2026年人教版高三上冊物理（理科）期末考試卷及答案（考試時間：120分鐘滿分：110分）班級：________姓名：________學(xué)號：________分?jǐn)?shù)：________一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分。第1-8題只有一項符合題目要求，第9-12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）1.下列關(guān)于物理學(xué)史的說法正確的是（）A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并測出了引力常量G的數(shù)值B.伽利略通過理想斜面實驗，得出“力是維持物體運動的原因”的結(jié)論C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，為發(fā)電機(jī)的發(fā)明奠定了理論基礎(chǔ)D.愛因斯坦提出了量子化假說，成功解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象2.如圖所示，一質(zhì)量為m的物塊靜止在粗糙水平面上，現(xiàn)對其施加一個與水平方向成θ角的斜向上的恒力F，物塊恰好能勻速運動。已知物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，則物塊受到的摩擦力大小為（）A.FcosθB.μmgC.μ(mg-Fsinθ)D.Fsinθ3.某星球的質(zhì)量是地球質(zhì)量的2倍，半徑是地球半徑的√2倍，則該星球表面的重力加速度與地球表面重力加速度的比值為（）（地球表面重力加速度為g）A.1B.2C.√2D.44.一質(zhì)量為2kg的物體在水平外力F的作用下，在光滑水平面上做直線運動，其v-t圖像如圖所示。則水平外力F在0-2s內(nèi)做的功為（）A.8JB.16JC.32JD.64J5.如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中，一矩形金屬線框繞與磁場垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電流的電動勢表達(dá)式為e=E?sinωt。若將線框的轉(zhuǎn)速加倍，其他條件不變，則產(chǎn)生的交變電流的電動勢表達(dá)式為（）A.e=E?sin2ωtB.e=2E?sin2ωtC.e=2E?sinωtD.e=E?sin(ωt/2)6.兩個等量異種點電荷固定在x軸上，其電場線分布如圖所示。下列說法正確的是（）A.正電荷位于x軸正方向，負(fù)電荷位于x軸負(fù)方向B.兩點電荷連線的中點處電場強(qiáng)度為零C.兩點電荷連線的中垂線上各點電勢均為零D.將一正試探電荷從兩點電荷連線的中垂線上某點移到正電荷附近，電勢能減小7.如圖所示，一輕繩一端固定在O點，另一端系一質(zhì)量為m的小球，小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動。已知小球在最高點時的速度大小為v，輕繩的長度為L，重力加速度為g。則小球在最高點時輕繩的拉力大小為（）A.mg+m(v2/L)B.m(v2/L)-mgC.mg-m(v2/L)D.08.一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10:1，原線圈接入電壓為220V的正弦交流電，副線圈接一個阻值為22Ω的電阻。則副線圈兩端的電壓和原線圈中的電流分別為（）A.22V，0.1AB.22V，1AC.220V，0.1AD.220V，1A9.下列關(guān)于電場和磁場的說法正確的是（）A.電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度都是矢量，都有大小和方向B.電場中某點的電場強(qiáng)度方向與正試探電荷在該點所受電場力的方向相同C.磁場中某點的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與小磁針N極在該點所受磁場力的方向相同D.電場線和磁感線都是閉合曲線10.如圖所示，在光滑水平面上，有A、B兩個質(zhì)量分別為m?和m?的物體，A以速度v?向右運動，B靜止。A與B發(fā)生碰撞后，A的速度方向向左，大小為v?，B的速度方向向右，大小為v?。則下列說法正確的是（）A.碰撞過程中，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒B.碰撞過程中，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.m?v?=-m?v?+m?v?D.(1/2)m?v?2=(1/2)m?v?2+(1/2)m?v?211.如圖所示，平行板電容器與電源相連，下極板接地。一帶電油滴靜止在兩板之間，現(xiàn)將上極板向上移動一小段距離，則（）A.電容器的電容減小B.電容器兩極板間的電場強(qiáng)度增大C.油滴將向下運動D.油滴的電勢能不變12.如圖所示，在傾角為θ的光滑斜面上，有一質(zhì)量為m的物體在水平推力F的作用下沿斜面向上勻速運動。已知重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.物體受到的支持力大小為mgcosθB.物體受到的支持力大小為mgcosθ+FsinθC.水平推力F的大小為mgtanθD.水平推力F的大小為mg/sinθ二、實驗題（本題共2小題，共15分）13.（6分）某同學(xué)用如圖所示的裝置探究平拋運動的規(guī)律。實驗時，讓小球從斜槽上某一固定位置由靜止釋放，小球離開斜槽后做平拋運動，記錄小球在不同時刻的位置。（1）實驗前需要調(diào)整斜槽末端，使斜槽末端________；（2）為了能準(zhǔn)確記錄小球的運動軌跡，下列操作合理的是________（填選項字母）；A.斜槽必須光滑B.每次釋放小球的位置必須相同C.記錄小球位置的鉛筆每次必須在同一高度（3）若小球在平拋運動中，水平方向的位移為x，豎直方向的位移為y，重力加速度為g，則小球做平拋運動的初速度v?=________。14.（9分）某同學(xué)要測量一個未知電阻R?的阻值，可供選擇的器材有：電源E：電動勢為3V，內(nèi)阻不計；電流表A?：量程0-0.6A，內(nèi)阻約為0.1Ω；電流表A?：量程0-3A，內(nèi)阻約為0.02Ω；電壓表V?：量程0-3V，內(nèi)阻約為3kΩ；電壓表V?：量程0-15V，內(nèi)阻約為15kΩ；滑動變阻器R：最大阻值為20Ω，額定電流為1A；開關(guān)S及導(dǎo)線若干。（1）為了減小實驗誤差，電流表應(yīng)選擇________，電壓表應(yīng)選擇________；（2）若未知電阻R?的阻值約為10Ω，為了使測量結(jié)果更準(zhǔn)確，應(yīng)采用________（填“電流表內(nèi)接法”或“電流表外接法”）；（3）請在虛線框內(nèi)畫出實驗電路圖；（4）實驗中，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器，記錄電流表的示數(shù)I和電壓表的示數(shù)U，則未知電阻R?的測量值表達(dá)式為R?=________。三、計算題（本題共4小題，共47分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15.（10分）如圖所示，一質(zhì)量為m=2kg的物體從高h(yuǎn)=5m的光滑斜面頂端由靜止滑下，斜面的傾角θ=37°。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2。求：（1）物體滑到斜面底端時的速度大?。唬?）物體滑到斜面底端時重力的瞬時功率。16.（12分）如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T的勻強(qiáng)磁場中，有一個邊長為L=0.2m的正方形線框abcd，線框的電阻R=0.4Ω，線框平面與磁場方向垂直?，F(xiàn)對線框施加一個水平向右的拉力F，使線框以速度v=5m/s的速度勻速穿出磁場。求：（1）線框穿出磁場的過程中，感應(yīng)電動勢的大小；（2）線框穿出磁場的過程中，感應(yīng)電流的大小和方向；（3）線框穿出磁場的過程中，拉力F做的功。17.（12分）如圖所示，一質(zhì)量為M=4kg的木板靜止在光滑水平面上，木板上表面左端放一質(zhì)量為m=1kg的滑塊，滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ=0.4?，F(xiàn)用一水平向右的恒力F=10N作用在滑塊上，使滑塊和木板從靜止開始運動，已知木板的長度L=2m，重力加速度g=10m/s2。求：（1）滑塊和木板的加速度大??；（2）經(jīng)過多長時間滑塊從木板右端滑出；（3）滑塊滑出木板時，滑塊和木板的速度大小。18.（13分）如圖所示，在xOy平面內(nèi)，有一范圍足夠大的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小E=1×103N/C，方向沿y軸負(fù)方向。一質(zhì)量為m=2×10?3kg、電荷量為q=2×10??C的帶正電小球，從原點O以初速度v?=10m/s沿x軸正方向拋出。重力加速度g=10m/s2。求：（1）小球在運動過程中的加速度大小和方向；（2）小球經(jīng)過多長時間到達(dá)x軸上方離x軸最遠(yuǎn)的位置；（3）小球運動到x=20m處時的速度大小和方向。參考答案一、選擇題（每小題4分，共48分）1.C解析：A選項，牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律，卡文迪許測出引力常量G；B選項，伽利略通過理想斜面實驗得出“力不是維持物體運動的原因”；D選項，普朗克提出量子化假說，愛因斯坦成功解釋光電效應(yīng)。2.AC解析：物塊勻速運動，水平方向受力平衡，摩擦力f=Fcosθ；豎直方向N+Fsinθ=mg，N=mg-Fsinθ，又f=μN(yùn)=μ(mg-Fsinθ)，故A、C正確。3.A解析：由星球表面重力等于萬有引力，mg=GMm/R2，得g=GM/R2，故g?/g?=(M?/M?)×(R?2/R?2)=2×(1/2)=1。4.B解析：由v-t圖像知，0-2s內(nèi)物體的加速度a=(4-0)/2=2m/s2，水平外力F=ma=4N，物體的位移x=(0+4)/2×2=4m，外力做功W=Fx=16J。5.B解析：線框轉(zhuǎn)速加倍，角速度ω加倍，由E?=NBSω知，E?加倍，故電動勢表達(dá)式為e=2E?sin2ωt。6.C解析：A選項，由電場線方向知，負(fù)電荷位于x軸正方向，正電荷位于x軸負(fù)方向；B選項，兩點電荷連線中點電場強(qiáng)度不為零；D選項，正試探電荷移到正電荷附近，電場力做負(fù)功，電勢能增大。7.B解析：小球在最高點時，重力和繩的拉力提供向心力，有T+mg=mv2/L，故T=mv2/L-mg。8.A解析：由變壓器電壓比U?/U?=n?/n?，得U?=22V；副線圈電流I?=U?/R=1A，由電流比I?/I?=n?/n?，得I?=0.1A。9.ABC解析：D選項，電場線不是閉合曲線，磁感線是閉合曲線。10.AC解析：碰撞過程中系統(tǒng)動量守恒，A正確；題目未說明是彈性碰撞，機(jī)械能不一定守恒，B、D錯誤；由動量守恒定律得m?v?=-m?v?+m?v?，C正確。11.AD解析：電容器與電源相連，電壓U不變；上極板上移，極板間距d增大，由C=ε?S/(4πkd)知C減小，A正確；由E=U/d知E減小，B錯誤；油滴所受電場力減小，重力大于電場力，油滴向下運動，C正確；下極板接地，油滴所在位置電勢φ=Ed'（d'為油滴到下極板距離），E減小，φ減小，油滴帶負(fù)電，電勢能E?=qφ增大，D錯誤。12.BC解析：對物體受力分析，沿斜面方向Fcosθ=mgsinθ，得F=mgtanθ，C正確；垂直斜面方向N=mgcosθ+Fsinθ，B正確。二、實驗題（共15分）13.（6分）（1）切線水平（2分）（2）B（2分）（3）x√(g/(2y))（2分）解析：（1）斜槽末端切線水平，才能保證小球做平拋運動；（2）斜槽是否光滑不影響，只要每次釋放位置相同，小球初速度就相同，B正確；（3）豎直方向y=(1/2)gt2，水平方向x=v?t，解得v?=x√(g/(2y))。14.（9分）（1）A?（1分）V?（1分）（2）電流表外接法（1分）（3）電路圖見解析（3分）（4）U/I（3分）解析：（1）電源電動勢3V，電壓表選V?；R?約10Ω，最大電流I=3/10=0.3A，電流表選A?；（2）R?遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，采用外接法；（3）電路圖：電源、開關(guān)、滑動變阻器、電流表A?、未知電阻R?串聯(lián)，電壓表V?并聯(lián)在R?兩端；（4）由歐姆定律得R?=U/I。三、計算題（共47分）15.（10分）解：（1）物體下滑過程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒mgh=(1/2)mv2（3分）解得v=√(2gh)=√(2×10×5)=10m/s（2分）（2）重力的瞬時功率P=mgvsinθ（3分）代入數(shù)據(jù)得P=2×10×10×0.6=120W（2分）16.（12分）解：（1）感應(yīng)電動勢E=BLv（3分）代入數(shù)據(jù)得E=0.5×0.2×5=0.5V（1分）（2）感應(yīng)電流I=E/R（2分）代入數(shù)據(jù)得I=0.5/0.4=1.25A（1分）由楞次定律知，感應(yīng)電流方向為a→d→c→b→a（2分）（3）線框勻速運動，拉力F等于安培力F安F安=BIL（1分）拉力做功W=F·L=F安·L（1分）代入數(shù)據(jù)得W=0.5×1.25×0.2=0.125J（1分）17.（12分）解：（1）對滑塊，由牛頓第二定律F-μmg=ma?（2分）代入數(shù)據(jù)得a?=(10-0.4×1×10)/1=6m/s2（1分）對木板，由牛頓第二定律μmg=Ma?（2分）代入數(shù)據(jù)得a?=(0.4×1×10)/4=1m/s2（1分）（2）設(shè)經(jīng)過t時間滑塊滑出木板，由位移關(guān)系(1/2)a?t2-(1/2)a?t2=L（2分）代入數(shù)據(jù)得(1/2)×6t2-(1/2)×1t2=2，解得t=√(0.8)=2√5/5s（1分）（3）滑塊的速度v?=a?t=6×2√5/5=12√5/5m/s（2分）木板的速度v?=a?t=1×2√5/5=2√5/5m/s（1分）18.（13分）解：（1）小球受重力和電場力，合力F合=mg+qE（2分）加速度a=F合/m=g+qE/m（1分）代入數(shù)據(jù)得a=10+(2×10??×1×103)/(2×10?3)=20m/s2（1分）方向沿y軸負(fù)方向（1分）（2）小球在y方向做豎直上拋運動，初速度為0，加速度為a到達(dá)最高點時y方向速度為0，由v=v?+at得t=0/a=0？不對，重新分析：小球初速度沿x軸，y方向初速度為0，受向下的合力，故y方向做初速度為0的勻加速直線運動，不存在x軸上方最遠(yuǎn)位置？題目有誤，應(yīng)為x軸下方；若按題目表述，修正為：小球帶負(fù)電，電場力向上，合力F合=mg-qE，若mg=qE，加速度為0，否則按實際受力計算。此處按題目原意，假設(shè)小球帶負(fù)電，q為負(fù)，重新計算：小球帶負(fù)電，電場力F電=qE方向沿y軸正方向合力F合=mg-F電=mg-|q|E（2分）加速度a=F合/m=g-|q