高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1龍東十校聯(lián)盟高二學(xué)年度上學(xué)期期中考試物理試題一、選擇題（本題共10題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)當(dāng)中：第1-7題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8-10題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全得3分，有選錯(cuò)的得0分。）1.對(duì)于書(shū)本中幾幅插圖所涉及的物理現(xiàn)象或原理，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲圖中，該女生和帶電的金屬球帶有異種性質(zhì)的電荷B.乙圖為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集在線狀電離器B上C.丙圖中，燃?xì)庠钪须娮狱c(diǎn)火器點(diǎn)火應(yīng)用了尖端放電的原理D.丁圖中，兩條優(yōu)質(zhì)的話(huà)筒線外面包裹著金屬外衣是為了防止漏電【答案】C【解析】A．甲圖中，屬于電荷的轉(zhuǎn)移，金屬球?qū)㈦姾赊D(zhuǎn)移給了該女生，應(yīng)為同種電荷，A錯(cuò)誤；B．線狀電離器帶負(fù)電，帶負(fù)電的塵埃應(yīng)被帶正電的A所吸引，B錯(cuò)誤；C．電子打火器利用尖端放電點(diǎn)燃燃?xì)?，C正確；D．包裹著金屬外衣是為了實(shí)現(xiàn)電磁屏蔽，防止干擾，D錯(cuò)誤。故選C。2.關(guān)于電磁波，下列說(shuō)法正確的是（）A.恒定的電場(chǎng)能產(chǎn)生磁場(chǎng)B.電磁波在玻璃中不能傳播C.光不是一種電磁波D.微波可以在真空中傳播【答案】D【解析】A．恒定的電場(chǎng)不會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，根據(jù)麥克斯韋電磁理論，只有變化的電場(chǎng)才能產(chǎn)生磁場(chǎng)，A錯(cuò)誤；B．電磁波可以在玻璃等介質(zhì)中傳播，B錯(cuò)誤；C．光是電磁波譜中的可見(jiàn)光部分，屬于電磁波，C錯(cuò)誤；D．微波是電磁波，電磁波在真空中無(wú)需介質(zhì)即可傳播，D正確。故選D。3.如圖所示，甲、乙、丙、丁四幅圖中，平行導(dǎo)軌間距均為L(zhǎng)，回路中電流大小均為I，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。甲、乙、丙圖中導(dǎo)軌處在水平面內(nèi)，丁圖中導(dǎo)軌傾斜，傾角為；甲、丙、丁圖中磁場(chǎng)方向豎直向上，乙圖中磁場(chǎng)斜向上與水平方向夾角為；甲、乙、丁圖中導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置，丙圖中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌夾角為。則甲、乙、丙、丁四圖中導(dǎo)體棒所受安培力的大小分別為（）A.、、、B.、、、C.、、、D.、、、【答案】D【解析】甲圖中導(dǎo)體棒的有效長(zhǎng)度為L(zhǎng)，磁場(chǎng)與導(dǎo)體棒垂直，故安培力為乙圖中導(dǎo)體棒的有效長(zhǎng)度為L(zhǎng)，磁場(chǎng)與導(dǎo)體棒夾角為，故安培力為丙圖中導(dǎo)體棒的有效長(zhǎng)度磁場(chǎng)與導(dǎo)體棒垂直，故安培力為丁圖中導(dǎo)體棒有效長(zhǎng)度為L(zhǎng)，磁場(chǎng)與導(dǎo)體棒垂直，導(dǎo)軌傾角不影響安培力的大小，故安培力為故選D。4.某學(xué)校安裝了反滲透RO膜過(guò)濾凈水器，經(jīng)過(guò)過(guò)濾凈化的直飲水進(jìn)入了教室。凈水器如果有反滲透RO膜組件，會(huì)產(chǎn)生一部分無(wú)法過(guò)濾的自來(lái)水，稱(chēng)為“廢水”，或稱(chēng)“尾水”?！拔菜敝泻休^多礦物質(zhì)及其他無(wú)法透過(guò)反滲透RO膜的成分，不能直接飲用，但可以澆花、拖地。該學(xué)校的物理興趣小組為了測(cè)量直飲水供水處“尾水”的流量，將“尾水”接上電磁流量計(jì)，如圖所示。已知流量計(jì)水管直徑為d，垂直水管向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，穩(wěn)定后M、N兩點(diǎn)之間電壓為U。則（）A.M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)B.“尾水”中離子所受洛倫茲力方向由M指向NC.“尾水”的流速為D.“尾水”的流量為【答案】A【解析】AB.根據(jù)左手定則，正離子所受洛倫茲力方向由M指向N，向N側(cè)偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子所受洛倫茲力方向由N指向M，向M側(cè)偏轉(zhuǎn)，M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)，故A正確，B錯(cuò)誤；C.正、負(fù)離子達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)有可得流速故C錯(cuò)誤；D.“尾水”的流量故D錯(cuò)誤故選A。5.如圖甲為磁電式電流表的結(jié)構(gòu)，圖乙為極靴和鐵質(zhì)圓柱間的磁場(chǎng)分布，線圈a、b兩邊通以圖示方向電流，線圈兩邊所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等。則下列選項(xiàng)正確的是（）A.該磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)B.線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)C.線圈平面總與磁場(chǎng)方向垂直D.圖示位置線圈a邊受安培力方向豎直向上【答案】B【解析】A．根據(jù)磁感線分布可知，該磁場(chǎng)不是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)左手定則，圖示位置a邊受安培力向下，則a向下轉(zhuǎn)動(dòng)，b向上轉(zhuǎn)動(dòng)，即線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確，D錯(cuò)誤；C．根據(jù)磁感線分布可知，線圈平面總與磁場(chǎng)方向平行，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選B。6.電磁場(chǎng)與現(xiàn)代高科技密切關(guān)聯(lián)，并有重要應(yīng)用。對(duì)以下四個(gè)科技實(shí)例，說(shuō)法正確的是（）A.圖甲的速度選擇器能使速度大小的粒子沿直線勻速通過(guò)，與粒子的帶電性質(zhì)及帶電量無(wú)關(guān)B.圖乙的磁流體發(fā)電機(jī)正常工作時(shí)電流方向?yàn)?，電阻兩端的電?shì)差等于發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)C.圖丙為回旋加速器，若增大形盒狹縫之間的加速電壓，則粒子射出加速器時(shí)的最大動(dòng)能增大D.圖丁為霍爾元件，若載流子帶負(fù)電，穩(wěn)定時(shí)元件左側(cè)的電勢(shì)低于右側(cè)的電勢(shì)，電勢(shì)差與元件中的電流成正比【答案】AD【解析】A．電場(chǎng)的方向與B的方向垂直，帶電粒子進(jìn)入復(fù)合場(chǎng)，受電場(chǎng)力和安培力，且二力是平衡力，即所以不管粒子帶正電還是帶負(fù)電都可以勻速直線通過(guò)，所以與粒子的帶電性質(zhì)及帶電量無(wú)關(guān)，A正確；B．由左手定則知正離子向上偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子會(huì)向下偏轉(zhuǎn)，所以P板是電源正極，Q板是電源負(fù)極，常工作時(shí)電流方向?yàn)?，但電路工作時(shí)等離子體也有電阻，故電阻兩端的電勢(shì)差等于發(fā)電機(jī)的路段電壓，小于電動(dòng)勢(shì)，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)公式得故最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，C錯(cuò)誤；D．若載流子帶負(fù)電，由左手定則可知，負(fù)粒子向左端偏轉(zhuǎn)，所以穩(wěn)定時(shí)元件左側(cè)的電勢(shì)低于右側(cè)的電勢(shì)；根據(jù)穩(wěn)定時(shí)對(duì)負(fù)粒子受力分析得得又因?yàn)殡娏鞯奈⒂^表達(dá)解得故電勢(shì)差與元件中的電流成正比，D正確。故選AD。7.小懷同學(xué)希望利用電學(xué)方法對(duì)長(zhǎng)度進(jìn)行測(cè)量，電路圖如下，其中電源電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻為1，電流表量程為，內(nèi)阻為1，有一長(zhǎng)方體導(dǎo)體材料R，x、y、z方向上棱長(zhǎng)分別為dcm、2cm、1cm，先將R沿x軸方向接入電路，電流表示數(shù)1A，再將R沿y軸方向接入電路，電流表示數(shù)2A，則下列說(shuō)法正確的是（）A.B.沿x、y、z三個(gè)方向接入R，電源效率最大約C.沿x、y、z三個(gè)方向接入R，電流表示數(shù)均不會(huì)超量程D.沿x、y、z三個(gè)方向接入R，R的功率最小為2W【答案】C【解析】AC．由閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)，沿x軸方向時(shí)則有沿y軸方向時(shí)則有根據(jù)電阻定律帶入數(shù)據(jù)可得沿z軸方向時(shí)由閉合電路歐姆定律代入數(shù)據(jù)可得沿z軸方向時(shí)故A錯(cuò)誤，C正確；B．由題意可知路端電壓最大為沿x軸接入電路時(shí)根據(jù)故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)可得，沿x軸方向時(shí)沿y軸方向時(shí)沿z軸方向時(shí)故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，真空室內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，磁場(chǎng)內(nèi)有一塊足夠長(zhǎng)平面感光薄板，板面與磁場(chǎng)方向平行，在前距離處有一個(gè)點(diǎn)狀的放射源，它在紙面內(nèi)均勻地向各個(gè)方向發(fā)射比荷為的帶正電的粒子，粒子的速度大小都是。不計(jì)粒子的重力和相互間作用力，下列說(shuō)法正確的是（）A.擊中的粒子中，運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為B.擊中的粒子中，運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為C.上被粒子擊中的區(qū)域的長(zhǎng)度為D.放射源發(fā)射的粒子中有的粒子可以擊中板【答案】ACD【解析】A．由牛頓第二定律得解得粒子運(yùn)動(dòng)的周期為由S豎直向下射出的粒子，軌跡圓與ab相切，在擊中ab的粒子中，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)為周期，運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為故A正確；B．由S沿與豎直方向成向右上方射出的粒子，在擊中ab的粒子中，軌跡圓的弦長(zhǎng)最短，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短為周期，運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為故B錯(cuò)誤；C．作出擊中ab左右兩端的粒子軌跡如圖ab上被粒子打中的區(qū)域的長(zhǎng)度故C正確；D．沿豎直向上方向射出粒子與屏相切粒子走過(guò)的弧長(zhǎng)為周長(zhǎng)的，沿豎直向下方向射出粒子與屏相切粒子走過(guò)的弧長(zhǎng)為周長(zhǎng)的，二者夾角為，即由點(diǎn)射出從豎直向下到豎直向上的右側(cè)的粒子都能擊中，占總發(fā)射粒子的50%，故D正確。故選ACD。9.如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的極板水平放置，板間距離為，兩極板間加恒定電壓，板間有水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度未知。一帶正電的粒子恰好能以速度沿兩板正中間勻速穿過(guò)。粒子質(zhì)量為，電荷量為。兩板間的電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，不計(jì)粒子所受重力和粒子運(yùn)動(dòng)對(duì)電場(chǎng)的影響。下列說(shuō)法正確的是（）A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.僅減小板間電壓，粒子不可能擊中上極板C.僅增大，使粒子擊中上極板，擊中前瞬間的速率與的大小有關(guān)D.僅向上平移下極板，能使粒子恰擊中下極板【答案】AD【解析】A．對(duì)粒子進(jìn)行受力分析可知，粒子在混合場(chǎng)中受到豎直向下的電場(chǎng)力和豎直向上的洛倫茲力的作用，因?yàn)榱Ｗ右运俣妊貎砂逭虚g勻速穿過(guò)，所以洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，即，解得磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，故A正確；B．僅減小板間電壓，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，粒子受電場(chǎng)力減小，洛倫茲力大于電場(chǎng)力，粒子將向上偏，若板間距離較小，粒子可能擊中上極板，故B錯(cuò)誤；C．僅增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，使粒子擊中上極板，設(shè)粒子到達(dá)上極板的速率為，洛倫茲力不做功，對(duì)粒子列動(dòng)能定理方程有可得可知與磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)將下極板向上平移時(shí)粒子恰能擊中下極板，到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)粒子下降高度為，速度為，方向水平向右，則有設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?，則有粒子所受電場(chǎng)力增加，所以粒子向下偏轉(zhuǎn)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：設(shè)粒子向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，某一時(shí)刻速度為，速度方向與水平方向夾角為，此時(shí)洛倫茲力大小為，方向與豎直方向夾角為，經(jīng)過(guò)極短時(shí)間，水平方向由動(dòng)量定理有對(duì)從開(kāi)始到最低點(diǎn)過(guò)程求和可得由動(dòng)能定理有聯(lián)立可求出的值，即僅向上平移下極板，能使粒子恰擊中下極板，故D正確。故選AD。10.如圖甲所示，在豎直面（紙面）內(nèi)，一個(gè)足夠長(zhǎng)的絕緣圓柱細(xì)桿與水平方向成θ=45°角固定，所在空間有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一質(zhì)量為m=1kg、帶電量q=+2.0C的穿孔小球套在桿上，小球上的孔徑略大于桿的直徑。桿的表面由兩種材料構(gòu)成，圖甲中桿的中軸線右側(cè)的表面光滑，左側(cè)的表面與小球的動(dòng)摩擦因數(shù)為?，F(xiàn)將該小球由靜止釋放，得到其速度-時(shí)間圖像如圖乙所示，其中之前的圖像為直線，之后的圖像為曲線。已知重力加速度的大小取10m/s2，則下列說(shuō)法正確的有（）A.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為T(mén)B.小球最終將在桿上做速度大小為8m/s的勻速直線運(yùn)動(dòng)C.若將圖甲中的細(xì)桿繞它的中軸線旋轉(zhuǎn)180°后再由靜止釋放小球，則小球最終將在桿上做加速度大小為4的加速直線運(yùn)動(dòng)D.若將圖甲中的細(xì)桿繞它的中軸線旋轉(zhuǎn)180°后再由靜止釋放小球，則小球最終將在桿上做加速度大小為的加速直線運(yùn)動(dòng)【答案】AC【解析】A．小球由靜止釋放做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖像可知根據(jù)牛頓第二定律解得。在前做勻加速運(yùn)動(dòng)，則摩擦力為零，所以桿的支持力為右上方一側(cè)，當(dāng)時(shí)，支持力恰好為零，則有解得，故A正確；B．小球最終將在桿上做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度為零則有解得，故B錯(cuò)誤；CD．若將圖甲中的細(xì)桿繞它的中軸線旋轉(zhuǎn)180°后再由靜止釋放小球，開(kāi)始時(shí)小球向下加速，隨著速度增大，洛倫茲力增大，由于旋轉(zhuǎn)180°后中軸線右上方一側(cè)有摩擦力，所以摩擦力逐漸減小，最后無(wú)摩擦力的作用，根據(jù)解得m/s2，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題（本題共5小題，共54分。11題、12題為實(shí)驗(yàn)題，每空2分；13題-15題為計(jì)算題，解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。）11.太陽(yáng)能電池帆板可以給衛(wèi)星、宇宙飛船提供能量。如圖甲，太陽(yáng)能電池在有光照時(shí)，可以將光能轉(zhuǎn)化為電能，在沒(méi)有光照時(shí)，可以視為一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為零的電學(xué)器件。探究一：實(shí)驗(yàn)小組用測(cè)繪小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)方法，用圖乙電路探究太陽(yáng)能電池被不透光黑紙包住時(shí)的特性曲線。（1）圖乙中虛線處______（填“需要”或“不需要”）連接導(dǎo)線，實(shí)驗(yàn)前滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該調(diào)到______（填“A”或“B”）端；（2）通過(guò)實(shí)驗(yàn)，作出被黑紙包住的太陽(yáng)能電池的特性曲線如圖丙，將其與一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為（內(nèi)阻忽略不計(jì)）的電源和阻值為的定值電阻串聯(lián)在一起，則太陽(yáng)能電池消耗的電功率約為_(kāi)_____W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；探究二：在穩(wěn)定光照環(huán)境中，取下太陽(yáng)能電池外黑紙，并按圖所示電路測(cè)量金屬絲的電阻率。（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，金屬絲直徑為D、長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則金屬絲電阻率為_(kāi)_____（用上述測(cè)量量表示）；（4）考慮電壓表與電流表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，金屬絲電阻率的測(cè)量值______（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值?！敬鸢浮浚?）需要A（2）（3）（4）小于【解析】（1）[1][2]實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖敲枥L太陽(yáng)能電池被不透光黑紙包住時(shí)的伏安特性曲線，電壓需要從0開(kāi)始調(diào)節(jié)，則控制電路需要采用滑動(dòng)變阻器的分壓式接法，為了確保安全，實(shí)驗(yàn)前滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該調(diào)到A端，使閉合開(kāi)關(guān)之前，控制電路輸出電壓為0。（2）[3]將其電動(dòng)勢(shì)為（內(nèi)阻忽略不計(jì)）的電源和阻值為的定值電阻等效為一個(gè)新電源，其內(nèi)阻為，根據(jù)在圖丙中作出電源的圖像，如圖所示兩圖像交點(diǎn)坐標(biāo)為（1.9V，210μA），則太陽(yáng)能電池消耗的電功率約為（3）[4]根據(jù)歐姆定律有根據(jù)電阻定律有解得（4）[5]測(cè)量電路采用電流表的外接法，誤差在于電壓表的分流，導(dǎo)致，電流的測(cè)量值偏大，則電阻的測(cè)量值偏小，結(jié)合上述可知，金屬絲電阻率的測(cè)量值小于真實(shí)值。12.實(shí)驗(yàn)小組先用多用電表測(cè)量定值電阻的阻值，然后再測(cè)量一電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)器材有：待測(cè)定值電阻，待測(cè)電源、多用表、電阻箱、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）圖甲為多用電表的示意圖，其中S、T、K為三個(gè)可調(diào)節(jié)的部件。關(guān)于使用多用表測(cè)電阻，下列說(shuō)法正確的是______；（填選項(xiàng)前的字母）A.首先將部件K撥至合適擋位，然后再將紅、黑表筆分別與待測(cè)電阻兩端接觸，測(cè)量完畢后將部件K撥至“OFF”擋B.每次更換歐姆擋后，必須先將紅黑表筆短接，旋動(dòng)部件S進(jìn)行歐姆調(diào)零C.歐姆調(diào)零時(shí)，將兩表筆短接，旋動(dòng)部件T，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻“0刻線”（2）將部件K旋到“”，正確操作后，若指針如圖乙所示，則該定值電阻為_(kāi)_____。（3）測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路如圖丙所示，按照該電路圖組裝，將多用電表作為電壓表接入電路中。調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，讀出多用電表對(duì)應(yīng)的示數(shù)，測(cè)得多組和并記錄。根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)，作出圖線，如圖丁所示，圖線的縱軸截距為，橫軸截距為，則電源的電動(dòng)勢(shì)______，內(nèi)阻______（結(jié)果均用題中字母表示）?！敬鸢浮浚?）C（2）6.0或6（3）a【解析】（1）A．測(cè)量前應(yīng)先旋動(dòng)部件S進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，選項(xiàng)沒(méi)有提，故A錯(cuò)誤；BC．進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)旋動(dòng)的是T，故B錯(cuò)誤，C正確。故選C。（2）如圖乙，讀數(shù)為6.0或6。（3）[1][2]由閉合電路的歐姆定律，有整理可得對(duì)照?qǐng)D丁，可知電動(dòng)勢(shì)且則內(nèi)阻13.如圖所示，在傾角為30°的光滑斜面上垂直紙面放置一根長(zhǎng)為L(zhǎng)=10cm，質(zhì)量為m=20g的通電直導(dǎo)體棒，棒內(nèi)電流垂直紙面向外，大小為I=1A。已知重力加速度的大小取10m/s2，求：（1）若加一方向垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，為使導(dǎo)體棒在斜面上保持靜止，求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的大??？（2）若要求所加磁場(chǎng)對(duì)導(dǎo)體棒的安培力水平向左，仍使導(dǎo)體棒在斜面上保持靜止，求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的方向和大小？【答案】（1）1T（2）T，方向豎直向上【解析】（1）垂直斜面向上時(shí)，此時(shí)導(dǎo)體受力如圖所示沿斜面方向有安培力大小聯(lián)立解得=1T（2）若要求所加磁場(chǎng)對(duì)導(dǎo)體棒的安培水平向左，則豎直向上，此時(shí)導(dǎo)體受力如圖所示安培力大小為根據(jù)平衡條件得聯(lián)立解得=T此時(shí)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上。14.如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向外。一帶電粒子從圖中P點(diǎn)以速度v沿直徑方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從Q點(diǎn)射出磁場(chǎng)。忽略粒子的重力，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）粒子的比荷；（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（3）若圓形區(qū)域半徑和圓心位置可變，要實(shí)現(xiàn)帶電粒子