綜合模擬卷(二)

(滿分100分考試時間90分鐘)選擇題部分一、選擇題Ⅰ(本題共10小題,每小題3分,共30分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的,不選、多選、錯選均不得分)1.導(dǎo)航已成為我們出行時的重要工具,某次導(dǎo)航時導(dǎo)航儀的界面圖如圖所示。下列說法正確的是()A.研究汽車在導(dǎo)航地圖中的位置時,不能把汽車視為質(zhì)點(diǎn)B.常規(guī)路線中的“55.4公里”是指位移大小C.常規(guī)路線中顯示的“1小時36分”是指時刻D.汽車分別按照常規(guī)路線和備選二行駛,兩次出行的位移相同,路程不同2.如圖所示,一送餐機(jī)器人正在送餐,餐具放在水平托盤上,機(jī)器人在水平方向上做勻加速直線運(yùn)動,餐具與水平托盤始終無相對滑動。下列說法正確的是()A.摩擦力對餐具做正功B.支持力對餐具做正功C.重力對餐具做負(fù)功D.合力對餐具不做功3.如圖所示,a、b兩同心圓線圈的匝數(shù)分別為n和m,線圈半徑分別為r和R。分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場的圓形區(qū)域的邊緣恰好與a線圈重合,則下列說法正確的是()A.穿過a、b兩線圈的磁通量相同B.穿過a線圈的磁通量比b的大C.穿過b線圈的磁通量比a的大D.因?yàn)椴恢涝褦?shù)n和m的大小關(guān)系,所以無法比較穿過a、b兩線圈的磁通量大小4.如圖所示的四個裝置,AB、BC均為輕質(zhì)桿,各圖中桿的A、C端都通過鉸鏈與墻連接,兩桿都在B處由鉸鏈連接,且系統(tǒng)均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用等長的輕繩來代替桿,若要求繼續(xù)保持平衡,則()A.圖中的AB桿可以用輕繩代替的有甲、乙、丙B.圖中的AB桿可以用輕繩代替的有甲、丙、丁C.圖中的BC桿可以用輕繩代替的有乙、丙、丁D.圖中的BC桿可以用輕繩代替的有甲、乙、丁5.如圖所示,光滑圓弧面上有一小球做簡諧運(yùn)動,B點(diǎn)為運(yùn)動中的最低位置,A、C點(diǎn)均為運(yùn)動過程中的最高位置。下列說法正確的是()A.B點(diǎn)是平衡位置,此處小球受到的回復(fù)力就是重力B.小球在B點(diǎn)時,重力勢能最小,機(jī)械能最小C.小球在A點(diǎn)和C點(diǎn)時,速度最小,對圓弧面的壓力最小,回復(fù)力最大D.若增大小球做簡諧運(yùn)動的幅度,則其運(yùn)動周期變大6.如圖是原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)的關(guān)系圖像,通過該圖像可以得出一些原子核的比結(jié)合能,如

816O核的比結(jié)合能約為8MeV,24He核的比結(jié)合能約為7MeV,根據(jù)該圖像判斷,A.隨著原子核質(zhì)量數(shù)的增加,原子核的比結(jié)合能增大B.3680Kr核的比結(jié)合能比

54144Ba核的大,因此

54C.把

816O分成4個

24D.把

816O分成8個質(zhì)子和8個中子比把

816O分成4個

7.山西刀削面是山西省的一種特色面食。如圖所示,小面片(可視為質(zhì)點(diǎn))從距離鍋高為h處被水平削離,與鍋沿的水平距離為L,鍋的半徑也為L。忽略空氣阻力,且小面片都落入鍋中,重力加速度為g,則下列關(guān)于所有小面片在空中運(yùn)動的描述正確的是()A.小面片在空中運(yùn)動的時間與被拋出時的速度有關(guān)B.小面片速度的變化量不相同C.小面片落入鍋中時,最大速度是最小速度的3倍D.若小面片剛被拋出時初速度為v0,則Lg2h<v0<38.2024年6月6日,嫦娥六號上升器成功與軌道器和返回器組合體完成月球軌道的交會對接。該次對接簡化過程如圖所示,軌道器和返回器組合體(以下簡稱組合體)繞月球做半徑為3R的勻速圓周運(yùn)動,上升器從橢圓軌道的近月點(diǎn)B(近似為月球表面處)運(yùn)行半個周期,到橢圓軌道的遠(yuǎn)月點(diǎn)A時,恰好與組合體實(shí)現(xiàn)對接,之后兩者一起沿組合體原有軌道運(yùn)動。已知月球半徑為R,月球表面的重力加速度為g月,忽略月球自轉(zhuǎn),則下列說法正確的是()A.組合體的運(yùn)行周期為6π3B.上升器對接后機(jī)械能減小C.上升器在橢圓軌道上的運(yùn)行速率均小于對接后的運(yùn)行速率D.上升器在橢圓軌道上的運(yùn)行周期與組合體的運(yùn)行周期之比為33∶19.如圖為某人設(shè)計(jì)的電吹風(fēng)電路圖,a、b、c、d為四個固定觸點(diǎn)?？蓜拥纳刃谓饘倨琍可同時接觸兩個觸點(diǎn)。P處于不同位置時,電吹風(fēng)可處于停機(jī)、吹熱風(fēng)和吹冷風(fēng)三種工作狀態(tài)。n1和n2分別是理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)。該電吹風(fēng)的各項(xiàng)參數(shù)如下表所示。下列說法正確的是()熱風(fēng)時輸入功率460W冷風(fēng)時輸入功率60W小風(fēng)扇額定電壓60V正常工作時小風(fēng)扇輸出功率52WA.小風(fēng)扇的內(nèi)阻為8ΩB.吹熱風(fēng)時流經(jīng)電熱絲的電流約為2.1AC.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1∶n2為3∶11D.吹冷風(fēng)時P的觸點(diǎn)c與觸點(diǎn)a接觸、P的觸點(diǎn)d與觸點(diǎn)b接觸10.如圖為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖。勵磁線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向外,電子束由電子槍產(chǎn)生,其速度方向與磁場方向垂直。電子速度的大小和磁場強(qiáng)弱可分別由通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調(diào)節(jié)(電流越大,磁場越強(qiáng))。下列說法正確的是()A.僅增大勵磁線圈中電流,電子束徑跡的半徑變大B.僅提高電子槍加速電壓,電子束徑跡的半徑變大C.僅增大勵磁線圈中電流,電子做圓周運(yùn)動的周期將變大D.僅提高電子槍加速電壓,電子做圓周運(yùn)動的周期將變大二、選擇題Ⅱ(本題共3小題,每小題4分,共12分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得4分,選對但不全的得2分,有選錯的得0分)11.質(zhì)量m=200kg的小型電動汽車在平直的公路上由靜止啟動,圖甲表示汽車運(yùn)動的速度與時間的關(guān)系圖像,圖乙表示汽車牽引力的功率與時間的關(guān)系圖像。設(shè)汽車在運(yùn)動過程中阻力不變,在18s末汽車的速度恰好達(dá)到最大。則下列說法正確的是()A.汽車受到的阻力大小為200NB.汽車的最大牽引力大小為1000NC.8~18s時間內(nèi)汽車牽引力做的功為3.6×103JD.汽車做變加速運(yùn)動過程中的位移大小為95.5m12.曾經(jīng)風(fēng)靡一時的“可達(dá)鴨吸管”,在用它喝可樂(可樂可視為導(dǎo)體)的時候會發(fā)出悅耳的音樂。如圖為其原理簡化圖,在吸管外面包有一層銅箔作為電極,當(dāng)可樂流過電極附近時,便與銅箔形成了電容,從而使電極的電勢發(fā)生改變,觸發(fā)音樂開關(guān)。下列判斷正確的是()A.空吸管與充滿可樂的吸管相比,空吸管對應(yīng)的電容要小一些B.吸管(這個結(jié)構(gòu))除了喝水以外還充當(dāng)了電介質(zhì)的作用C.用該吸管喝別的飲料時不可能會發(fā)出音樂D.手持一根小木條插入吸管中不可能聽到音樂13.如圖所示,相距3m的S1和S2是兩個完全相同聲源,選某一時刻為計(jì)時零點(diǎn),兩聲源振動方程均為y=5cos(170πt)cm,聲速v=340m/s。以兩聲源連線中點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)過兩個聲源建立x軸,下列說法正確的是()A.S1發(fā)出的聲波和另一個頻率為185HzB.當(dāng)人位于x=1m處時,幾乎聽不到聲音C.t=85s時,x=0處的質(zhì)點(diǎn)位移為-52D.在S1和S2之間有1個振動加強(qiáng)點(diǎn)非選擇題部分三、非選擇題(本題共5小題,共58分)14.實(shí)驗(yàn)題(Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三題共14分)圖114-Ⅰ.(7分)利用如圖1所示的裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。已知打點(diǎn)計(jì)時器打點(diǎn)周期T=0.02s,重力加速度為g。(1)甲同學(xué)在做實(shí)驗(yàn)時進(jìn)行了如下操作,其中操作不當(dāng)?shù)牟襟E是(選填選項(xiàng)前的字母)。

A.將打點(diǎn)計(jì)時器接到交流電源上B.應(yīng)選擇體積小、質(zhì)量大的重物C.釋放紙帶前,紙帶應(yīng)保持豎直D.先釋放紙帶,再接通打點(diǎn)計(jì)時器的電源開關(guān)(2)某位同學(xué)從打出的紙帶中選出符合要求的一條紙帶,如圖2所示(其中一段紙帶圖中未畫出)。圖中O點(diǎn)為打出的起始點(diǎn),且速度為零。選取在紙帶上連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C、D、E、F作為計(jì)數(shù)點(diǎn)。測出C、D、E點(diǎn)距起始點(diǎn)O的距離分別為h1、h2、h3,由此可計(jì)算出打點(diǎn)計(jì)時器打下D點(diǎn)時重物下落的瞬時速度vD=m/s。用m表示重物的質(zhì)量,在誤差允許的范圍內(nèi),若滿足表達(dá)式mgh2=,則可認(rèn)為重物下落過程中機(jī)械能守恒(用給出的已知物理量的符號表示)。

圖2圖3(3)另一同學(xué)設(shè)想采用另一種方法研究機(jī)械能是否守恒:在圖2中的紙帶上,先分別測量出從A點(diǎn)到B、C、D、E、F點(diǎn)的距離h,再計(jì)算對應(yīng)B、C、D、E各點(diǎn)的重物速度v。請幫助此同學(xué)在圖3中畫出v2-h圖像的示意圖,并說明如何利用該圖像判斷重物下落過程中機(jī)械能是否守恒:。

14-Ⅱ.(4分)某探究小組要測量一金屬絲的電阻率ρ?？衫玫膶?shí)驗(yàn)器材有:電壓表(內(nèi)阻很大)、待測金屬絲(橫截面積S=0.5mm2)、金屬夾、刻度尺、開關(guān)、電源(電動勢為E,內(nèi)阻r=1.0Ω)、導(dǎo)線若干。他們設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路原理圖。(1)實(shí)驗(yàn)步驟如下:①將金屬絲拉直固定,按照圖甲電路原理圖連接電路,金屬夾置于金屬絲的(選填“A”或“B”)端;

②閉合開關(guān)S,滑動金屬夾至適當(dāng)位置并記錄電壓表示數(shù)U,斷開開關(guān)S,記錄金屬夾與B端的距離L;③多次重復(fù)步驟②,根據(jù)記錄的若干組U、L的值,作出圖像如圖乙所示。(2)根據(jù)分析可得1U=(用E、S、ρ、L和r表示)(3)由圖乙求得電源電動勢E=V,待測金屬絲的電阻率ρ=Ω·m。(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

14-Ⅲ.(3分)在探究向心力大小的影響因素實(shí)驗(yàn)中,將質(zhì)量相同的鋼球①放在長槽A的邊緣,鋼球②放在短槽B的邊緣,如圖所示。A、B兩槽的半徑之比為2∶1,a、b分別是與A槽、B槽同軸的塔輪,a輪、b輪半徑之比為1∶2,當(dāng)a、b兩輪在同一皮帶帶動下勻速轉(zhuǎn)動時,皮帶不打滑,且鋼球①②分別相對A、B槽靜止,則。

A.用如圖所示參數(shù)的裝置可以探究向心力與半徑的關(guān)系B.a輪與b輪邊緣上的點(diǎn)線速度大小相等C.A槽與B槽的角速度之比為1∶2D.鋼球①②所需的向心力之比為8∶115.(8分)如圖甲為彈性健身球,球內(nèi)氣體的體積為120L,壓強(qiáng)為1.5×105Pa。某同學(xué)趴到球上,達(dá)到穩(wěn)定時,球內(nèi)氣體壓強(qiáng)變?yōu)?.8×105Pa。球內(nèi)氣體可視為理想氣體且溫度不變。(1)求健身球被壓后,球內(nèi)氣體達(dá)到穩(wěn)定時的體積。(2)該過程中,氣體狀態(tài)變化的等溫線近似看成一段傾斜直線,如圖乙所示,估算該過程氣體向外界放出的熱量。(3)若健身球放置一段時間后,由于漏氣,球內(nèi)氣體壓強(qiáng)變?yōu)?.4×105Pa,求漏出氣體與原來氣體的質(zhì)量之比(球的體積可視為不變)。16.(11分)如圖所示,光滑水平臺面MN上放兩小滑塊A、B(可視為質(zhì)點(diǎn)),臺面MN與水平傳送帶上表面等高且平滑連接,傳送帶水平部分長度L=10m,傳送帶沿逆時針方向以恒定速度v=4.5m/s勻速轉(zhuǎn)動。小滑塊B與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,兩小滑塊質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg。開始時小滑塊A、B均靜止,且A、B間壓縮一輕質(zhì)彈簧(與A、B均未連接),彈簧中鎖定有彈性勢能Ep=12J?，F(xiàn)解除鎖定,彈開A、B并立即拿走彈簧,g取10m/s2。(1)求A、B彈開后瞬間,A、B的速度大小vA1、vB1。(2)B獲得速度后,向右運(yùn)動滑上傳送帶,求B在傳送帶上向右滑動的最遠(yuǎn)距離sm和B從傳送帶返回水平面MN時的速度大小vB2。(3)B從滑上傳送帶到離開傳送帶過程中,求B在傳送帶表面留下的劃痕總長度。17.(12分)在芯片加工制作中,需要對帶電粒子的運(yùn)動進(jìn)行精準(zhǔn)調(diào)控。如圖所示,在xOy平面內(nèi)的0<x<2a范圍內(nèi)有勻強(qiáng)電場E(大小未知),方向沿y軸正方向;在第三象限內(nèi)有邊界與坐標(biāo)軸相切的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域,圓邊界的半徑為a,磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0、方向垂直于紙面向外;△OCD內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場B(大小未知),OC邊長為4a,∠DCO=30°,邊界有磁場。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子,從A點(diǎn)(2a,0)以與直線x=2a夾角為θ(未知)的方向射入第四象限的電場,經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后從P1點(diǎn)(0,-1.5a)垂直于y軸進(jìn)入第三象限,經(jīng)圓形磁場后從P2點(diǎn)(-a,0)進(jìn)入△OCD中,粒子在圓形磁場中運(yùn)動的軌跡半徑也為a,最后垂直于CD邊離開磁場。不計(jì)粒子的重力。求:(1)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小;(2)△OCD內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小;(3)粒子在兩個磁場中運(yùn)動的總時間。18.(13分)如圖所示,兩平行金屬導(dǎo)軌M1N1、M2N2固定在傾角θ=37°的絕緣斜面上,導(dǎo)軌內(nèi)存在方向垂直于導(dǎo)軌斜面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=2.0T的勻強(qiáng)磁場,導(dǎo)軌頂端與一電動勢E=6V、內(nèi)阻不計(jì)的電源相連。兩水平平行金屬導(dǎo)軌N1P1、N2P2絕緣固定在地面上,導(dǎo)軌間依次分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.25T、寬度為s的矩形勻強(qiáng)磁場,磁場方向向上、向下依次分布。兩部分導(dǎo)軌在點(diǎn)N1、N2處用絕緣材料平滑連接,電阻不計(jì)且足夠長,間距均為L=1.0m。質(zhì)量m=1kg、電阻R1=2Ω、長度為L的導(dǎo)體棒ab垂直放在傾斜導(dǎo)軌上、與導(dǎo)軌接觸良好并固定,導(dǎo)體棒ab與傾斜導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.5。長方形導(dǎo)體框cefd放在水平導(dǎo)軌上,cd邊與最左側(cè)磁場的左邊界重合,ce邊長為s,cd邊長為L,導(dǎo)體框的cd、ef邊與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。導(dǎo)體框質(zhì)量m=1kg,cd邊的電阻R2=2Ω,ef邊的電阻R3=1Ω,ce、fd邊電阻不計(jì)。某時刻閉合開關(guān)S,同時釋放導(dǎo)體棒ab,當(dāng)ab運(yùn)動到水平軌道上時,立刻斷開開關(guān)S,ab速度已達(dá)最大且運(yùn)動到導(dǎo)體框cd邊與導(dǎo)體框碰撞并粘在一起。此后導(dǎo)體棒ab和導(dǎo)體框組成的整體(題目中稱為整體)在水平導(dǎo)軌上運(yùn)動,運(yùn)動時所受的摩擦阻力Ff=0.125v(N),v為整體的運(yùn)動速率。已知重力加速度g取10m/s2。求:(1)閉合開關(guān)S瞬間導(dǎo)體棒ab的加速度大小;(2)導(dǎo)體棒ab能達(dá)到的最大速度vm;(3)整體減速運(yùn)動的距離x;(4)整體減速運(yùn)動過程中克服安培力做的功。

參考答案綜合模擬卷(二)1.D【解析】汽車的大小相對行駛路程可以忽略,因此研究汽車在導(dǎo)航地圖中的位置時,可以把汽車視為質(zhì)點(diǎn),故A錯誤;由圖可知,常規(guī)路線中的“55.4公里”是指路程,大于位移大小,故B錯誤;“1小時36分鐘”是指時間間隔,故C錯誤;汽車分別按照常規(guī)路線和備選二行駛,初始位置和末位置相同,位移相同,運(yùn)動路徑不同,路程不同,故D正確。2.A【解析】餐具也在水平方向做勻加速直線運(yùn)動,對餐具受力分析可知,受重力、支持力、向前的靜摩擦力,由于靜摩擦力與運(yùn)動方向相同,則靜摩擦力對餐具做正功,故A正確;支持力與運(yùn)動方向垂直,則支持力對餐具不做功,故B錯誤;重力與運(yùn)動方向垂直,則重力對餐具不做功,故C錯誤;餐具在水平方向做勻加速直線運(yùn)動,則合力對餐具做正功,故D錯誤。3.A【解析】根據(jù)磁通量表達(dá)式Φ=BS可知磁通量與匝數(shù)無關(guān),a、b兩線圈中磁場的有效面積相同,則穿過a、b兩線圈的磁通量相同。故選A。4.B【解析】如果桿受拉力作用,則可以用與之等長的輕繩代替;如果桿受壓力作用,則不可用等長的輕繩代替。AB桿受拉力作用的只有甲、丙、丁,BC桿受拉力作用的只有丙,故A、C、D錯誤,B正確。5.C【解析】B點(diǎn)是平衡位置,此處小球受到的回復(fù)力是重力在切線方向的分力,此時回復(fù)力為零,故A錯誤;小球在B點(diǎn)時,重力勢能最小,整個運(yùn)動過程機(jī)械能守恒,故B錯誤;小球在A點(diǎn)和C點(diǎn)時,速度最小,對圓弧面的壓力最小,回復(fù)力最大,故C正確;簡諧運(yùn)動的周期與振幅無關(guān),若增大小球做簡諧運(yùn)動的幅度,則其運(yùn)動周期不變,故D錯誤。6.C【解析】由圖像可知,原子核質(zhì)量數(shù)比較小時,隨著原子核質(zhì)量數(shù)的增加,原子核的比結(jié)合能增大,原子核質(zhì)量數(shù)比較大時,隨著原子核質(zhì)量數(shù)的增加,原子核的比結(jié)合能減小,A錯誤;原子核的比結(jié)合能越大,原子核越穩(wěn)定,3680Kr核的比結(jié)合能比

54144Ba核的大,因此

3680Kr比

54144Ba更穩(wěn)定,B錯誤;把

816O分成8個中子和8個質(zhì)子需要吸收的能量約為ΔE=16×8MeV=128MeV,把2個質(zhì)子與2個中子組合成一個氦核需要釋放的能量約為ΔE'=28MeV,所以把

816O分成4個

24He要吸收ΔE吸=ΔE-4ΔE'=16MeV的能量,C正確;把

816O分成8個質(zhì)子和8個中子需要吸收約128MeV的能量,把

816O分成4個

24He需要吸收約16MeV的能量,7.D【解析】所有小面片在空中均做平拋運(yùn)動,在豎直方向做自由落體運(yùn)動,根據(jù)h=12gt2可得t=2hg,故A錯誤;所有小面片都只受重力作用,所以加速度均為g,根據(jù)Δv=gt可知,所有小面片在空中運(yùn)動過程中速度的變化量相同,故B錯誤;若小面片剛被拋出時初速度為v0,在水平方向做勻速直線運(yùn)動,落在鍋里的水平距離最小值為L,最大值為3L,有L=vmint,3L=vmaxt,所以Lg2h<v0<3Lg2h,小面片落入鍋中的水平速度最大值為最小值的3倍,但是豎直速度相等,根據(jù)速度的合成v=v02+vy8.A【解析】物體在月球表面有Gm月m1R2=m1g月,對組合體有Gm月m(3R)2=m4π2T2·3R,解得T=6π3Rg月,故A正確;上升器要與組合體對接需要加速,因此上升器對接后機(jī)械能增加,故B錯誤;上升器在橢圓軌道的近月點(diǎn)B的運(yùn)行速率大于近月軌道衛(wèi)星的運(yùn)行速率,根據(jù)Gm月mr2=mv2r得v=Gm月r,可知近月軌道衛(wèi)星的運(yùn)行速率大于組合體的運(yùn)行速率,因此上升器在橢圓軌道上的運(yùn)行速率不一定小于對接后的運(yùn)行速率,故C錯誤;9.A【解析】當(dāng)電吹風(fēng)吹冷風(fēng)時,電路中只有小風(fēng)扇工作,則P的觸點(diǎn)c與觸點(diǎn)b接觸,故D錯誤;吹冷風(fēng)時輸入功率為60W,正常工作時小風(fēng)扇輸出功率為52W,說明小風(fēng)扇內(nèi)阻消耗的功率為8W,則有Pr=I2r,I=P入U(xiǎn)=6060A=1A,得r=8Ω,故A正確;吹熱風(fēng)時電熱絲的熱功率為P=460W-60W=400W,流經(jīng)電熱絲的電流為I'=PU=400220A=1.8A,故10.B【解析】電子在加速電場中加速,由動能定理有eU=12mv02,電子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動,洛倫茲力充當(dāng)向心力,有eBv0=mv02r,解得r=mv0eB=1B2mUe,僅增大勵磁線圈中電流,磁感應(yīng)強(qiáng)度B增大,電子束徑跡的半徑變小,僅提高電子槍加速電壓U,電子束徑跡的半徑變大,故A錯誤,B正確;由電子做圓周運(yùn)動的周期T=2πm11.BD【解析】汽車受到的阻力大小為Ff=P額vm=800010N=800N,A錯誤;汽車勻加速運(yùn)動時牽引力最大,根據(jù)牛頓第二定律得Fm-Ff=ma,根據(jù)圖甲得a=88m/s2=1m/s2,解得Fm=1000N,B正確;8~18s時間內(nèi)汽車牽引力做的功為WF=P額(t2-t1)=8000×(18-8)J=80000J,C錯誤;根據(jù)動能定理得WF-Ffx=112.AB【解析】該吸管的原理是由銅箔組成電容器,其電容發(fā)生改變從而觸發(fā)音樂開關(guān),根據(jù)電容的定義式C=εrS4πkd,可得充滿可樂的吸管與空吸管相比,正對面積增大,所以電容變大,故A正確;由題意可知,電容器極板由銅箔構(gòu)成,而細(xì)管接入銅箔之間,從結(jié)構(gòu)上看,其細(xì)管除了喝水以外,也充當(dāng)了電介質(zhì)的作用,故B正確;由之前的分析可知,當(dāng)電容器的電容改變,即會聽到音樂,而當(dāng)喝其他飲料時,其他飲料到達(dá)銅箔的位置時,也改變了其電容,所以用該吸管喝別的飲料時也可能會發(fā)出音樂,故C錯誤;由之前的分析可知,當(dāng)電容器的電容改變,即會聽到音樂,而當(dāng)一根小木條插入吸管中時,也改變了其電容,13.BD【解析】兩聲源的頻率為f=ω2π=170π2πHz=85Hz,由于頻率不同,不能與頻率為185Hz的聲波發(fā)生干涉,故A錯誤;兩聲源的波長為λ=vf=4m,當(dāng)人位于x=1m處時,兩聲源與人的波程差為Δs=|-1.5-1|m-|1.5-1|m=2m=λ2,故x=1m處為振動減弱點(diǎn),幾乎聽不到聲音,故B正確;設(shè)振動加強(qiáng)點(diǎn)的橫坐標(biāo)為x,振動加強(qiáng)點(diǎn)的波程差滿足|1.5-x|m-|x-(-1.5)|m=nλ(n=0,1,2,3,…),且-1.5m≤x≤1.5m,解得n=0,x=0,故在S1和S2之間有1個振動加強(qiáng)點(diǎn),故D正確;兩聲源的周期為T=1f=185s,85s為整數(shù)個周期,t=85s時,x=0處的質(zhì)點(diǎn)位移恰為計(jì)時零點(diǎn)時的位移,由D可知,x=0處的質(zhì)點(diǎn)為振動加強(qiáng)點(diǎn),x=0處質(zhì)點(diǎn)與S1的波程差為38λ,則t=85s時,S1在x=0處質(zhì)點(diǎn)位移為y1=5cos170π×38×185(cm)=-522cm,同理t=85s時,S2在x=0處質(zhì)點(diǎn)位移為y2=y1=-522cm,故14-Ⅰ.【答案】(1)D(2)2.31m(3)見解析圖計(jì)算該圖像的斜率,若圖像為一條斜率接近2g的直線,則可驗(yàn)證重物下落過程中機(jī)械能守恒【解析】(1)根據(jù)打點(diǎn)計(jì)時器的工作原理可知打點(diǎn)計(jì)時器應(yīng)接到交流電源上,故A正確,不符合題意;在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇體積小、質(zhì)量大的重物,其目的是減小空氣阻力的影響,以減小實(shí)驗(yàn)誤差,故B正確,不符合題意;根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求,釋放紙帶前,紙帶應(yīng)保持豎直狀態(tài),這是為了確保實(shí)驗(yàn)條件盡可能接近自由落體的理想情況,從而減小實(shí)驗(yàn)誤差,故C正確,不符合題意;開始記錄時,應(yīng)先接通打點(diǎn)計(jì)時器的電源開關(guān),然后再釋放重物,讓它帶著紙帶一同落下,如果先放開紙帶讓重物下落,再接通打點(diǎn)計(jì)時器的電源開關(guān),由于重物運(yùn)動較快,不利于數(shù)據(jù)的采集和處理,會對實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生較大的誤差,故D錯誤,符合題意。(2)打點(diǎn)計(jì)時器打下D點(diǎn)時重物下落的瞬時速度等于重物經(jīng)過CE兩點(diǎn)間的平均速度,有vD=xCE2T=h3-用m表示重物的質(zhì)量,在誤差允許的范圍內(nèi),表達(dá)式為mgh2=12mvD2,聯(lián)立解得mgh(3)由機(jī)械能守恒定律得mgh=12mv2-12mvA2,解得v2=2gh+vA由v2=2gh+vA2可知圖像的斜率k=2g,所以計(jì)算該圖像的斜率,若圖像為一條斜率接近2g的直線14-Ⅱ.【答案】(1)A(2)rS(3)3.32.5×10-6【解析】(1)為了保護(hù)電源,閉合開關(guān)S前,應(yīng)將金屬夾置于金屬絲的A端。(2)對于圖甲電路,根據(jù)閉合電路歐姆定律有U=E-Ir設(shè)金屬絲的電阻率為ρ,結(jié)合歐姆定律和電阻定律I=UR,R=ρ聯(lián)立可得U=E-USρL整理可得1U(3)根據(jù)1U=rSρE·1L+1斜率k=rSρE=0.代入數(shù)據(jù)解得E=3.3V,ρ=2.5×10-6Ω·m。14-Ⅲ.BD【解析】依題意,a、b兩輪在同一皮帶帶動下勻速轉(zhuǎn)動,皮帶不打滑,則a輪與b輪邊緣上的點(diǎn)線速度大小相等,由v=ωr,根據(jù)rarb=12,可知A槽與B槽的角速度之比為ωaωb=21,故B正確,C錯誤;依題意,兩鋼球質(zhì)量相等,根據(jù)Fn=mω2R,又RARB=21,解得FAFB=15.【答案】(1)100L(2)3300J(3)1【解析】(1)根據(jù)玻意耳定律可知p1V1=p2V2解得V2=p1V1p2(2)由圖乙可知該過程中外界對氣體做功W=1.8+1.52×105×(120-100)×10-3J=氣體溫度不變,則ΔU=0由熱力學(xué)第一定律可知該過程氣體向外界放出的熱量Q=W=3300J。(3)當(dāng)球內(nèi)氣體壓強(qiáng)變?yōu)閜3=1.4×105Pa的過程中,根據(jù)玻意耳定律可知p1V1=p3V3解得V3=1514V漏出氣體與原來氣體的質(zhì)量之比V316.【答案】(1)2m/s4m/s(2)4m4m/s(3)18m【解析】(1)解除鎖定彈開A、B過程中,設(shè)向右為正方向,由機(jī)械能守恒定律得Ep=12mAvA1由動量守恒定律得mBvB1-mAvA1=0聯(lián)立解得vA1=2m/s,vB1=4m/s。(2)B滑上傳送帶后做勻減速運(yùn)動,當(dāng)速度減為零時,運(yùn)動距離最遠(yuǎn),由動能定理得-μmBg·sm=0-12mB解得sm=4m因?yàn)?m<1