高級中學名校試卷PAGEPAGE1問津教育聯(lián)合體2027屆高二10月聯(lián)考物理試卷一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項符合題目要求，第8-10題有多個選項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.下列對象是客觀存在的是（）A.質(zhì)點 B.電場 C.電場線 D.點電荷【答案】B【解析】A．質(zhì)點是理想化模型，忽略物體形狀和大小，并非客觀存在，故A錯誤；B．電場是電荷周圍存在的物質(zhì)，能對電荷施加力，具有能量，客觀存在，故B正確；C．電場線是人為假想曲線，用于描述電場分布，非客觀存在，故C錯誤；D．點電荷是理想化模型，忽略帶電體形狀和大小，并非客觀存在，故D錯誤。故選B。2.如圖所示，四個電場線圖，一負電荷在電場中由到做減速運動且加速度越來越大，那么它是在哪個圖示電場中運動（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．電場線的疏密程度表示電場強度的大小。該選項題圖可知從P到Q電場線疏密程度相同，故該電場為勻強電場，電場強度處處相等，負電荷所受向左的電場力不變（負電荷受電場力方向與場強方向相反），根據(jù)可知加速度不變，且電荷運動方向與電場力方向相反，則負電荷在電場中由到做勻減速運動，故A錯誤；B．該選項題圖可知從P到Q電場線越來越疏，電場強度越來越小，負電荷所受向左的電場力越來越小，加速度越來越小，則負電荷在電場中由到做加速度減小的減速運動，故B錯誤；C．該選項題圖可知從P到Q電場線越來越密，電場強度越來越大，負電荷所受向左的電場力越來越大，加速度增大，則負電荷在電場中由到做加速度增大的減速運動，故C正確；D．該選項題圖可知從P到Q電場線越來越疏，電場強度越來越小，負電荷所受向左的電場力越來越小，加速度越來越小，則負電荷在電場中由到做加速度減小的減速運動，故D錯誤。故選C。3.如圖所示，在絕緣光滑水平面上，相隔一定距離有兩個帶異種電荷質(zhì)量相等的小球A和B。它們同時以相同初速度向右運動，則在之后的一小段時間內(nèi)（兩球沒有相撞），A球的速度大小和加速度大小隨時間變化的情況是（）A.速度變小，加速度變大 B.速度變小，加速度變小C.速度變大，加速度變小 D.速度變大，加速度變大【答案】D【解析】由于異種電荷間存在相互作用的吸引力，所以電場力對小球A正功，小球A速度變大，對小球B做負功，小球B速度變小，兩球?qū)⑾嗷タ拷?，距離減小，根據(jù)庫侖定律可知，相互作用力增大，由牛頓第二定律可知它們的加速度變大。故選D。4.如圖為真空中兩點電荷M、N形成的電場中的一簇電場線，已知該電場線關于虛線M、N的連線及其中垂線對稱，虛線上的a、b、c、d四點到MN中點的距離相等，對于上述信息，下列說法正確的是（）A.、兩點處電場強度不同B.M、N所帶電荷量與元電荷的比值可以是不相同的整數(shù)C.將電子在點釋放，電子將在c、d之間做簡諧運動（不計電子重力）D.將一質(zhì)子沿直線從點移到點，再從點移到點，質(zhì)子的電勢能一直增加【答案】A【解析】A．根據(jù)對稱性可知，、兩點處電場強度大小相等，方向相反，故A正確；B．根據(jù)電場線分布的情況和對稱性可知，M、N是兩個等量同種正點電荷，所以M、N所帶電荷量與元電荷的比值是相同的整數(shù)，故B錯誤；C．沿中垂線從c點到d點電場強度可能先減小后增大，也可能先增大后減小，再增大最后減小，則電子沿中垂線從c點到d點所受電場力可能先減小后增大，也可能先增大后減小，再增大最后減小，即電子所受電場力大小與相對平衡位置的位移大小不成正比關系，即將電子在c點釋放，電子在c、d之間的運動不是簡諧運動，故C錯誤；D．沿電場線電勢降低，根據(jù)等量同種正點電荷的電場分布規(guī)律可知，從a點移到O點，再從O點移到c點，電勢一直降低，質(zhì)子帶正電，根據(jù)可知，將一質(zhì)子沿直線從點移到點，再從點移到點，質(zhì)子的電勢能一直減小，故D錯誤。故選A。5.如圖所示，虛線、、是一靜電場中的三個等差等勢面，實線為一帶正電的質(zhì)點僅在靜電力的作用下運動的軌跡，P、Q為軌跡上的兩點，下列說法正確的是（）A.點的電勢大于點的電勢B.該質(zhì)點通過點的速度小于點的速度C.該質(zhì)點通過點的電勢能小于點的電勢能D.該質(zhì)點通過點的加速度大于點的加速度【答案】C【解析】A．帶電質(zhì)點所受的電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，且與等勢面垂直，由于質(zhì)點帶正電，因此電場線指向右下方，而沿電場線電勢降低，所以Q點的電勢小于P點的電勢，故A錯誤；BC．根據(jù)質(zhì)點受力情況可知，從P到Q過程中電場力對質(zhì)點做正功，電勢能減小，動能增加，所以P點的電勢能大于Q點的電勢能，P點的速度小于Q點的速度，故B錯誤，C正確；D．等差等勢面密的地方電場線密，電場強度大，故P點的電場強度比Q點的大，質(zhì)點所受的電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，該質(zhì)點通過Q點的加速度小于P點的加速度，故D錯誤。故選C。6.一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、17V、26V。則下列說法正確的是（）A.電場強度的大小為B.坐標原點處的電勢為C.電子在點的電勢能比在點小D.電子從點運動到點，電場力做功為【答案】D【解析】AB．根據(jù)在勻強電場中平行等間距的線段上兩端點間的電勢差相等有解得沿和兩方向場強分量大小分別為，根據(jù)矢量合成可得，合場強大小為，故AB錯誤；C．根據(jù)題意，由公式可知，電子在點的電勢能比在點大，故C錯誤；D．根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關系可得，電子從a點運動到b點，電場力做功為，故D正確。故選D。7.現(xiàn)有一位質(zhì)量為運動員，從離水平網(wǎng)面的高處自由落下，著網(wǎng)后沿豎直方向蹦回到離水平網(wǎng)面的高處。若這位運動員與網(wǎng)接觸的時間為，求網(wǎng)對運動員的平均作用力的大?。╣取）。（）A. B. C. D.【答案】D【解析】根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可知，運動員著網(wǎng)時的速度代入數(shù)據(jù)解得方向豎直向下，由于運動員反彈的高度根據(jù)運動學規(guī)律可知，運動員反彈的速度方向豎直向上，選取豎直向上的方向為正方向，根據(jù)動量定理可得解得故選D。8.關于靜電場，以下說法中正確的是（）A.電場線一定與等勢面垂直B.場強為0的位置，電勢不一定為0C.電勢降低的方向，一定是電場線的方向D.沿同一等勢面移動某電荷電場力可能做功【答案】AB【解析】A．假設電場線與等勢面不垂直，則電場強度在等勢面方向上有分量。沿等勢面移動電荷時，電場力會做功，與等勢面的定義矛盾，故電場線一定與等勢面垂直，故A正確；B．場強為0的位置，電勢不一定為零，例如等量同種電荷在連線的中點產(chǎn)生的合場強為零，但是該點的電勢不為零，故B正確；C．電勢降低最快的方向是電場線的方向，而非任意電勢降低的方向一定就是電場線的方向，故C錯誤；D．沿同一等勢面移動試探電荷時電勢不變，電勢能不變，可得電場力不做功，故D錯誤。故選AB。9.M、N為正點電荷的電場中某直線上的兩點，距的距離如圖所示，一試驗電荷在的作用下沿該直線由M向Q做加速運動。下列相關說法中正確的是（）A.試驗電荷q帶正電B.試驗電荷q在點的加速度是在點加速度的2倍C.點電場強度是點電場強度的4倍D.試驗電荷q在點的電勢能比在點的電勢能大【答案】CD【解析】A．因點電荷Q帶正電，可知試驗電荷q帶負電，A錯誤；B．根據(jù)庫侖定律可知試驗電荷q在點的庫侖力是在點的4倍，根據(jù)牛頓第二定律可知，試驗電荷q在N點的加速度是在M點加速度的4倍，B錯誤；C．根據(jù)可知，N點電場強度是M點電場強度的4倍，C正確；D．因M點的電勢低于N點電勢，負電荷在高電勢點的電勢能較小，可知試驗電荷q在點的電勢能比在點的電勢能大，D正確。故選CD。10.一機械橫波沿x軸傳播，某時刻的波形圖如圖1所示，已知P點是平衡位置在處的質(zhì)點，Q點平衡位置坐標為。以此時刻為計時起點，P點位移為，質(zhì)點Q振動圖像如圖2所示，下列說法正確的是（）A.該波沿x軸正方向傳播B.該波的波長為36mC.該波的傳播速度為10m/sD.P在時的位移為5cm【答案】BD【解析】A．由圖2可知，波的周期為，此時質(zhì)點Q振動方向向上，根據(jù)“上下坡法”，可知該波沿x軸負方向傳播，故A錯誤；BC．此時質(zhì)點P振動向下，且過到達位移最大值，再過回到平衡位置，即解得該波的傳播速度為9m/s，根據(jù)解得該波的波長為36m，故B正確，C錯誤；D．質(zhì)點P經(jīng)回到平衡位置，再經(jīng)時即時位移為5cm即P在時的位移為5cm，故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某研究性學習小組設計了如圖甲所示的實驗裝置，利用單擺測量當?shù)氐闹亓铀俣?。?）以下是實驗過程中的一些做法，其中正確的有_____（填字母）。A.為了使擺的周期大一些，以方便測量，開始時拉開擺球，使擺線相對平衡位置時有較大的偏角B.擺球盡量選擇質(zhì)量較大、體積較小的C.擺線要選擇較輕、無伸縮性，并且擺線越長越準確（2）測量單擺周期時，在擺球某次通過最低點時，按下秒表開始計時，同時數(shù)“0”，當擺球再次通過最低點時數(shù)“1”，依此類推，當他數(shù)到“50”時，秒表停止計時，讀出這段時間，則該單擺的周期為_____。（3）改變擺線長度，測量出多組周期、懸點與小球下端距離的數(shù)值后，畫出圖像如圖乙所示，測得此圖像斜率為，則當?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式為_____。（4）圖像不過坐標原點的原因是_____?！敬鸢浮浚?）B（2）（3）（4）見解析【解析】（1）A．單擺做簡諧運動的條件是擺角較?。ㄒ话悴怀^5°），較大偏角會使周期公式不成立，A錯誤；B．擺球質(zhì)量較大、體積較小可減小空氣阻力影響，B正確；C．擺線需輕且無伸縮性，但并非越長越準確，過長會導致擺動不穩(wěn)定，C錯誤；故選B。（2）擺球從最低點開始計時，每次通過最低點計數(shù)一次，數(shù)到“50”時共經(jīng)歷50次通過最低點。單擺周期是完成一次全振動的時間，而相鄰兩次通過最低點的時間間隔為半個周期，故總時間解得（3）單擺周期公式為其中擺長為懸點到小球重心的距離。設小球半徑為，則懸點到小球下端距離聯(lián)立得圖像斜率故（4）為懸點到小球下端的距離，有效擺長應為懸點到球心的距離，二者相差小球半徑，故圖像在縱軸有截距，不過原點。12.用圖甲的“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系。是小球拋出時球心在地面上的垂直投影點，實驗時，先讓入射小球多次從斜軌上位置由靜止釋放，找到其落地點的平均位置，測量平拋水平射程。然后把被碰小球靜置于水平軌道的末端，再將入射小球從斜軌上位置由靜止釋放，與小球相撞，多次重復實驗，找到兩個小球落地的平均位置、。（1）下列器材選取或?qū)嶒灢僮鞣蠈嶒炓蟮臅r_____。A.斜槽軌道可以不光滑B.可選用半徑不同的兩小球C.選用兩球的質(zhì)量應滿足D.需用秒表測量小球在空中飛行的時間（2）圖乙是小球的多次落點痕跡，由此可確定其落點的平均位置對應的讀數(shù)為_____cm（3）在某次實驗中，測量出兩小球的質(zhì)量分別為、，三個落點的平均位置與點的距離分別為、OP、ON。在實驗誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關系式_____和_____，即驗證了該碰撞是彈性碰撞。（用所給符號表示）?！敬鸢浮浚?）AC（2）（3）【解析】（1）A．斜槽軌道是否光滑不影響實驗，因為入射小球每次從同一位置S靜止釋放，即使軌道有摩擦，重力做功與摩擦力做功的差值恒定，到達水平軌道末端的速度相同，A正確；B．為保證兩球?qū)π呐鲎玻瑑尚∏虬霃綉嗤?，半徑不同會導致非對心碰撞，B錯誤；C．為防止入射球碰撞后反彈，選用兩球質(zhì)量應滿足，C正確；D．小球做平拋運動，豎直高度相同則飛行時間相同，水平射程動量表達式中時間可約去，無需測量飛行時間，D錯誤；故選AC。（2）根據(jù)多次落點痕跡，用最小圓法確定平均位置，圖乙中刻度尺分度值為，估讀到，落點中心位置對應讀數(shù)為（均合理）。（3）[1]彈性碰撞需滿足動量守恒和動能守恒。小球做平拋運動，飛行時間相同，速度動量動能動量守恒代入、、化簡得[2]由機械能守恒化簡得13.如圖所示，帶正電的小球1用絕緣細線懸掛在水平墻壁上，帶負電的小球2用絕緣細線懸掛在豎直墻壁上。兩小球處于靜止狀態(tài)時，細線水平，細線與豎直方向的夾角為，小球1、2（均可視為點電荷）的連線與水平方向的夾角也為，小球1、2間的距離。已知小球1、2所帶的電荷量大小分別為、，靜電力常量，重力加速度大小，求：（1）小球1、2間的庫侖力大??；（2）細線上的彈力大小和小球2的質(zhì)量；（3）小球1的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）（2），（3）【解析】（1）根據(jù)庫侖定律有（2）對小球2受力分析，水平方向上有豎直方向上有解得，（3）將小球1、2作為整體受力分析，有解得14.如圖所示，兩平行極板、豎直放置，板間電壓為，間距為的虛線、之間存在豎直向下的勻強電場，B板與重合。一質(zhì)量為、電荷量為的帶電粒子，從靠近極板的點由靜止釋放，經(jīng)極板上的小孔垂直進入電場，并從上的點離開電場，離開電場時的速度方向與水平方向夾角。不計粒子的重力，求：（1）粒子到達極板時的速率；（2）豎直勻強電場的場強大??；（3）、兩點間的豎直位移y?！敬鸢浮浚?）（2）