第第頁2026屆廣東省惠州市高三上學(xué)期第一次調(diào)研考物理試題1．光學(xué)知識(shí)不僅可以用來解釋日常生活中的現(xiàn)象，在科技中也有著廣泛的應(yīng)用，下列關(guān)于光學(xué)知識(shí)的說法正確的是（）A．光的偏振現(xiàn)象說明光是縱波B．雨后路面上的油膜形成彩色的條紋，是光的衍射現(xiàn)象C．用標(biāo)準(zhǔn)平面來檢查光學(xué)面的平整程度是利用了光的干涉現(xiàn)象D．驗(yàn)鈔機(jī)發(fā)出的紫外線比電視機(jī)遙控器發(fā)出的紅外線更容易繞過障礙物【答案】C【解析】【解答】A．偏振是橫波的特性，光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波，不是縱波，故A錯(cuò)誤；B．雨后油膜的彩色條紋是光在油膜上下表面反射光的干涉現(xiàn)象（薄膜干涉），不是衍射，故B錯(cuò)誤；C．用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)面平整度，利用了光的干涉（等厚干涉），通過干涉條紋判斷平整度，故C正確；D．波長越長衍射能力越強(qiáng)，紅外線波長比紫外線長，更易繞過障礙物，故D錯(cuò)誤。故答案為：C。

【分析】回憶光的偏振、干涉、衍射的相關(guān)知識(shí)，結(jié)合橫波特性、薄膜干涉、等厚干涉及波長與衍射能力的關(guān)系，逐一分析選項(xiàng)。2．汽車的懸掛系統(tǒng)是由車身與輪胎間的彈簧及避震器組成的支持系統(tǒng)。某型號(hào)汽車的“車身—懸掛系統(tǒng)”振動(dòng)的固有頻率是5Hz，這輛汽車勻速通過鋪設(shè)有條狀減速帶的路段，已知相鄰兩條減速帶間的距離為1.8m，如圖所示。若該車經(jīng)過減速帶的過程中，車身上下顛簸得極為劇烈，則該車的速度最接近（）A．8km/h B．16km/h C．32km/h D．64km/h【答案】C【解析】【解答】當(dāng)車身因經(jīng)過減速帶而產(chǎn)生的受迫振動(dòng)的頻率與車的“車身—懸掛系統(tǒng)”振動(dòng)的固有頻率相等時(shí)，車身上下顛簸得最劇烈，此時(shí)車的速度為v=故答案為：C。

【分析】利用受迫振動(dòng)共振條件（受迫振動(dòng)頻率等于固有頻率），結(jié)合周期與頻率的關(guān)系、速度公式，計(jì)算汽車速度。3．一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中平行于x軸方向傳播，圖（a）是t=0時(shí)該波的波形圖，圖（b）是x=1m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像。則t=6A． B．C． D．【答案】B【解析】【解答】由圖（a）可知t=0時(shí)刻x=0m處質(zhì)點(diǎn)處于波峰位置，由圖（b）可知周期為T=4s即t=6s時(shí)x=0故答案為：B。

【分析】根據(jù)振動(dòng)圖像確定周期，結(jié)合時(shí)間與周期的關(guān)系，分析x=0m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)位置，進(jìn)而匹配波形圖。4．如圖所示，老師上課做演示實(shí)驗(yàn)時(shí)，用絕緣細(xì)線吊起一個(gè)輕質(zhì)閉合鋁環(huán)，當(dāng)手持磁鐵使其N極突然向右沿鋁環(huán)軸線靠近鋁環(huán)過程中，下列說法正確的是（）A．鋁環(huán)起先向右擺動(dòng)B．鋁環(huán)有擴(kuò)張的趨勢(shì)C．鋁環(huán)對(duì)磁鐵的作用力對(duì)磁鐵做正功D．從左向右看，鋁環(huán)中有順時(shí)針方向電流【答案】A【解析】【解答】A、磁鐵N極向右靠近鋁環(huán)，根據(jù)楞次定律“來拒去留”，鋁環(huán)受排斥力，會(huì)向右擺動(dòng)，故A正確；

B、磁通量增加，由“增縮減擴(kuò)”，鋁環(huán)有收縮趨勢(shì)，不是擴(kuò)張，故B錯(cuò)誤；C、鋁環(huán)對(duì)磁鐵的力阻礙磁鐵靠近，做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；

D、手持磁鐵使其N極突然向右沿鋁環(huán)軸線靠近鋁環(huán)過程中，穿過鋁環(huán)的磁通量向右增加，根據(jù)楞次定律和安培定則可知，從左向右看，鋁環(huán)中有逆時(shí)針方向電流，故D錯(cuò)誤。故答案為：A。

【分析】應(yīng)用楞次定律的推論（來拒去留、增縮減擴(kuò)）和安培定則，分析鋁環(huán)的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)、電流方向及做功情況。5．配備在某汽車上的輪胎容積V=0.15m3，標(biāo)準(zhǔn)胎壓p1=2.4×10A．每只輪胎需要充氣的次數(shù)為30次B．該汽車在行駛過程，胎內(nèi)空氣最大壓強(qiáng)為2.88×C．該汽車在行駛一段距離的過程中，胎內(nèi)空氣內(nèi)能不變D．該汽車在行駛一段距離的過程中，胎內(nèi)所有氣體分子動(dòng)能均變大【答案】B【解析】【解答】A．設(shè)充氣次數(shù)為n，等溫下根據(jù)玻意耳定律可知，總氣體量滿足p解得充氣次數(shù)為n=即每只輪胎需要充氣的次數(shù)為36次，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)室溫時(shí)溫度為T1，則有同理最高溫度T行駛時(shí)溫度升高，體積不變，由查理定律有p解得p即該汽車在行駛過程，胎內(nèi)空氣最大壓強(qiáng)為2.88×10C．理想氣體內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，溫度升高，內(nèi)能增加。故C錯(cuò)誤；D．溫度升高使分子平均動(dòng)能增大，但并非所有分子動(dòng)能均變大。故D錯(cuò)誤。故答案為：B。

【分析】應(yīng)用玻意耳定律（等溫）、查理定律（等容），結(jié)合理想氣體內(nèi)能與溫度的關(guān)系、分子動(dòng)能的統(tǒng)計(jì)意義，分析各選項(xiàng)。6．如圖所示，垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t均勻變化。正方形硬質(zhì)單匝金屬框abcd放置在磁場(chǎng)中，金屬框平面與磁場(chǎng)方向垂直。金屬框電阻R=0.1Ω，邊長L=0.2A．金屬框的感應(yīng)電流方向?yàn)閍→b→c→dB．0~0.1s內(nèi)，ab邊受安培力方向水平向右C．0~0.1s內(nèi)，金屬框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=0.18D．0~0.1s內(nèi)，ab邊所受安培力的沖量大小為1.6×【答案】D【解析】【解答】A．穿過金屬框的磁通量向里減少，根據(jù)楞次定律和安培定則可知，金屬框的感應(yīng)電流方向?yàn)閍→d→c→b，故A錯(cuò)誤；B．由于金屬框的感應(yīng)電流方向?yàn)閍→d→c→b，根據(jù)左手定則可知，0~0.1s內(nèi)，ab邊受安培力方向水平向左，故B錯(cuò)誤；C.0~0.1s內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，金屬框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=ΔD．金屬框中的電流為I=ER=0.8故答案為：D。

【分析】應(yīng)用楞次定律、安培定則、左手定則判斷電流方向和安培力方向，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再根據(jù)沖量公式計(jì)算安培力沖量。7．如圖，足夠大的景觀水池池底中心固定有一根長為L的透明豎直桿，桿上下兩端各固定能發(fā)出單色光A、B的點(diǎn)光源，A光在水中的折射率為2。當(dāng)向池中注入深度為4L的水時(shí)，在水池表面恰好只能看到由A、B兩種光組成的圓形復(fù)色光區(qū)域，已知真空中的光速為c。則（）A．B光在水中的傳播速度為4B．A光的折射率大于B光的折射率C．若池水深度增加，則水面能看到A單色光區(qū)域D．若池水深度降低（不低于A點(diǎn)），則在水面能看到A單色光區(qū)域【答案】C【解析】【解答】A、由全反射臨界角公式，B光臨界角β滿足tanβ=34，得sinβ=3B、nA=2≈1.414，C、池水深度增加，A光的入射角變小，小于臨界角，不會(huì)全反射，能看到A單色光區(qū)域，C正確；D、池水深度降低（不低于A點(diǎn)），A光入射角可能仍大于等于臨界角，不一定能看到，D錯(cuò)誤。故答案為：C。

【分析】利用全反射臨界角公式、折射率與傳播速度的關(guān)系，結(jié)合幾何關(guān)系分析入射角變化對(duì)全反射的影響，判斷各選項(xiàng)。8．如圖（a）所示電路中的變壓器為理想變壓器，L為“6V，6W”的燈泡，滑動(dòng)變阻器R的最大阻值為30Ω，在M、N兩端接如圖（b）所示的正弦交流電（不計(jì)電源內(nèi)阻），當(dāng)R=14A．變壓器原線圈的電流為1AB．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：2C．若滑動(dòng)變阻器的滑片自右向左滑動(dòng)，燈泡變暗D．M、N兩端接的交變電壓瞬時(shí)值表達(dá)式為u=10【答案】B,C【解析】【解答】A、燈泡正常發(fā)光，副線圈電流I2=PLUL=1A，副線圈電壓UB、由上述匝數(shù)比計(jì)算，n1C、滑動(dòng)變阻器滑片左滑，電阻增大，副線圈電流減小，燈泡變暗，C正確；D、由圖（b），周期T=0.02s，角速度ω=2πT=100π故答案為：BC。

【分析】核心是利用理想變壓器的電壓比、電流比規(guī)律，結(jié)合歐姆定律、交變電壓瞬時(shí)值表達(dá)式，分析各選項(xiàng)。9．湖面上有相距為10m的甲、乙兩條小船，一列水波正在水面上從甲船到乙船沿著連線方向傳播，波速為20m/s，波長大于5m。某時(shí)刻甲船位于平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，此時(shí)乙船剛好到達(dá)波峰，下列說法正確的有（）A．此時(shí)刻甲船的加速度等于零B．這列水波的波長可能為10mC．這列水波的波長可能為40mD．兩小船上下浮動(dòng)的周期可能為4s【答案】A,C【解析】【解答】A．甲船在平衡位置，位移為零，加速度a=0，故A正確；B．兩船間距Δx=10m，滿足Δx=(14+n)λ（nC．若λ=40m，解得n=0，為整數(shù)，故C正確；D．周期T=Δxv(14+n)，代入Δx=10m，v=20m/s，n=0時(shí)T=2s故答案為：AC。

【分析】根據(jù)簡諧運(yùn)動(dòng)平衡位置的加速度特點(diǎn)，結(jié)合兩船位置與波長的關(guān)系（Δx=(10．如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌ab和cd固定在同一水平面內(nèi)，間距為L。導(dǎo)軌間有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，另有一直徑為d的金屬圓盤繞中心軸O以角速度ω順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，圓盤區(qū)域有垂直圓盤向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B。導(dǎo)軌b端通過電刷與圓盤邊緣e點(diǎn)連接，導(dǎo)軌d端與圓盤金屬轉(zhuǎn)軸連接?，F(xiàn)將質(zhì)量為m的金屬桿MN垂直于導(dǎo)軌由靜止釋放。下列結(jié)論正確的是（）A．金屬桿最終做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．剛釋放時(shí)金屬桿的加速度最大C．金屬桿運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為ωD．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程通過金屬桿的總電量為mω【答案】A,B,D【解析】【解答】ABC．金屬圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生恒定的電動(dòng)勢(shì)E則導(dǎo)體棒受安培力作用做加速運(yùn)動(dòng)，若某時(shí)刻的速度為v，則F則隨著導(dǎo)體棒的速度v逐漸變大，安培力逐漸減小，則加速度逐漸減小，則剛釋放時(shí)金屬桿的加速度最大，最終當(dāng)E1=BLvD．對(duì)導(dǎo)體棒由動(dòng)量定理B而q=IΔt故答案為：ABD。

【分析】分析圓盤產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合安培力公式、牛頓第二定律判斷金屬桿的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，再用動(dòng)量定理計(jì)算總電量。11．某同學(xué)利用雙線擺和光電計(jì)數(shù)器測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。?shí)驗(yàn)裝置如圖（甲）所示，測(cè)得每根懸線長為L，兩懸點(diǎn)間距為s，小球兩側(cè)為光電計(jì)數(shù)器。實(shí)驗(yàn)步驟如下，請(qǐng)回答下列問題：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑如圖（乙），則小球的直徑D是mm。（2）現(xiàn)將小球垂直于紙面向外拉動(dòng)，使懸線偏離豎直方向的角度5°（選填“大于”或“小于”）。（3）啟動(dòng)光電計(jì)數(shù)器，懸線偏離豎直方向后，由靜止釋放小球，當(dāng)小球經(jīng)過平衡位置O時(shí)，計(jì)時(shí)器開始計(jì)時(shí)，并計(jì)為第1次。當(dāng)光電計(jì)數(shù)器上顯示的計(jì)數(shù)次數(shù)剛好為n時(shí)，測(cè)得所用的時(shí)間為t，由此可知，單擺的振動(dòng)周期T為__________。A．tn B．tn?1 C．2tn（4）根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)方法測(cè)量得到的物理量，可得到當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=（用字母L、s、D、T表示）。【答案】（1）15.4（2）小于（3）D（4）4【解析】【解答】（1）小球的直徑為d=15mm+4×0.1mm=15.4mm。

故答案為：（2）現(xiàn)將小球垂直于紙面向外拉動(dòng)，小球做簡諧運(yùn)動(dòng)，則應(yīng)使懸線偏離豎直方向的角度小于5°。

（3）當(dāng)光電計(jì)數(shù)器顯示數(shù)為“1”時(shí)是0時(shí)刻，故計(jì)數(shù)次數(shù)剛好為n時(shí)，周期次數(shù)為N=故單擺的振動(dòng)周期T=故答案為：D。（4）擺長等于擺線的有效長度與小球的半徑之和，即等效擺長為L=根據(jù)單擺的周期公式T=2π可得g=代入數(shù)據(jù)得g=4π2T2（1）小球的直徑為d=（2）現(xiàn)將小球垂直于紙面向外拉動(dòng)，小球做簡諧運(yùn)動(dòng)，則應(yīng)使懸線偏離豎直方向的角度小于5°（3）當(dāng)光電計(jì)數(shù)器顯示數(shù)為“1”時(shí)是0時(shí)刻，故計(jì)數(shù)次數(shù)剛好為n時(shí)，周期次數(shù)為N=故單擺的振動(dòng)周期T=故選D。（4）擺長等于擺線的有效長度與小球的半徑之和，即等效擺長為L=根據(jù)單擺的周期公式T=2π可得g=代入數(shù)據(jù)得g=12．某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用如圖（a）所示的裝置探究等溫情況下一定質(zhì)量氣體壓強(qiáng)和體積的關(guān)系。（1）實(shí)驗(yàn)中，為了探究注射器內(nèi)氣體的體積與壓強(qiáng)的關(guān)系，（選填“需要”或“不需要”）測(cè)空氣柱的橫截面積。（2）實(shí)驗(yàn)過程中要求緩慢推動(dòng)活塞，其目的是。（3）為了探究注射器內(nèi)氣體在不同溫度時(shí)發(fā)生等溫變化是否遵循相同的規(guī)律，他們進(jìn)行了兩次實(shí)驗(yàn)，得到的p-V圖像如圖（b）所示，由圖可知，兩次實(shí)驗(yàn)氣體的溫度大小關(guān)系為T1T（4）為了更方便通過圖像觀察氣體做等溫變化的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制。如果隨著壓強(qiáng)增大，實(shí)驗(yàn)過程中注射器內(nèi)氣體出現(xiàn)漏氣的情況，則繪制的圖線可能是圖（c）中的哪條圖線：（選填“①”、“②”或“③”）?！敬鸢浮浚?）不需要（2）保持氣體的溫度不變（3）>（4）③【解析】【解答】（1）對(duì)兩個(gè)平衡狀態(tài)，由玻意耳定律，有p可消去橫截面積S，有p則實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)量空氣柱的橫截面積。

故答案為：不需要（2）若推動(dòng)活塞過快，則會(huì)使得氣體溫度快速變化，破壞了實(shí)驗(yàn)條件，要保持氣體的溫度不變，則在實(shí)驗(yàn)過程中要求緩慢推動(dòng)活塞。

故答案為：保持氣體的溫度不變（3）同一質(zhì)量的理想氣體，體積不變時(shí)，溫度越高，其壓強(qiáng)越大，則由圖（b）可知，T1>T（4）由題意得，p?1V圖像斜率即常量C與氣體溫度和氣體的物質(zhì)的量有關(guān)。當(dāng)實(shí)驗(yàn)過程中注射器內(nèi)氣體出現(xiàn)漏氣的情況，即氣體的物質(zhì)的量減少，則圖像斜率減小，繪制的圖線可能是圖（c）中的③。

故答案為：③

【分析】（1）利用玻意耳定律，結(jié)合體積與橫截面積、長度的關(guān)系，判斷是否需要測(cè)橫截面積。（2）從熱交換角度，說明緩慢推動(dòng)活塞對(duì)保持溫度不變的作用。（3）根據(jù)理想氣體狀態(tài)，在體積相同下，通過壓強(qiáng)比較溫度大小。（4）依據(jù)p與1V（1）對(duì)兩個(gè)平衡狀態(tài)，由玻意耳定律，有p可消去橫截面積S，有p則實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)量空氣柱的橫截面積。（2）若推動(dòng)活塞過快，則會(huì)使得氣體溫度快速變化，破壞了實(shí)驗(yàn)條件，要保持氣體的溫度不變，則在實(shí)驗(yàn)過程中要求緩慢推動(dòng)活塞。（3）同一質(zhì)量的理想氣體，體積不變時(shí)，溫度越高，其壓強(qiáng)越大，則由圖（b）可知，T1（4）由題意，p?1V圖像斜率即常量C與氣體溫度和氣體的物質(zhì)的量有關(guān)。當(dāng)實(shí)驗(yàn)過程中注射器內(nèi)氣體出現(xiàn)漏氣的情況，即氣體的物質(zhì)的量減少，則圖像斜率減小，繪制的圖線可能是圖（c）中的③。13．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體被不導(dǎo)熱的活塞封閉在內(nèi)壁光滑的絕熱氣缸內(nèi)，氣缸豎直放置，缸內(nèi)安裝一電熱絲，活塞質(zhì)量為m，橫截面積為S，外界大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度為g。開始時(shí)缸內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度為T1，活塞到缸底的距離為（1）此時(shí)缸內(nèi)氣體的溫度；（2）加熱過程中，氣體內(nèi)能的增量。（忽略電熱絲自身內(nèi)能的變化）【答案】（1）解：氣缸內(nèi)封閉氣體是等壓變化，由V1T解得T（2）解：氣體膨脹推動(dòng)活塞向上移動(dòng)，所以氣體對(duì)外做功為W=Fx=由熱力學(xué)第一定律可得，氣體內(nèi)能的增量Δ根據(jù)焦耳定律可得電熱絲產(chǎn)生的熱量為Q所以，氣體吸收的熱量為Q=故氣體的內(nèi)能的增量為Δ【解析】【分析】（1）判斷氣體做等壓變化，應(yīng)用蓋-呂薩克定律，結(jié)合體積與長度、橫截面積的關(guān)系，求出末態(tài)溫度。

（2）先分析氣體對(duì)外做功的力和位移，求出做功大??；再由焦耳定律得氣體吸收的熱量；最后根據(jù)熱力學(xué)第一定律，計(jì)算內(nèi)能的增量。（1）氣缸內(nèi)封閉氣體是等壓變化，由V1T解得T（2）氣體膨脹推動(dòng)活塞向上移動(dòng)，所以氣體對(duì)外做功為W=Fx=由熱力學(xué)第一定律可得，氣體內(nèi)能的增量Δ根據(jù)焦耳定律可得電熱絲產(chǎn)生的熱量為Q所以，氣體吸收的熱量為Q=故氣體的內(nèi)能的增量為Δ14．如圖所示，固定在地面上的足夠長的粗糙絕緣斜面與水平面所成夾角θ=30°，在斜面下方虛線aa'、bb'圍成的區(qū)域內(nèi)有垂直斜面向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，虛線aa'和bb'與斜面底邊平行。斜面上方平行放置n=25匝正方形金屬線框MNPQ，使其PQ邊與斜面底邊平行，從靜止釋放，線框向下運(yùn)動(dòng)x=5m進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，剛好能夠勻速穿過整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，已知線框的質(zhì)量為m=1（1）線框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度大?。唬?）有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。唬?）整個(gè)線框穿過磁場(chǎng)的過程中，線框上產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）解：對(duì)金屬線框從靜止釋放到剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，由動(dòng)能定理mgx解得線框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度大小v（2）解：線框勻速穿過整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，有mg感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=nBd感應(yīng)電流I=聯(lián)立解得，有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.2（3）解：因剛好能夠勻速穿過整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，則磁場(chǎng)寬度也為d，由功能關(guān)系，有Q=nBId?2d聯(lián)立解得，焦耳熱Q=0.5【解析】【分析】（1）利用動(dòng)能定理，結(jié)合重力、摩擦力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系，求解線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度。

（2）根據(jù)線框勻速運(yùn)動(dòng)的受力平衡條件，結(jié)合電磁感應(yīng)中的電動(dòng)勢(shì)、電流公式，聯(lián)立求解磁感應(yīng)強(qiáng)度。

（3）依據(jù)功能關(guān)系，安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，結(jié)合安培力、位移等，計(jì)算焦耳熱。（1）對(duì)金屬線框從靜止釋放到剛進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，由動(dòng)能定理mgx解得線框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度大小v（2）線框勻速穿過整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，有mg感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=nBd感應(yīng)電流I=聯(lián)立解得，有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.2（3）因剛好能夠勻速穿過整個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域，則磁場(chǎng)寬度也為d，由功能關(guān)系，有Q=nBId?2d聯(lián)立解得，焦耳熱Q=0.515．如圖（a），在兩塊水平金屬極板間加電壓U=100V，一個(gè)重力不計(jì)、比荷qm=1.0×106C/kg帶正電粒子，以水平初速度v（1）t=0時(shí)，粒子速度的大小v及其與水平方向的夾角θ；（2）若T0=4（3）若僅改變T0的大小，粒