性的碳14。該核反應(yīng)方程為X+1N→1C+H，粒子X(jué)為()A.中子nB.氦核HeC.氘核HD.正電子e2.我國(guó)太陽(yáng)探測(cè)科學(xué)技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星“羲和號(hào)”在國(guó)際Hγ、Hδ,如圖所示。下列說(shuō)法正確的是()D.Hδ光在玻璃中傳播時(shí)的頻率小于觀察兩球的運(yùn)動(dòng)軌跡，比較它們落地時(shí)間的先后。分別改變小球距地面的高度和小錘擊打的力度，多次重復(fù)這個(gè)實(shí)驗(yàn)，記錄實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象?？諝庾枇珊雎圆挥?jì)。下列說(shuō)法正確的是()D.該實(shí)驗(yàn)是為了研究平拋運(yùn)動(dòng)豎直分運(yùn)在t1=1.2s時(shí)，平衡位置在x=6.0m處的質(zhì)點(diǎn)P開(kāi)始振動(dòng)，則()兩扇門(mén)移動(dòng)距離均為2m。若門(mén)運(yùn)動(dòng)的v?t圖像如圖2所示，則門(mén)的加速度大小為()A.2.0m/s2是()c→a過(guò)程是等溫過(guò)程。下列說(shuō)法正確的是()8.為了節(jié)能，商場(chǎng)的自動(dòng)扶梯在較長(zhǎng)時(shí)間無(wú)人乘行時(shí)會(huì)自動(dòng)停止運(yùn)行。有人站上去后，扶梯開(kāi)始加速，然后勻速運(yùn)動(dòng)，如圖所示。下列說(shuō)法正確的是()A.加速上行過(guò)程中，扶梯對(duì)人的支持力大于人對(duì)扶梯B.加速上行過(guò)程中，人受到的摩擦力方D.勻速上行過(guò)程中，人所受的合外力為零，人的機(jī)），功對(duì)接。若在預(yù)定軌道和空間站軌道上天舟八號(hào)均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()B.天舟八號(hào)在空間站軌道上運(yùn)行時(shí)所需的向心力小于它處在地球表面上時(shí)C.天舟八號(hào)在預(yù)定軌道上運(yùn)行時(shí)的向心加速度小于其在空間站軌道上D.天舟八號(hào)在預(yù)定軌道上的運(yùn)行速度小于其在空間站軌道上圖1所示的電路。這種溶液的相對(duì)介電常數(shù)εr與濃度Cm的關(guān)系曲線如圖2所示。已知平行板電容器的電容與相對(duì)介電常數(shù)成正比。閉合開(kāi)關(guān)S后，增大溶液濃度，則()D.溶液濃度增大過(guò)程中電流方向?yàn)镸→N均光滑，現(xiàn)燒斷細(xì)線，物體B始終未從小車的上表面滑出，則燒斷細(xì)線后()D.彈簧伸長(zhǎng)量達(dá)到最大時(shí)整個(gè)系統(tǒng)的機(jī)知電子的電荷量為e。則下列說(shuō)法正確的是()D.要測(cè)出該石墨烯樣品單位面積的載流子數(shù)n，必須精確測(cè)S，重力加速度大小為g，靜電力常量為k。僅利用以上條件不能求出的是()B.OB之間的距離xOB做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并不落向漏斗下方。我們用如下模型對(duì)此進(jìn)行分點(diǎn)）隨圓錐體一起轉(zhuǎn)動(dòng)且相對(duì)于圓錐體靜止。以圓錐體為參考系，圓錐體中的小物體還多受到一個(gè)“力”，EPx=?mw2x2。該“勢(shì)能”與小物體的重力勢(shì)能之和為其總勢(shì)能。當(dāng)小物體處在圓錐壁上總勢(shì)能最小的某一位置時(shí)，小物體既沒(méi)有沿圓錐面上滑的趨勢(shì)，也沒(méi)有沿圓錐面下滑的趨勢(shì)，此時(shí)小物體受到的摩擦力就會(huì)恰好為0，即使圓錐壁光滑，小物體也不會(huì)滑向下方。根據(jù)以上信息可知，下列說(shuō)法中正確的是 C.該“勢(shì)能”的表達(dá)式EPx=?mw2x2是選取了x軸處“勢(shì)能”為零D.當(dāng)圓錐體以恒定的角速度ω′轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)（w'>w小物體沿圓錐壁向下移至某一位置時(shí)受到的摩擦力才可（1）游標(biāo)卡尺測(cè)量寬度，如圖1所示，寬度的測(cè)量值d=D．滑動(dòng)變阻器（0~200Ω,額定電流1A）(1)為了準(zhǔn)確地描繪出平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，下列要求合理的是(2)甲同學(xué)按正確的操作完成實(shí)驗(yàn)并描繪出平拋運(yùn)g）下的小球打在正對(duì)的墻上，把白紙和復(fù)寫(xiě)紙附在墻上，記錄小球的落點(diǎn)。然離，就可以得到多個(gè)落點(diǎn)。如果丙同學(xué)還有一把刻度尺，他是否可 三、論述、計(jì)算題（本題共5小題，共42分。解答應(yīng)寫(xiě)算步驟，畫(huà)出必要的示意圖。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）17.如圖所示，豎直面內(nèi)的光滑軌道ABCD，AB段為曲面，BC段水平，CD段是半徑R=0.2m的半圓形軌（1）小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB；（2）小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)小球的彈力大小FN；（3）C、E兩點(diǎn)的距離x。出點(diǎn)水平距離為x1，鉛球質(zhì)量為m，重力（2）鉛球從被拋出到落地的過(guò)程中所受重力沖量的大小I；R=2Ω的定值電阻，質(zhì)量m=2kg的導(dǎo)體棒放置在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。t=0時(shí)刻給導(dǎo)體棒施加水平向右、F=5N的恒力，導(dǎo)體棒從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，t=3.6s時(shí)導(dǎo)體棒的速度v=6m/s．已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T，方向豎直向上，不計(jì)導(dǎo)軌、導(dǎo)體棒的電阻，重力加速度g取10m/（1）t=3.6s時(shí)導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小E；（2）t=3.6s時(shí)導(dǎo)體棒的加速度大小a，分析并在圖2中定性畫(huà)出導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度v隨時(shí)間t變化（3）t=0到t=3.6s的過(guò)程中，導(dǎo)體棒通過(guò)的位移大小x。20.如圖所示，在xOy坐標(biāo)系第一象限的矩形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面的勻以垂直于y軸的方向射入磁場(chǎng)，并從另一側(cè)邊界的N點(diǎn)射出。已知帶電粒子質(zhì)量為m，速度為v，矩形區(qū)域的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，MN沿y軸方向上的距離為。不計(jì)重力。（3）將矩形區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)換為平行于y軸方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，使該粒子以相同的速度從M點(diǎn)入射后仍能從N點(diǎn)射出。通過(guò)計(jì)算說(shuō)明，該粒子由N點(diǎn)射出21.雙星系統(tǒng)是指由兩顆恒星組成的引力束縛系統(tǒng)，它們?cè)谙嗷サ囊ψ饔孟聡@共同（2）宇宙中某雙黑洞系統(tǒng)可以看成雙星模型，隨著時(shí)間推移，系統(tǒng)漸收縮，最終合并成一個(gè)黑洞。假設(shè)該雙黑洞系統(tǒng)中，a.該雙黑洞系統(tǒng)到地球的距離為D（D遠(yuǎn)大于r不計(jì)傳播過(guò)程中引b.已知質(zhì)量為m1和m2，距離為R的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)間的引力勢(shì)能Ep=?G設(shè)黑洞合并過(guò)程中系統(tǒng)的機(jī)械能全部轉(zhuǎn)化為引力波的能量，在t時(shí)間內(nèi)該雙黑洞之間的距離由r收縮為，求此過(guò)程中該雙黑洞系統(tǒng)【詳解】根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得粒子X(jué)為中子n。2.【答案】B波長(zhǎng)大于Hβ光的波長(zhǎng)，根據(jù)E=hv，可知Hα光子的能量小于Hβ光子的能量，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；4.【答案】CD．波長(zhǎng)λ=vT=4m【詳解】由題可知，兩扇門(mén)在打開(kāi)的過(guò)程中，先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，勻加速運(yùn)動(dòng)加解得a=0.5m/s2【詳解】A．由題圖可知，交流電的周期為0.2s，則頻率Hz=5HzB．由題目圖可知電壓峰值為10V，根據(jù)歐姆定律知電流峰值則電阻消耗的功率P=I2R=0.52×20W=5W【詳解】AB．a(chǎn)→b過(guò)程是等壓過(guò)程，體積變大，氣體對(duì)外做功，由pV=nRT可知溫度升高，內(nèi)能增加，由熱力學(xué)第一定律ΔU=Q+WT由熱力學(xué)第一定律ΔU=Q+WT【詳解】A．扶梯對(duì)人的支持力與人對(duì)扶梯地球第一宇宙速度7.9km/s等于近7.9km/s；由于預(yù)定軌道的軌道半徑小于空間站軌道的軌道C．根據(jù)Q=CUmgsinθ=qEBcosθ解得tanθ所以可以求出B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)EB，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式EB=W+mgS.sinθ=0以圓錐體為參考系，小物塊與圓錐保持相對(duì)靜止，所以在以圓錐體為參考的非慣性參考系中多受到的“力”勢(shì)能的表達(dá)式對(duì)位移求導(dǎo)可得慣性離心力的大小即F=?Ep'根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀法可知d=28mm+10×mm=28.50mm=2.850cm[2]電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻的阻值，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電始調(diào)節(jié)，在實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，實(shí) t圖中M點(diǎn)x=5L，y=5L，帶入解得5gL2則vAy==2x=-(8L-4L)=-4Ly=-(4L-3L)=-L（4）[7][8]可以計(jì)算小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，用刻度尺測(cè)量落點(diǎn)與拋出點(diǎn)之間的豎直距離y，測(cè)量墻與桌y=gt2 t=2y\g所以改變桌子與墻的水平距離x，測(cè)量多組x，y值，計(jì)算多組初速度，取平均值即可。三、論述、計(jì)算題（本題共5小題，共42分。解答應(yīng)寫(xiě)算步驟，畫(huà)出必要的示意圖。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）（3）0.8m根據(jù)題意，小球從A到B的過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律有mgh=解得vD=22ms在D點(diǎn)，由牛頓第二定律有FN+mg=m解得FN=6N小球從D點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，飛行時(shí)間為C、E兩點(diǎn)的距離x=vDt=0.8m鉛球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)O時(shí)豎直分速度為0，速度v1沿水平方向，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律H-h=gt2，x1=v1t鉛球運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)O后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律gt92，H解得I=mg由能量守恒，Ek+mgh=mgH+解得Ek=mg（3）12m導(dǎo)體棒切割磁感線的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)E=BLv解得E=6V由牛頓第二定律F?F安=ma導(dǎo)體棒做加速運(yùn)動(dòng)，隨著棒的速度增大，其感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和所受的安培力增大，加速度減小。當(dāng)F安=F對(duì)棒，由動(dòng)量定理Ft?I安=mv?0其中安培力的沖量I安=ΣF安Δt=ΣvΔt=代入數(shù)據(jù)解得x=12m（2）根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，在M點(diǎn)，所受洛倫茲