北京曲一線圖書策劃有限公司5年高考3年模擬B版物理試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁2024屆山東省青島市高三下學期第三次適應性檢測(三模)物理試題答案1.【答案】C【解析】衰變方程為93由質(zhì)量數(shù)守恒，核電荷數(shù)可得X為電子在核反應方程92由質(zhì)量數(shù)守恒可得238+2=238+k，解得k=2，A錯誤；核反應方程92238衰變方程為93238Np→94238Pu衰變方程為93238Np→94238Pu2.【答案】C【解析】車體會突然下沉擠壓氣囊，外界對氣體做的功等于氣體內(nèi)能的增加，故A錯誤；氣體溫度升高，氣體的平均動能增大，但是不一定每一個氣體分子的動能都增大，故B錯誤；由于溫度升高，分子平均速率增大，體積減小，分子密度增大，氣體分子對氣囊單位面積的平均撞擊力增大，故C正確；氣體壓強產(chǎn)生的原因是大量氣體分子對容器壁的持續(xù)的、無規(guī)則撞擊產(chǎn)生的，氣體壓強由氣體分子的數(shù)密度和平均動能決定，故D錯誤。故選C。3.【答案】A【解析】因沿著Ox方向場強先增加后減小，可知小球受電場力先增加后減小，加速度先增加后減小，v-t圖像的斜率先增加后減小，則圖像A正確，B錯誤；沿Ox正向電勢逐漸降低，因小球向右移動相同距離時電場力做功越來越小，可知相同距離的電勢差不相等，則φ?x圖像不是按線性減小，選項CD錯誤。故選A。4.【答案】B【解析】空間站和月球不是同一物體，運行軌道不同，則空間站與地心連線和月球與地心連線在相等時間內(nèi)掃過的面積不相等，故A錯誤；根據(jù)開普勒第二定律，空間站距離地球越近，速度越大，所以空間站從M點運行到N點的時間小于半個周期，即小于45分鐘，故B正確；根據(jù)r月3T月7.9km/s是第一宇宙速度，是貼著地球表面做勻速圓周運動的速度，根據(jù)GMmr軌道半徑越大，線速度越小，空間站在遠心點的速度一定小于7.9km/s，故D錯誤。故選B。5.【答案】D【解析】對A、B受力分析如圖門閂剛好啟動時，對A在水平方向上有F=N對B在豎直方向上有N解得F=1376.【答案】D【解析】當?shù)谝惠v車向前行駛4m時，第二輛車開始啟動，根據(jù)位移時間關系可得x代入數(shù)據(jù)解得t1=2第六輛車前端距離停止線25m，根據(jù)速度位移關系可得v解得v=10m/s，前面一輛車開始啟動2s后，后面一輛車開始啟動，所以從綠燈剛亮起到第六輛車剛開動所需時間至少為t′=5×2由于第六輛車前端距離停止線25m，根據(jù)位移時間關系可得x解得t從綠燈剛亮起到第六輛車前端與停止線相齊所需最短時間為t′+7.【答案】C【解析】根據(jù)法拉第電磁感應定律可得e=則當t=π根據(jù)電阻決定式得R=ρl感應電流的有效值為I有=發(fā)熱功率為P=I28.【答案】B【解析】將水噴到窗口時的過程的逆過程看做是平拋運動，則水噴到窗口時的速度v=每秒噴出水的質(zhì)量m水泵對水做功的功率約為P=WΔ水噴射到窗戶上由動量定理?F解得F=mΔ9.【答案】BCD【解析】若屏的正中央是亮紋，如果容器A、B中氣體相同，則折射率相同，到屏的中央光程相同，所以中央為亮紋，若B中含有瓦斯，但是到屏的中央光程恰好相差波長的整數(shù)倍，中央也為亮紋，故B中可能含瓦斯，也可能不含，故A錯誤；如果屏的正中央是暗紋，必有光程差，說明B中的氣體與A中的氣體成分不相同，一定含有瓦斯，故B正確；同種頻率的光在含有瓦斯的空氣中的折射率大于在干凈空氣中的折射率，根據(jù)v=c根據(jù)Δx=L10.【答案】AC【解析】由圖丙可知，S點的振動周期T為4s，振幅A為10cm，t=6s內(nèi)質(zhì)點P故質(zhì)點P只振動了一個周期，波從S點傳到質(zhì)點P的時間Δ故2m=v?T2=t=6s時，波剛傳到x=6m處質(zhì)點，再過1s即1該波波速v=λT=4m4s=1Δt1=5m1波傳到x=3m處所需時間Δt2=3m1m/s=3s，因t=6s時停止，故11.【答案】BD【解析】根據(jù)安倍定則可知，導線MN在M1所產(chǎn)生的磁感應強度方向為在M1處沿著Q1M1方向，在N1所產(chǎn)生的磁感應強度方向為在N1處沿著P1N1方向；同理導線PP1在M1設正方體的邊長為l，則在N1處兩導線產(chǎn)生的合磁場大小在M1處兩導線產(chǎn)生的合磁場大小為所以BM1B線框從右側(cè)面向左平移到左側(cè)面過程中，穿過線圈的磁通量為向左增加，所以根據(jù)楞次定律可知，其中感應電流方向adcb，故C錯誤，D正確。故選BD。12.【答案】BC【解析】根據(jù)題意，微粒射入磁場時向上偏轉(zhuǎn)，采用配速法，將初速度分解為兩個向右的分速度v1、v2，一個分速度v即v1=mgqB，做勻速運動，另一個分速度提供勻速圓周運動的向心力F向聯(lián)立①②得R=由于微粒運動過程中重力勢能最大的位置與直線MN距離?=即?=2R，得v所以微粒射入磁場的初速度大小為v0=微粒重力勢能最大時分速度v2對應的洛倫茲力方向向下，v1對應的洛倫茲力方向向上，則微粒受到的磁場力大小為f微粒第一次回到水平線MN時需要的時間為以速度v2做圓周運動的一個周期距離M點s=v1由于t=5πmqB=513.【答案】(1)4L1(2)甲乙同學方案中“恰好只有一個光斑”的狀態(tài)確定不夠準確(3)若刻度尺逆時針偏離垂直x軸位置，測量結(jié)果偏大；若刻度尺順時針偏離垂直x軸位置，測量結(jié)果偏小【解析】(1)按照步驟③畫出光路圖，如圖由幾何關系sini=R故折射率為n=按照步驟④畫出光路圖，如圖此時恰好發(fā)生全反射n=1sinC，sin(2)比較甲、乙兩同學測量折射率的方案，甲同學誤差較小，因為乙同學方案中“恰好只有一個光斑”的狀態(tài)確定不夠準確。(3)若刻度尺逆時針偏離垂直x軸位置，則L1偏大，L2偏小，測量結(jié)果偏大；若刻度尺順時針偏離垂直x軸位置，則L1偏小，L2偏大，測量結(jié)果偏小。14.【答案】(1)a7.657.50(2)B1k(3)3πk(d1【解析】(1)測量內(nèi)徑應使用內(nèi)測量爪，故選a；游標卡尺的讀數(shù)為主尺刻度與游標尺刻度之和，所以游標卡尺的示數(shù)為7修正后內(nèi)徑為d(2)由于電壓表V1與電阻R0串聯(lián)，所以電壓表V1的內(nèi)阻已知，故選B；由于電源電動勢為4.5V，而電壓表V1的量程為3V，所以串聯(lián)的電阻R0的阻值為R(3)根據(jù)歐姆定律可得R整理可得U根據(jù)電阻定律可得Rx=ρ聯(lián)立可得ρ=(4)考慮電壓表V2的分流影響，即流過金屬工件的電流偏小，測得的電阻率偏大。15.【答案】(1)η=0.173；(2)T【解析】(1)對吸管內(nèi)氣體，升溫過程，由理想氣體狀態(tài)方程得p其中p溢出氣體與初始氣體質(zhì)量的比值η=(2)杯蓋拿出過程，對吸管內(nèi)剩余氣體，有p解得T16.【答案】(1)40J；(2)I=18120N；tanθ=【解析】(1)設網(wǎng)球第一次落地前運動時間為t1，根據(jù)運動的合成和分解L1解得W=(2)網(wǎng)球第一次落地時根據(jù)動量定理得Ix=m解得I=地面對網(wǎng)球的沖量I與水平方向的夾角tan(3)設網(wǎng)球第一次彈起后經(jīng)時間t2再次落地，根據(jù)運動學公式解得L17.【答案】(1)P0=B2L4ω28R；(2)a=【解析】(1)導體棒Q處于鎖定狀態(tài)時，設導體棒Q勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的電動勢為E，有E1=解得P(2)解除鎖定后，設回路總電動勢為E2，回路中的電流為I2，有E對Q棒，有B解得a=當Q棒加速度a=0，速度最大，即a=解得v(3)設Q棒速度為v時，經(jīng)過一小段時間Δt，速度變化量為Δv，流經(jīng)Q棒的電量為Δq，前進的距離為Δx從解除鎖定到導體棒Q的速度達到最大速度的12過程，有BLq=1另有BL即B從解除鎖定到導體棒Q的速度達到最大速度12的過程，有解得x=18.【答案】(1)x1=0．05m；(2)Fm=107N；【解析】(1)AB物塊下滑速度最大時2mg整理得x(2)AB物塊一起下滑到最低點，即將要向上運動時，A對B的作用力最大，此時速度為零，設離開O點的距離x2。根據(jù)動能定理得整理得x根據(jù)牛頓第二定律，對AB整體k對物塊B，x軸方向有Fx?mgsinθ=mFm2=(3)①AB物塊一起下滑的速度最大時，根據(jù)動能定理得2mg整理得v對物塊B與木板的相互作用過程，對物塊B由牛頓第二定律得μ解得a對木板C由牛頓第二定律得μ解得a設經(jīng)時間t，B與C共速v解得t=該過程