高二物理（滿分分考試時間分鐘）一、單項選擇題：本題共7小題，每題4分，共分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合要求。1.關(guān)于以下場景的說法錯誤的是（）A.圖甲為靜電除塵原理的示意圖，帶負電的塵埃將被吸附到帶正電的板狀收集器A上B.如圖乙所示，給汽車加油前要觸摸一下靜電釋放器，是為了導(dǎo)走人身上的靜電C.圖丙中搖動起電機，煙霧繚繞的塑料瓶頓時清澈透明，其工作原理為靜電吸附D.如圖丁所示，我們在戶外遇到雷暴天氣，可以停留在山頂或高大的樹下躲避【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)圖甲可知，極板A與電源正極鏈接，極板A帶正電，帶負電的塵埃受到指向極板A的電場力作用，帶負電的塵埃被收集在帶正電的極板A上，故A正確，不符合題意；B．圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導(dǎo)走人身上的靜電，故B正確，不符合題意；C．圖丙中搖動起電機，電極之間形成電場，將氣體電離，電子被吸附到煙霧顆粒上，使煙霧顆粒帶負電，導(dǎo)致煙霧顆?？梢韵蛘龢O移動，工作原理為靜電吸附，故C正確，不符合題意；D．我們在戶外遇到雷暴天氣，在山頂或高大的樹下躲避容易引發(fā)尖端放電，造成人體傷害，故D錯誤，符合題意。故選D。2.如圖所示為兩個固定在同一水平面上的點電荷，距離為d，電荷量分別為＋Q和Q。在它們的水平中垂線上固定一根長為Lq的小球以初速度）第1頁/共19頁A.速度先增大后減小再增大B.受到的庫侖力先做負功后做正功C.受到的庫侖力最大值為D.管壁對小球的彈力最大值為【答案】C【解析】【詳解】A．電荷量為+q的小球以初速度v0從管口射入的過程，電場力與細管對其彈力始終平衡，合力為零，小球做勻速直線運動，故速度不變；故A錯誤；B．小球有下落過程中，庫侖力與速度方向垂直，則庫侖力不做功；故B錯誤；C．在兩個電荷的中垂線的中點，單個電荷產(chǎn)生的電場強度為+q的小球受到最大庫侖力為C正確；D．結(jié)合受力分析可知，彈力與庫侖力平衡，則管壁對小球的彈力最大值為，故D錯誤。故選C。3.已知均勻帶電球殼內(nèi)部的電場強度處處為零、如圖所示。現(xiàn)有一個帶電荷量為且電荷均勻分布的半R，為通過半球頂點C與球心OPQ為軸上關(guān)于O點對稱的兩點，下列說法正確的是（）A.O點的電場強度為零第2頁/共19頁B.P點的電場強度與Q點的電場強度大小相等C.將正電荷從P點移動到Q點電勢能不斷增加D.在P點由靜止釋放不計重力的帶正電的微粒，微粒將做勻加速直線運動【答案】B【解析】【詳解】A．由題意可知，若是一個球殼，則O點的電場強度為零，而半球面在O點的場強不為零，方向水平向右，A錯誤；B．均勻帶電半球相當(dāng)于一個均勻帶正電的球和半個均勻帶負電的球，這個半球放在圖的另一邊，然后看PQ兩點，可以看到，PQ兩點在上述涉及到的正電半球和負電半球中的相同的位置上，而由題目給出的條件，正電球在P、Q兩點產(chǎn)生的電場為零，所以，正電半球在Q點產(chǎn)生的電場強度相當(dāng)于負電半球在Q點產(chǎn)生的電場強度，而與P點的環(huán)境比較，唯一的區(qū)別是電荷符號相反，從而電場大小相同，只有可能有方向的區(qū)別，而分析可知，方向是相同的，故電場強度相等，B正確；C．正電荷從P點移動到Q點，電場力做正功，電勢能減小，C錯誤；D．電場線方向水平向右，所以在P電場力減小，所以是變加速運動，D錯誤。故選B。4.如圖所示，一帶正電的粒子以一定的初速度進入點電荷（Q為帶電粒子在電場中由a運動到b的軌跡，其中a點的電場強度方向與連線成30°，b點的電場強度方向與連線成60°。粒子只受靜電力的作用，下列說法正確的是（）A.點電荷Q帶正電B.粒子在a點的加速度大于在b點的加速度C.粒子在a點的動能大于b點動能D.粒子在a點的電勢能大于b點電勢能【答案】D【解析】Aab兩點的場強方向延長交于QQ帶負電，A錯誤；第3頁/共19頁B．由庫侖定律及牛頓第二定律可得粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，B錯誤；CDb點時離電荷Q的距離小于粒子在a點時離電荷Qb點的動能大于a點動能，由能量守恒可知，粒子在a點的電勢能大于b點電勢能，C錯誤，D正確。故選D。5.電荷量為和的兩個點電荷分別固定于x軸上O、P兩點，規(guī)定無窮遠處電勢為零，一帶負電的試探電荷在x軸上各點具有的電勢能隨xBC兩點處的電勢能均為零，且，在CF段中，E處電勢能最大，則（）A.B.B點電場強度方向一定沿x軸正方向C.若將一正試探電荷從D點靜止釋放，一定能到達F點D.若將一正試探電荷從C點移動到F點，電場力先做負功后做正功【答案】C【解析】【詳解】A．圖象E處電場強度為0，得第4頁/共19頁得A錯誤；B．負電的試探電荷在O點電勢能正無窮，因此O點電荷為負電電荷，P點電荷為正電荷，因此B點電場強度方向一定沿x軸負方向，B錯誤；CD點受xx正向加速運動過E一定能到達F點，且到F點速度為0，C正確；D．正電荷從C點移動到F點的電場力先沿x正向過E點后沿x負向，故電場力先做正功后做負功，D錯誤。故選C。6.如圖所示，電源電動勢為，內(nèi)阻恒為，是定值電阻，熱敏電阻的阻值隨溫度的降低而增大，是平行板電容器，電路中的電表均為理想電表。閉合開關(guān)S，帶電液滴剛好靜止在內(nèi)。在溫度降低的過程中，分別用和表示電流表A、電壓表、電壓表和電壓表的示數(shù)，用和表示電流表A、電壓表、電壓表和電壓表的示數(shù)變化量的絕對值。溫度降低時，關(guān)于該電路工作狀態(tài)的變化，下列說法正確的是（）A.帶電液滴一定向下加速運動B.C.不變D.不變【答案】D【解析】A電阻RT阻值變大，根據(jù)第5頁/共19頁可知熱敏電阻兩端電壓增大，由并聯(lián)電路電壓相等，可知平行板電容器極板間電壓增大，由可知極板間的電場強度也增大，導(dǎo)致帶電液滴所受電場力大于自身重力，將向上運動。故A錯誤；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得故B錯誤；C．根據(jù)可知溫度降低時增大，則增大。故C錯誤；D．根據(jù)可得即保持不變故D正確。故選D。7.為管的最高點，為管的最低點，、為圓環(huán)的互相垂直的兩條直徑。及其以下區(qū)域處于水平向左、電場強度為的勻強電場中，重力加速度為。現(xiàn)將一質(zhì)量為，電荷量為的帶正電小球從管中點由靜止釋放，小球可視為質(zhì)點，其半徑略小于管的內(nèi)徑，則（）第6頁/共19頁A.小球運動過程中不能通過點B.小球從點運動到點過程中機械能守恒C.小球第1次運動到點時對管的作用力大小為D.小球第1次和第5次通過M點時對管的作用力大小之比為1：17【答案】D【解析】【詳解】A．從Q到M，由動能定理有（其中）解得則小球能過M點，故A錯誤；B．小球從點運動到點過程，電場力對小球做正功，小球機械能增大，即小球機械能不守恒，故B錯誤；C．從Q到N，由動能定理有在N點有聯(lián)立解得小球第1次運動到點時管對小球的作用力大小根據(jù)牛頓第三定律可知，小球?qū)艿淖饔昧Υ笮椋蔆錯誤；D．小球第1次通過M點時有，聯(lián)立解得小球第1次通過M點時管對其的作用力大小設(shè)第五次過M點時速度為，由動能定理有小球第5次通過M點時有聯(lián)立解得小球第5次通過M點時管對其的作用力大小可知小球第1次和第5次通過M點時管對其作用力大小之比根據(jù)牛頓第三定律可知，小球第1次和第5次通過M點時對管的作用力大小之比為1：17，故D正確。第7頁/共19頁故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每題6分，共分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖，相同的電流表分別改裝成兩個電流表、和兩個電壓表、，的量程大于的量程，的量程大于的量程，將它們接入圖示電路，閉合開關(guān)后則（）A.的讀數(shù)比的讀數(shù)小B.指針偏轉(zhuǎn)角度等于指針偏轉(zhuǎn)角度C.指針偏轉(zhuǎn)角度比指針偏轉(zhuǎn)角度大D.的讀數(shù)比的讀數(shù)大【答案】BD【解析】ABG后電壓表的最大量程為可知改裝后的電壓表量程越大，串聯(lián)的電阻R的阻值越大，則改裝后量程越大的電壓表阻值越大。電壓表、指針偏轉(zhuǎn)角度等于大，所以電壓大，即的讀數(shù)比的讀數(shù)大，故A錯誤，B正確；CDG流表的最大量程為可知，改裝后電流表的量程越大，則并聯(lián)的電阻R的阻值越小，則改裝后電流表的阻值越小。電流表、第8頁/共19頁指針偏轉(zhuǎn)角度與指針偏轉(zhuǎn)角度相同，而的量程大于的量程，則的內(nèi)阻較小，流過的電流較大，所以的讀數(shù)比的讀數(shù)大，故C錯誤，D正確。故選BD。9.如圖甲所示，真空中水平放置兩塊長度為2d的平行金屬板P、Q，兩板間距為d，兩板間加上如圖乙所示最大值為U0P板處有一粒子源At0時刻開始連續(xù)釋放初速度大小為v、方向平行于金屬板的相同帶電粒子，t0時刻釋放的粒子恰好從Q板右側(cè)邊緣離開電場，已知電場變化周期T，粒子質(zhì)量為m，不計粒子重力及相互間的作用力，則（）A.在t0時刻進入的粒子離開電場時速度大小仍為v0B.粒子的電荷量為C.在tT時刻進入的粒子離開電場時電勢能減少了mv2D.在tT時刻進入的粒子剛好從P板右側(cè)邊緣離開電場【答案】AD【解析】【詳解】A．粒子進入電場后，水平方向做勻速運動，則t＝0時刻進入電場的粒子在電場中運動間t此時間正好是交變電壓的一個周期，粒子在豎直方向先做加速運動后做減速運動，經(jīng)過一個周期，粒子的豎直速度為零，故粒子離開電場時的速度大小等于水平速度v，故A正確；B．在豎直方向，根據(jù)牛頓第二定律t0時刻進入電場的粒子在時間內(nèi)的位移為，則第9頁/共19頁解得q＝故B錯誤；Dt向上減速，由對稱可以知道，此時豎直方向的位移為零，故粒子從P板右側(cè)邊緣離開電場，故D正確；C．在t時刻進入電場的粒子，在豎直方向先從靜止開始向下加速運動，靜電力做正功，然后向下減速運動，靜電力做等量的負功，再向上加速，靜電力做正功，然后再向上減速，靜電力做等量的負功，離開電場，故靜電力做的總功為零，電勢能不變，故C錯誤。故選AD。10.m+q的帶電小球先后以同樣大小的速度v經(jīng)過同一條豎直線上的aba點的速度方向與直線的夾角=30°a點到b點過程中動量的變化量的方向水平向左，a、b兩點間的距離為g）下列說法正確的是（）A.在b點的速度方向與直線的夾角=60°B.從a到b運動過程中的最小速度為C.由a點到b點運動的時間為D.電場強度的大小為【答案】BD【解析】【詳解】A．帶電小球先后以同樣大小的速度v經(jīng)過同一條直線上的a、b兩點，由a點到b點過程中動量第10頁/共19頁的變化量的方向水平向左，=30°，A錯誤；B．從a到b，垂直ab方向先由、減速至0再反向加速至，當(dāng)垂直ab方向速度變?yōu)榱銜r，速度最小，最小速度為B正確；C．帶電小球沿ab方向做勻速直線運動解得C錯誤；D．垂直ab方向有又因為解得聯(lián)立可得，電場強度D正確。故選BD。第11頁/共19頁三、非選擇題：本題共5小題，共分。其中第小題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。在測量某電源電動勢和內(nèi)阻時，因為電壓表和電流表的影響，不論使用何種接法，都會產(chǎn)生系統(tǒng)誤差，為了消除電表內(nèi)阻造成的系統(tǒng)誤差，某實驗興趣小組設(shè)計了如圖甲實驗電路進行測量。已知定值電阻。（1）實驗中，定值電阻的作用有___________A.保護電源B.在電流變化時使電壓表示數(shù)變化明顯C.在電壓變化時使電流表示數(shù)變化明顯（2）實驗操作步驟如下：①將滑動變阻器滑片滑到最左端位置：②接法I與1開開關(guān)；③將滑動變阻器滑到最左端位置：④接法II：單刀雙擲開關(guān)與2接通，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，記錄下若干組數(shù)據(jù)值，斷開開關(guān)；⑤分別作出兩種情況所對應(yīng)的圖像。第12頁/共19頁（4___________（填“接法I”或“接法II”【答案】①.AB②.1.50③.接法I【解析】1[1]定值電阻R0U=EI（r+RAB。（3）[2]根據(jù)（4）中所作圖像可知，電壓表最大量程應(yīng)為3V，而量程為3V的電壓表，其分度值為0.1V，由圖乙可知電壓表的讀數(shù)為1.50V。（4）[3]兩種方法中接法Ⅰ采用了電流表的內(nèi)接法，接法Ⅱ采用了電流表的外接法，比較圖丙和圖丁可知，圖丙所示圖像的斜率更大，而圖像斜率的絕對值表示電源的內(nèi)阻，分析可知接法Ⅰ，即電流表的內(nèi)接法，所測電源內(nèi)阻偏大，所測內(nèi)阻應(yīng)為電源實際內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和，由此可知圖丙對應(yīng)的接法為接法Ⅰ。12.某研究性學(xué)習(xí)小組測量電阻的阻值過程如下：（1D及其厚度L______mm、______mm。（2）為了精確地測量待測電阻的阻值，實驗室提供了下列器材：A.電流表（量程為，內(nèi)阻）B.電流表（量程為，內(nèi)阻）第13頁/共19頁D.定值電阻E.定值電阻F.電源（電動勢，內(nèi)阻約）G.開關(guān)S、導(dǎo)線若干①為了測量電壓，需要對電表進行合理改裝，改裝時應(yīng)選定值電阻______（填定值電阻或）②要求通過待測電阻的電流調(diào)節(jié)范圍盡量大，從而可測量多組實驗數(shù)據(jù)，請將設(shè)計好的電路圖畫在虛線框中______③按正確的電路連接，閉合開關(guān)，記錄電流表、的示數(shù)、，移動滑動變阻器的滑片，記錄多組數(shù)據(jù)，并做出圖線如圖所示，則待測電阻______（結(jié)果要保留3【答案】（1）①29.8②.3.191##3.192##3.193（2）①.R1②.③.【解析】【小問1詳解】[1]由圖示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)卡尺是10分度的，游標(biāo)卡尺的精度是0.1mm，工件的直徑[2]由圖示螺旋測微器可知，工件的厚度第14頁/共19頁【小問2詳解】[1]題中沒有給出電壓表，需要把電流表的與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表，改裝后的電壓表的量程[2]改裝后的電壓表內(nèi)阻所以電流表應(yīng)用外接法，由題所給滑動變阻器的最大阻值為，比待測電阻的阻值小得多，而實驗又要求測量盡可能精確且通過電阻的電流調(diào)節(jié)范圍盡量大，所以滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，則可畫出電路圖如圖所示[3]根據(jù)歐姆定律可得可得可得可得四、解答題13.E強電場中，用絲線懸掛質(zhì)量為m的帶電小球，絲線跟豎直方向成θ角時小球恰好平衡。請問：（1）小球所帶電性及其電荷量？第15頁/共19頁（2）若剪斷絲線，小球碰到金屬板需多長時間？【答案】（1）正電，（2）【解析】【小問1詳解】如圖所示，小球處于平衡狀態(tài)，可知小球帶正電對小球受力分析如圖所示得【小問2詳解】剪斷絲線后，小球由靜止開始沿著絲線拉力的反方向做勻加速直線運動，小球受重力、電場力，由牛頓第二定律有得當(dāng)小球碰到金屬板上時，它的位移為由得14.如圖所示的電路中，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻r=1.0Ω，電動機