初速度v0，在以后的運(yùn)動過程中，圓環(huán)運(yùn)動的速度圖象可能正確的是（）A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在遠(yuǎn)距離輸電中，輸送電壓為220伏，輸送電功率為44千瓦，輸電線的總電阻為0.2歐，在使用原副線圈匝數(shù)比為1：10的升壓變壓器升壓，再用10：1的降壓變壓器降壓方式送電時．輸電線上損失的電壓為______V，損失的電功率為______W12．（12分）下圖是等離子體發(fā)電機(jī)示意圖，平行金屬板間勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，兩板間距離為0.2m，要使輸出電壓為220V，則等離子體垂直射入磁場的速度v0=________m/s，a是發(fā)電機(jī)的________極.(發(fā)電機(jī)內(nèi)阻不計)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】導(dǎo)體棒都在磁場中，故安培力為故D正確；故選D。2、B【解析】A．由于小球的運(yùn)動方向不同，則根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向不同，則受到的磁場力不同，故A錯誤；BC．由題意可知，拉力與洛倫茲力對小球不做功，僅僅重力作功，則小球機(jī)械能守恒，所以小球分別從左右兩側(cè)向最低點(diǎn)運(yùn)動且兩次經(jīng)過最低點(diǎn)時的動能相同，小球的速度大小相同，但是方向不同，故B正確，C錯誤；D．由B選項可知，速度大小相等，由于速度方向不同，導(dǎo)致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向也不同，則根據(jù)牛頓第二定律可知，拉力的大小不同，故D錯誤。故選B。3、C【解析】AB．線圈L的自感系數(shù)較大，阻抗也很大，閉合開關(guān)S的瞬間，L2先亮、L1后亮，由于線圈的電阻與定值電阻R相等，所以電流穩(wěn)定后，它們一樣亮，故AB錯誤；CD．?dāng)嚅_開關(guān)S時，線圈的磁場能轉(zhuǎn)化為電能，線圈相當(dāng)于電源，線圈、兩個燈泡和電阻R形成一個閉合回路，兩個燈泡會繼續(xù)發(fā)亮，直到線圈的磁場能消耗完畢才熄滅，故C正確，D錯誤4、D【解析】若開始則彈力方向向左，隨著速度減小，彈力增大，摩擦力增大，則加速度增大，A錯．小球速度一直在減小，B錯．根據(jù)前面可知，C錯．小球所受洛倫茲力（f=qvB）因為速度一直減小所以洛倫茲力也一直減小，D對5、A【解析】設(shè)地球半徑為R，在該軌道處，對人造地球衛(wèi)星根據(jù)牛頓第二定律有：在地面處，忽略地球的自轉(zhuǎn)，對地面上小物體則根據(jù)牛頓第二定律有：整理可以得到：，即，故選項A正確，BCD錯誤6、C【解析】A．粒子向右運(yùn)動，根據(jù)左手定則，b向上偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當(dāng)帶正電；a向下偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當(dāng)帶負(fù)電，故A錯誤BC．洛倫茲力提供向心力，即：，得：，故半徑較大的b粒子速度大，動能也大．由公式f=qvB，故速度大的b受洛倫茲力較大．故B錯誤，C正確D．磁場中偏轉(zhuǎn)角大的運(yùn)動的時間也長；a粒子的偏轉(zhuǎn)角大，因此運(yùn)動的時間就長．故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A．圖中，小球受重力、向左的電場力、向右的洛倫茲力，下降過程中速度一定變大，故洛倫茲力一定增大，不可能一直與電場力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運(yùn)動，故A錯誤；B．圖中小球受重力、向上的電場力、垂直向外的洛倫茲力，合力與速度一定不共線，故一定做曲線運(yùn)動，故B錯誤；C．圖中小球受重力、向左上方的電場力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運(yùn)動，故C正確；D．圖中粒子受向下的重力和向上的洛倫茲力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運(yùn)動，故D正確；此題選擇不可能做直線運(yùn)動的選項，故選AB。【點(diǎn)睛】本題考查了帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動問題；解題的關(guān)鍵在于洛倫茲力與速度垂直且與粒子速度方向垂直，要使粒子做直線運(yùn)動，要么三力平衡，要么不受洛倫茲力.8、BC【解析】A．此時線圈中有一半面積磁場垂直線圈向外，一半面積磁場垂直線圈向內(nèi)，因此磁通量為零，但變化率不為零，故A不符合題意；B．a(chǎn)b切割磁感線形成電動勢b端為正，cd切割形成電動勢c端為負(fù)，因此兩電動勢串聯(lián)，故回路電動勢為E=2BLv0，故B符合題意；C．根據(jù)右手定則可知線框向右運(yùn)動的過程中，ab中的感應(yīng)電動勢的方向向下，cd中的感應(yīng)電動勢的方向向上，所以回路中的感應(yīng)電流方向為逆時針，故C符合題意；D．根據(jù)左手定則可知，回路中ab邊電流的方向向下，磁場的方向向外，所以安培力的方向向左；同理，cd邊電流的方向向上，磁場的方向向里，所受安培力方向向左，方向相同，故D不符合題意。故選BC。9、AC【解析】根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，由求出電路中的感應(yīng)電動勢，由閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電流；將AD邊與CD邊受到的安培力進(jìn)行矢量合成，求出線框受到的安培力；CD兩端的電壓是外電壓，根據(jù)歐姆定律求解.【詳解】A、線框進(jìn)入磁場的過程中，穿過線框的磁通量增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場方向垂直紙面向外，則感應(yīng)電流的方向為DABC方向;故A正確.B、AC剛進(jìn)入磁場時CD邊切割磁感線，有效切割長度為a，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為，則線框中感應(yīng)電流為故B錯誤.C、AC剛進(jìn)入磁場時線框的CD邊產(chǎn)生的安培力與v的方向相反，AD邊受到的安培力的方向垂直于AD向下，它們的大小都是：，且AD邊與CD邊受到的安培力的方向相互垂直，所以AC剛進(jìn)入磁場時線框所受安培力為AD邊與CD邊受到的安培力的矢量和，即為：故C正確；D、CD兩端的電壓是外電壓,為;故D錯誤.故選AC.【點(diǎn)睛】解決本題時要知道安培力是聯(lián)系電磁感應(yīng)與力學(xué)知識的橋梁，要熟練地由法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律推導(dǎo)出安培力表達(dá)式；要注意線框所受安培力是各邊所受安培力的合力.10、AD【解析】v0大小不同，洛倫茲力qv0B與重力mg的大小關(guān)系不確定，所以有三種可能性。A．若滿足，則桿對環(huán)無壓力，無摩擦力，環(huán)做勻速直線運(yùn)動，故A正確；BC．若滿足，則桿對環(huán)的彈力向上，豎直方向有滑動過程中，摩擦力阻礙環(huán)的運(yùn)動，環(huán)做減速運(yùn)動，速度越小，洛倫茲力越小，則壓力增大，由牛頓第二定律可知，加速度增大，即做加速度增大的減速運(yùn)動，BC錯誤；D．若滿足，則有滑動過程中，摩擦力阻礙環(huán)的運(yùn)動，環(huán)做減速運(yùn)動，速度越小，洛倫茲力越小，則支持力減小，由牛頓第二定律可知，加速度減小，即做加速度減小的減速運(yùn)動，當(dāng)速度減小到某個值使得時，有無摩擦力，不再減速，接下來做勻速直線運(yùn)動，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.4②.80【解析】根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，有，可得升壓變壓器的輸出電壓為U2=2200V，根據(jù)P=UI，輸出電流為：，故電壓損失為：△U=Ir=20A×0.2Ω=4V，電功率損失為：△P=I2r=202×0.2=80W12、①.2200②.正【解析】根據(jù)左手定則，正電荷向上偏，負(fù)電荷向下偏，所以上板帶正電，即a是電源的正極．兩板上有電荷，在兩極板間會產(chǎn)生電場，電荷最終在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，有：qvB=q，所以：【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握等離子體進(jìn)入磁場受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，正電荷向上偏，負(fù)電荷向下偏，在兩極板間會產(chǎn)生電場，電荷最終在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、8cm【解析】粒子a板左端運(yùn)動到P處，由動能定理得代入有關(guān)數(shù)據(jù)，解得，代入數(shù)據(jù)得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關(guān)系得聯(lián)立求得代入數(shù)據(jù)解得14、(1)(2)3N【解析】(1)設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點(diǎn)時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍缐毫Γ篘C′=NC=3N15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆