北京曲一線圖書(shū)策劃有限公司5年高考3年模擬B版物理屆遼寧省大連市高三下學(xué)期適應(yīng)性測(cè)試（二模）物理試題1．下列哪種現(xiàn)象或者應(yīng)用實(shí)例屬于光的衍射（）A．觀看立體電影的眼鏡B．圓盤影子中心的亮斑C．水中“折斷”的鉛筆D．自行車的尾燈1.【答案】B【解析】觀看立體電影的眼鏡利用了光的偏振現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；圓盤影子中心的亮斑屬于光的衍射現(xiàn)象，故B正確；水中“折斷”的鉛筆屬于光的折射現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；自行車尾燈利用了光的全反射，故D錯(cuò)誤。2．2024年3月20日“鵲橋二號(hào)”衛(wèi)星順利發(fā)射成功，它主要是為探月工程提供中繼通信平臺(tái)?！谤o橋二號(hào)”在靠近月球過(guò)程中需要進(jìn)行變軌，如圖所示，軌道I、II相切于M點(diǎn)，“鵲橋二號(hào)”在軌道I的運(yùn)行周期為T1、軌道II的運(yùn)行周期為T2，“鵲橋二號(hào)”經(jīng)過(guò)軌道I上M點(diǎn)的速度為v1，經(jīng)過(guò)軌道II上MA．T1<T2，v1>v2B．T1>T22.【答案】B【解析】根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，可得a13T12=a23．在光的照射下物體表面能發(fā)射出電子的現(xiàn)象，叫做光電效應(yīng)。實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，用紫外線照射金屬鋅能產(chǎn)生光電效應(yīng)，而可見(jiàn)光照射不能使鋅發(fā)生光電效應(yīng)，這是因?yàn)椋ǎ〢．可見(jiàn)光的頻率小于金屬鋅的截止頻率B．可見(jiàn)光的波長(zhǎng)小于金屬鋅的極限波長(zhǎng)C．可見(jiàn)光的波長(zhǎng)小于紫外線的波長(zhǎng)D．可見(jiàn)光的強(qiáng)度小于紫外線的強(qiáng)度3.【答案】A【解析】根據(jù)光電效應(yīng)方程，有Ekm=?ν?W0，可見(jiàn)光的頻率小于金屬鋅的截止頻率，所以可見(jiàn)光照射不能使鋅發(fā)生光電效應(yīng)。又ν=c4．2028年奧運(yùn)會(huì)新增壁球運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目。如圖所示，運(yùn)動(dòng)員從A點(diǎn)將球斜向上擊出，水平擊中墻上B點(diǎn)反彈后又水平飛出，落到C點(diǎn)，BB′豎直，AB′C三點(diǎn)在同一水平面上，B′C垂直于AC。不計(jì)空氣阻力，球碰撞B點(diǎn)前后的速度大小分別為v1、v2，球在AB、BC兩段運(yùn)動(dòng)時(shí)間分別為t1A．v1=v2B．v1<4.【答案】D【解析】依題意，球在AB段做斜拋運(yùn)動(dòng)，看成反方向的平拋運(yùn)動(dòng)，則有?BB'=12gt12，球在BC段做平拋運(yùn)動(dòng)，有?BB'=12gt22，聯(lián)立解得t1=t25．如圖，在水平光滑桌面上，固定兩條平行絕緣直導(dǎo)線，通以相同電流，導(dǎo)線之間放置兩個(gè)相同的圓形小線圈。當(dāng)兩側(cè)導(dǎo)線中電流同樣增大時(shí)，忽略不計(jì)兩小線圈之間作用力，則（）A．兩小線圈中感應(yīng)電流都沿順時(shí)針?lè)较駼．兩小線圈中感應(yīng)電流都沿逆時(shí)針?lè)较駽．兩小線圈會(huì)相互靠近D．兩小線圈會(huì)相互遠(yuǎn)離5.【答案】C【解析】根據(jù)安培定則可知，左側(cè)圓形小線圈向下的磁通量變大，右側(cè)圓形小線圈向上的磁通量變大，根據(jù)楞次定律，左側(cè)圓形小線圈感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，右?cè)圓形小線圈感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，故A、B錯(cuò)誤；根據(jù)左手定則可知，左側(cè)圓形小線圈受到向右的安培力，右側(cè)圓形小線圈受到向左的安培力，所以兩小線圈會(huì)相互靠近，故C正確，D錯(cuò)誤。6．兩個(gè)振動(dòng)情況完全相同的波源，在同一介質(zhì)中形成的兩列波相遇后，某一時(shí)刻在它們的重疊區(qū)域形成如圖所示的干涉圖樣，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，圖中P點(diǎn)恰好處于兩條實(shí)線的交點(diǎn)上，Q點(diǎn)恰好處于實(shí)線和虛線的交點(diǎn)上，M是P、Q之間連線上的一點(diǎn)（圖中未畫(huà)出），下列說(shuō)法正確的是（）A．P點(diǎn)總是在最大位移處B．M點(diǎn)可能是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)C．P、Q之間的距離一定等于半個(gè)波長(zhǎng)D．若將波源S1向S2稍微靠近，P點(diǎn)的振幅一定不變6.【答案】B【解析】P點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，即振幅最大，但并不是總在最大位移處，故A錯(cuò)誤；若M到兩波源的距離差值等于半波長(zhǎng)的偶數(shù)倍，則M點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，所以M點(diǎn)可能是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故B正確；P點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，Q點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，當(dāng)兩質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置時(shí)，兩點(diǎn)間的距離等于半個(gè)波長(zhǎng)，處于其它位置時(shí)均不等于半個(gè)波長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；若將波源S1向S2稍微靠近，P點(diǎn)可能不是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，其振幅可能發(fā)生變化，故D錯(cuò)誤。7．t=0時(shí)刻以10m/s的初速度豎直向上拋出一個(gè)小球，t=0.4s時(shí)從同一地點(diǎn)又以A．1.1sB．1.2sC．1.3sD．1.4s7.【答案】B【解析】設(shè)拋出第二個(gè)小球經(jīng)t′時(shí)間與第一個(gè)小球相遇，由豎直上拋運(yùn)動(dòng)公式，則有v0t′+0.4?128．（多選）體育課上，某同學(xué)做俯臥撐訓(xùn)練，在向上撐起過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．地面對(duì)手的支持力做了正功 B．地面對(duì)手的支持力沖量為零C．他克服重力做了功 D．他的機(jī)械能增加了8.【答案】CD【解析】由于地面對(duì)手的支持力作用點(diǎn)沒(méi)有發(fā)生位移，則地面對(duì)手的支持力不做功，故A錯(cuò)誤；根據(jù)IN=Nt可知地面對(duì)手的支持力沖量不為零，故B錯(cuò)誤；由于人的重心升高，則重力做負(fù)功，即該同學(xué)克服重力做了功，在向上撐起過(guò)程中，同學(xué)的機(jī)械能增加了，故C9．（多選）U型池滑板是青少年喜歡的極限運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目之一。如圖所示，U型池滑道的一側(cè)可近似看成四分之一圓弧軌道，運(yùn)動(dòng)員沿圓弧軌道由靜止開(kāi)始從上端滑到下端過(guò)程中，不計(jì)阻力大小，則運(yùn)動(dòng)員（）A．所受支持力一直增大B．加速度先增大后減小C．沿豎直方向的合外力先減小后增大D．沿圓弧切線方向的加速度一直增大9.【答案】AC【解析】對(duì)運(yùn)動(dòng)員受力分析，如圖把重力分解成沿半徑方向和沿切線方向，可得FN?mgsinθ=mv2可知隨著運(yùn)動(dòng)員的下滑，其合外力先減小后增大，即加速度先減小后增大，故B錯(cuò)誤；剛下滑時(shí)豎直方向加速度向下，最后加速度向上，把支持力分解為豎直方向和水平方向，如圖豎直方向由牛頓第二定律，可知mg?FN10．（多選）均勻帶正電圓環(huán)垂直紙面放置，圓心為O，x軸是過(guò)O點(diǎn)的中軸線，如圖所示，x軸上的場(chǎng)強(qiáng)最大位置在P點(diǎn)。將一帶負(fù)電的粒子從x軸上的A點(diǎn)由靜止釋放，不計(jì)粒子的重力。則（）A．粒子從A到O過(guò)程中加速度先增大后減小B．粒子從A到O過(guò)程中電勢(shì)能先增大后減小C．如果僅減小圓環(huán)的電量，那么x軸上場(chǎng)強(qiáng)最大的位置將靠近O點(diǎn)D．如果僅減小圓環(huán)的半徑，那么x軸上場(chǎng)強(qiáng)最大的位置將靠近O點(diǎn)10.【答案】AD【解析】可以將圓環(huán)看成無(wú)數(shù)組等量同種電荷，根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度分布可知從A到O過(guò)程中電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律a=qEm可知粒子從A到O過(guò)程中的加速度先增大后減小，故A正確；由于圓環(huán)帶正電，可知直線OA上電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平向右，粒子帶負(fù)電，則粒子所受電場(chǎng)力水平向左，故粒子從A到O過(guò)程中電場(chǎng)力一直做正功，電勢(shì)能一直減小，故B錯(cuò)誤；設(shè)圓環(huán)單位長(zhǎng)度的電荷量為q，圓環(huán)半徑為r，離圓環(huán)圓心處距離為L(zhǎng)處水平方向的電場(chǎng)強(qiáng)度為E，可得E=kqr2+L2?L11．用圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)某兩種新型材料表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。把兩種材料分別安裝在水平放置木板的上表面和物塊的下表面，安裝后測(cè)出物塊的總質(zhì)量為M。重力加速度為g。(1)利用傳感器測(cè)量物塊所受細(xì)繩拉力的大小，本實(shí)驗(yàn)（選填“需要”或“不需要”）測(cè)量力傳感器的質(zhì)量m。(2)某次實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖乙所示，0、1、2、3、4、5、6是選取的計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），已知交流電源的頻率為50Hz，根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算出滑塊加速度a=ms(3)改變所加砝碼的質(zhì)量，多次進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)出多組拉力F和對(duì)應(yīng)加速度a，作a?F圖像如圖丙所示，圖線與縱軸的截距大小為b，可得μ=。11.【答案】(1)不需要(2)0.40(3)b【解析】（1）由于力傳感器是連接在繩子下端，研究對(duì)象是滑塊，利用傳感器測(cè)量物塊所受細(xì)繩拉力的大小，本實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)量力傳感器的質(zhì)量m。（2）每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=5×0.02s=0.1s，（3）以滑塊為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得F?μMg=Ma，可得a=1MF?μg，可知a?F圖像的縱軸截距為?b=?μg，12．如圖甲所示為利用傳感器研究電容器的實(shí)驗(yàn)電路。（1）要求電壓表示數(shù)能從零開(kāi)始逐漸增大，請(qǐng)將圖甲中的電路連接完整；（2）閉合開(kāi)關(guān)S和S′，對(duì)電容器C充電，當(dāng)充電完畢時(shí)電壓表的示數(shù)U=8.00（3）然后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S′，電容器通過(guò)電阻R放電，利用電流傳感器得到放電電流I隨時(shí)間t變化圖像如圖乙所示，可估算電容器充電完畢時(shí)所帶電荷量Q=C，則該電容C=（4）保持滑動(dòng)變阻器的滑片位置不變，如果將電阻R更換為阻值更大的電阻，重做實(shí)驗(yàn)，電容器放電時(shí)的I?t圖像用虛線表示，與原來(lái)放電圖像進(jìn)行比較，可能正確的是。ABCD12.【答案】（1）見(jiàn)解析圖（3）2.4×10?33.0×10?4【解析】（1）要求電壓表示數(shù)能從零開(kāi)始逐漸增大，可知滑動(dòng)變阻器需要分壓式接法，則有電路連接圖如圖所示。（3）由電流的計(jì)算公式I=Qt可知，I?t圖像與坐標(biāo)軸所圍面積表示電容器所帶電荷量，由圖乙可知，每個(gè)小方格的面積表示8.0×10?5C，可得（4）將電阻R更換為阻值更大的電阻，電容器放電時(shí)的I?t圖像用虛線表示，電容器所放電荷量不變，由于電阻值更大，因此最大放電電流比原來(lái)減小，放電時(shí)間增長(zhǎng)。故選C。13．兩玻璃管粗細(xì)均勻，橫截面積相同，兩管下端由軟橡皮管相連，管中裝有密度為ρ的液體。左側(cè)玻璃管固定不動(dòng)，左管上端封閉了一定質(zhì)量的空氣，右管上端與大氣相通。初始時(shí)刻兩管內(nèi)液面相平，溫度為T0，左側(cè)氣柱長(zhǎng)度為L(zhǎng)0，如圖甲所示?，F(xiàn)緩慢向下移動(dòng)右管，兩管內(nèi)液面高度差變?yōu)閔時(shí)，空氣柱長(zhǎng)度變?yōu)長(zhǎng)，如圖乙所示。重力加速度為（1）求大氣壓強(qiáng)p0（2）在前問(wèn)基礎(chǔ)上保持右管不動(dòng)，緩慢加熱左管，使兩管中液面再次相平，如圖丙所示，求此時(shí)左管內(nèi)氣體的溫度T。13.【答案】（1）ρg?LL?L0【解析】（1）設(shè)玻璃管橫截面積為S，兩管內(nèi)液面高度差變?yōu)閔時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)為p1，由平衡條件可知兩管內(nèi)液面高度差變?yōu)閔的過(guò)程中，封閉氣體做等溫變化，由玻意耳定律可得p解得p（2）兩管中液面再次相平時(shí)，封閉氣體做等壓變化，則有L又有L解得T=2L+?14．如圖所示為一質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，其中速度選擇器內(nèi)的磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1、方向垂直紙面向里，兩豎直放置極板之間存在一定的電勢(shì)差，板間距離為d。O處為一粒子源，發(fā)射一帶正電粒子以速度v恰能沿直線通過(guò)速度選擇器，并從A孔垂直于磁場(chǎng)方向射入磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，運(yùn)動(dòng)半周后打在照相底片上的C點(diǎn)，測(cè)得AC長(zhǎng)度為（1）速度選擇器兩極板間的電勢(shì)差U；（2）粒子的比荷及其在B2（3）該粒子有一種同位素，質(zhì)量是該粒子的76倍，兩種粒子帶電量相同。從O處連續(xù)射出多個(gè)這兩種粒子，速度范圍均為0.9v~1.2v14.【答案】（1）dvB1（2）πL2v【解析】（1）根據(jù)平衡可知qv且有E=解得U=dvB（2）由圖可知L=2R根據(jù)洛倫茲力提供向心力qv解得q根據(jù)l=πR，t=解得t=πL（3）撤去速度選擇器，對(duì)該粒子qv1解得L由v1的速度范圍為0.9v~1.2v，解得L1范圍為0.9L~1.2L，對(duì)同位素粒子qv2解得L由v2的速度范圍也為0.9v~1.2v，解得L2范圍為1.05L~1.4L可得ΔL=1.2L?1.05L=0.15L15．物流公司傳送小件貨物，簡(jiǎn)化的傳輸系統(tǒng)如圖所示。曲面AB末端與水平面BC平滑連接于B點(diǎn)，水平面BC與傳送帶等高。工人將小件甲從A點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)以速度v0=4m/s與遺留在平面末端C點(diǎn)的小件乙發(fā)生碰撞（碰撞時(shí)間極短，碰撞前后甲、乙在同一條直線上運(yùn)動(dòng)），碰后甲、乙分別以速度v1=1.5m/s和v2（1）小件甲從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過(guò)程中克服摩擦阻力所做的功；（2）小件乙的質(zhì)量m2（3）小件甲和乙沖上傳送帶到都