高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1海南省2024-2025學(xué)年高考考前訓(xùn)練卷（物理）一、單選題（本大題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題目要求的）1.2023年10月3日，皮埃爾·阿戈斯蒂尼、費(fèi)倫茨·克勞斯和安妮·呂利耶三位科學(xué)家因在阿秒激光方面所做出的突出貢獻(xiàn)獲得2023年諾貝爾物理學(xué)獎。通過阿秒激光，科學(xué)家們可以像看電影的慢動作回放一樣，觀察電子在原子內(nèi)部的運(yùn)動，探究它們之間的交互作用，開創(chuàng)了觀察和研究原子、分子甚至是電子動態(tài)的新窗口。歷史上，為了研究原子的性質(zhì)，科學(xué)家們做了大量的實驗研究，下面四幅示意圖中說法正確的是（）A.盧瑟福受普朗克的量子論和愛因斯坦的光子概念啟發(fā)，成功解釋了圖①的α粒子散射實驗結(jié)果，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型B.圖②表示的核反應(yīng)屬于重核裂變，裂變過程釋放能量，裂變產(chǎn)生的子核的比結(jié)合能比鈾235的比結(jié)合能大C.③中向左偏轉(zhuǎn)的是β粒子，向右偏轉(zhuǎn)的是α粒子，不偏轉(zhuǎn)的是γ粒子D.鋅的逸出功為3.34eV，用④中一群處于n＝3能級的氫原子發(fā)出的光照射鋅板，逸出光電子的最大初動能為9.41eV【答案】B【解析】A．盧瑟福以核式結(jié)構(gòu)模型為依據(jù)，利用經(jīng)典的電磁理論，成功的解釋了圖①的α粒子散射實驗現(xiàn)象，故A錯誤；B．圖②表示的核反應(yīng)屬于重核裂變，裂變過程釋放能量，裂變產(chǎn)生的子核的比結(jié)合能比鈾235的比結(jié)合能大，故B正確；C．根據(jù)左手定則，β粒子帶負(fù)電，所受洛倫茲力向右，即向右偏轉(zhuǎn)的是β粒子；α粒子帶正電，所受洛倫茲力向左，即向左偏轉(zhuǎn)的是α粒子；γ粒子不帶電，不受洛倫茲力，即沿直線運(yùn)動不偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；D．一群處于n＝3能級的氫原子向低能級躍遷時，釋放光子的最大能量為鋅的逸出功為3.34eV，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程，則逸出光電子的最大初動能為故D錯誤。故選B。2.如圖1所示，小球懸掛在輕彈簧下端，彈簧上端連接傳感器。小球上下振動時，傳感器記錄彈力隨時間變化的規(guī)律如圖2所示。已知重力加速度。下列說法正確的是（）A.小球的質(zhì)量為0.2kg，振動的周期為4sB.0~2s內(nèi)，小球始終處于超重狀態(tài)C.0~2s內(nèi)，小球受彈力的沖量大小為D.0~2s內(nèi)，彈力對小球做的功等于小球動能的變化量【答案】C【解析】A．小球在最低點(diǎn)時彈簧拉力最大，傳感器讀數(shù)最大為2N，到達(dá)最高點(diǎn)時傳感器示數(shù)最小值為零，則此時彈簧在原長，小球的加速度為向下的g，結(jié)合對稱性可知最低點(diǎn)時的加速度為向上的g，根據(jù)則F-mg=ma可知F=2mg=2N即小球的質(zhì)量m=0.1kg由圖像可知，振動的周期為4s，選項A錯誤；B．0~2s內(nèi)，小球從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)，加速度先向上后向下，則先超重后失重，選項B錯誤；C．0~2s內(nèi)，小球從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)，動量變化為零，由動量定理可得小球受彈力的沖量大小為選項C正確；D．0~2s內(nèi)，小球動能變化為零，彈力對小球做功與重力做功的代數(shù)和等于小球動能的變化量，選項D錯誤。故選C。3.哈雷彗星每隔約76.1年就會回歸一次，上一次回歸是1986年，根據(jù)測算，哈雷彗星將于2061年7月過近日點(diǎn)（即離太陽最近的點(diǎn)）。地球和哈雷彗星繞太陽運(yùn)行的軌跡如圖所示，兩軌跡相交于、兩點(diǎn)。彗星從運(yùn)行到、從運(yùn)行到的過程中，與太陽連線掃過的面積分別為和，且。彗星在近日點(diǎn)與太陽中心的距離約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的0.6倍，在遠(yuǎn)日點(diǎn)與太陽中心的距離約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的53.2倍，則下列說法正確的是（）A.彗星從運(yùn)行到的時間大于從運(yùn)行到的時間B.彗星在近日點(diǎn)的速度小于地球的運(yùn)行速度C.彗星在近日點(diǎn)的速度約為其在遠(yuǎn)日點(diǎn)速度的88.7倍D.彗星和地球在點(diǎn)的向心加速度大小相等【答案】C【解析】A．根據(jù)開普勒第二定律可知，同一行星與太陽中心連線在相等時間內(nèi)掃過的面積相等，由于，所以彗星從運(yùn)行到的時間等于從運(yùn)行到的時間，A錯誤；B．根據(jù)萬有引力提供行星運(yùn)動的向心力，則有解得由于彗星在近日點(diǎn)沿圓形軌道運(yùn)動的半徑小于地球的公轉(zhuǎn)半徑，故彗星在近日點(diǎn)圓形軌道的線速度速度大于地球公轉(zhuǎn)的運(yùn)行速度，彗星在近日點(diǎn)沿橢圓軌道運(yùn)行速度大于沿圓形軌道的線速度（衛(wèi)星變軌），故彗星在近日點(diǎn)的速度大于地球的運(yùn)行速度，B錯誤；C．根據(jù)開普勒第二定律可知，在相等的時間內(nèi)，彗星在近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)與太陽連線掃過的面積相等，即有結(jié)合題意，解得C正確；D．彗星和地球在點(diǎn)受到的萬有引力相等，軌道半徑相等，但彗星沿橢圓軌道運(yùn)行時，具有切向加速度，因此彗星和地球在點(diǎn)的向心加速度大小不相等，D錯誤。故選C。4.在恒星形成后的演化過程中，一顆恒星可能在運(yùn)動中接近并捕獲另外兩顆恒星，逐漸形成穩(wěn)定的三星系統(tǒng)。如圖所示是由三顆星體構(gòu)成的系統(tǒng)，星體B、C的質(zhì)量均為，星體A的質(zhì)量是星體B的4倍，忽略其他星體對它們的作用，三顆星體在相互之間的萬有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個頂點(diǎn)上，繞某一共同的圓心在三角形所在的平面內(nèi)做圓周運(yùn)動。星體A、B、C的向心加速度大小之比為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由兒何關(guān)系知設(shè)B、A間的距離為，則A所受的合力聯(lián)立可得由幾何對稱性可知星體B、C受力大小相等，根據(jù)牛頓第三定律又設(shè)星體B所受的合力為，正交分解，有，則則故選A。5.如圖甲所示，兩個等量點(diǎn)電荷P、Q固定于光滑絕緣水平面上，其連線的中垂線上有a、b、c三點(diǎn)。一個質(zhì)量50g，電荷量大小為的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），從a點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過b、c兩點(diǎn)，小球運(yùn)動的圖像如圖乙所示，其經(jīng)過b點(diǎn)時對應(yīng)的圖線切線斜率最大，則下列分析正確的是（）A.b、c兩點(diǎn)間電勢差B.沿中垂線由a點(diǎn)到c點(diǎn)電勢逐漸升高C.由a點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)過程中，小球的電勢能先增大后減小D.b點(diǎn)為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點(diǎn)，且場強(qiáng)【答案】D【解析】A．從b到c，由動能定理解得，A錯誤；B．由乙圖可知，從a點(diǎn)到c點(diǎn)小球速度一直增大，電場力一直做正功，小球帶正電，故沿中垂線由a點(diǎn)到c點(diǎn)電勢逐漸降低，B錯誤；C．由前面分析知，沿中垂線由a點(diǎn)到c點(diǎn)電勢逐漸降低，小球帶正電，則小球的電勢能逐漸減小，C錯誤；D．由乙圖可知，b點(diǎn)時對應(yīng)的圖線切線斜率最大，即在b點(diǎn)時加速度最大，由，知b點(diǎn)為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點(diǎn)，且場強(qiáng)，D正確。故選D。6.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)過程后回到初始狀態(tài)a，其圖像如圖所示。已知其中三個狀態(tài)的坐標(biāo)分別為a（，）、b（，）、c（，），圖像cb、da延長線過原點(diǎn)O。下列說法正確的是（）A.氣體在過程中對外界做的功等于在過程中對外界做的功B.在過程中，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量C.氣體在過程中從外界吸收的熱量小于在過程中向外界放出的熱量D.氣體在過程中內(nèi)能的減少量大于過程中內(nèi)能的增加量【答案】C【解析】A．過程，氣體的溫度不變，體積變大，根據(jù)可知，氣體的壓強(qiáng)減??；過程，氣體壓強(qiáng)不變，這兩個過程中氣體體積的增大量相同，但過程中的壓強(qiáng)較大，故氣體在過程中對外界做的功大于在過程中對外界做的功，故A錯誤；B．過程，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，氣體體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，外界對氣體做的功等于氣體向外界放出的熱量，故B錯誤；C．從過程有可得從過程有可得狀態(tài)d的體積為作出對應(yīng)的圖像如圖所示根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示做功大小，由圖可知過程中氣體對外界做的功小于過程中外界對氣體做的功，由于這兩個過程中內(nèi)能均不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體在過程中從外界吸收的熱量小于在過程中向外界放出的熱量，故C正確；D．由能量守恒定律可知，氣體在過程中內(nèi)能的減少量等于過程中內(nèi)能的增加量，故D錯誤。故選C。7.如圖1，寶石折光儀是用來測量寶石折射率的儀器。折光儀的基本原理如圖2，把待測寶石緊密貼放在半球棱鏡上，標(biāo)準(zhǔn)光源發(fā)出黃光，射向半球棱鏡球心。通過棱鏡射向被測寶石的光，當(dāng)入射角小于全反射臨界角的光線會折射進(jìn)寶石，觀測目鏡上表現(xiàn)為暗域；當(dāng)入射角大于臨界角的光線全反射回棱鏡，觀測目鏡上表現(xiàn)為亮域。亮暗域的分界線相當(dāng)于該臨界角的位置，目鏡下安裝有一個標(biāo)尺，刻有與此臨界角相對應(yīng)的折射率值。下列說法正確的是（）A.棱鏡對黃光的折射率大于寶石對黃光的折射率B.換用白光光源，測量寶石折射率的準(zhǔn)確度會更高C.換用紅光光源，其明暗域分界線在標(biāo)尺上的位置會在原黃光明暗域分界線位置的下方D.把寶石的另一個側(cè)面與棱鏡接觸，測得寶石的折射率與之前不同，說明寶石是非晶體【答案】A【解析】A．根據(jù)題意可知，黃光從半球棱鏡射入寶石能夠發(fā)生全反射，即半球棱鏡相對于寶石是光密介質(zhì)，可知，棱鏡對黃光的折射率大于寶石對黃光的折射率，故A正確；B．換用白光光源，由于白光是由七種單色光復(fù)合而成，不同種單色光的折射率不相同，當(dāng)入射角一定時，有些能夠發(fā)生全反射，有些不能夠發(fā)生全反射，則觀測目鏡上各種單色光顯現(xiàn)的亮暗區(qū)域不相同，測量寶石折射率的準(zhǔn)確度會更低，故B錯誤；C．紅光的折射率小于黃光的折射率，則紅光對應(yīng)的臨界角大于黃光的臨界角，可知，換用紅光光源，其明暗域分界線在標(biāo)尺上的位置會在原黃光明暗域分界線位置的上方，故C錯誤；D．把寶石的另一個側(cè)面與棱鏡接觸，測得寶石的折射率與之前不同，即寶石具有各向異性，說明寶石是單晶體，故D錯誤。故選A。8.有關(guān)下列四幅圖的描述，正確的是（）A.圖1中，增大加速電壓U，可以減小粒子在回旋加速器中運(yùn)動的時間B.圖2中，線圈順時針勻速轉(zhuǎn)動，電路中A、B發(fā)光二極管會交替發(fā)光C.圖3中，在梁的自由端施力F，梁發(fā)生彎曲，上表面應(yīng)變片的電阻變小D.圖4中，僅減小兩極板的距離，則磁流體發(fā)電機(jī)的電動勢會增大【答案】A【解析】A．設(shè)粒子獲得最大速度為v，由洛倫茲力提供向心力有（R為最大軌道半徑）最終動能聯(lián)立解得則加速次數(shù)粒子在磁場中運(yùn)動周期運(yùn)動總時間聯(lián)立解得由此可知，增大加速電壓U

，粒子在回旋加速器中運(yùn)動時間減小，故A正確；B．圖甲中，由于線圈外接換向器，使線圈中的交流電整合為直流電，電流的方向不變，A、B發(fā)光二極管不會交替發(fā)光，故B錯誤；C．在梁的自由端施力F，梁發(fā)生彎曲，上表面拉伸，應(yīng)變片的長度l變長，橫截面積S變小，根據(jù)電阻定律可知上表面應(yīng)變片的電阻變大，故C錯誤；D．磁流體發(fā)電機(jī)穩(wěn)定時，有（d為兩極板間的距離）解得電動勢可知僅減小兩極板的距離d，磁流體發(fā)電機(jī)的電動勢會減小，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題（本大題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，不選或選錯的得0分）9.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，此波在某時刻的波形圖如圖甲所示。質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置在處，質(zhì)點(diǎn)N的平衡位置是處。質(zhì)點(diǎn)N從時刻開始振動，其振動圖像如圖乙所示。此波傳播到平衡位置為處的質(zhì)點(diǎn)Q時，遇到一障礙物（未畫出）之后傳播方向立刻反向，反射波與原入射波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉，某時刻兩列波部分波形如圖丙所示。則下列說法中正確的是（）A.波源的起振方向可能向上B.此橫波傳播的波速為20m/sC.從到，質(zhì)點(diǎn)M通過的路程等于10cmD.足夠長時間后，O、Q之間有5個振動加強(qiáng)點(diǎn)（不包括O、Q兩點(diǎn)）【答案】BC【解析】A．由乙圖可知，N點(diǎn)的起振方向向下，故波源的起振方向向下，A錯誤；B．由甲圖可知，該波的波長為由乙圖可知，該波的振動周期故該波的波速為C．從到，剛好質(zhì)點(diǎn)振動的時間若質(zhì)點(diǎn)M在平衡位置或最大位移處，其通過的路程為故其路程是10cm，C正確；D．虛線的波源可看成位于處，此時振動方向向下，向右傳播的波源此時的振動方向向上，因此這是起振方向相反的兩列波相互疊加，振動加強(qiáng)點(diǎn)到兩波源的距離差滿足結(jié)合題意可知解得恰好有4個加強(qiáng)點(diǎn)，C錯誤。故選BC。10.某自行車所裝車燈發(fā)電機(jī)如圖甲所示，其結(jié)構(gòu)見圖乙。繞有線圈的匚形鐵芯開口處裝有磁鐵，車輪轉(zhuǎn)動時帶動與其接觸的摩擦輪轉(zhuǎn)動，摩擦輪又通過傳動軸帶動磁鐵一起轉(zhuǎn)動，從而使鐵芯中磁通量發(fā)生變化。線圈兩端、作為發(fā)電機(jī)輸出端，通過導(dǎo)線與燈泡相連。假設(shè)車輪轉(zhuǎn)動時，摩擦輪與輪胎間不打滑，則（）A.磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過的過程中，通過的電流方向為B.磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過的過程中，中的電流逐漸變小C.車輪轉(zhuǎn)速加倍時中的電流也加倍D.自行車勻加速行駛時發(fā)電機(jī)輸出電壓隨時間變化關(guān)系大致如圖丙所示【答案】AC【解析】A．磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過，根據(jù)楞次定律，通過線圈向下的原磁場磁通量減少，感應(yīng)電流的磁場阻礙磁通量減少，用安培定則判斷，通過的電流方向為，故A正確；B．磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過的過程中，通過線框磁通量變化率越來越大，當(dāng)轉(zhuǎn)時，通過鐵芯的系統(tǒng)量為0，但是磁通量的變化率最大，因此此過程中的電流逐漸變大，故B錯誤；C．車輪轉(zhuǎn)速加倍，摩擦輪轉(zhuǎn)速加倍，磁鐵轉(zhuǎn)動角速度加倍，磁通量變化率也加倍，則也加倍由可知電流加倍，故C正確；D．自行車勻加速行駛時，車輪轉(zhuǎn)速持續(xù)增加，磁鐵轉(zhuǎn)動加快，周期變小，但圖丙中電壓周期不變，故D錯誤。故選AC。11.如圖所示，不可伸長的輕繩跨越釘子，兩端分別系有大小相同的小球A和B。在球B上施加外力，使輕繩水平且繃直，球A與地面接觸，兩球均靜止。已知，兩球質(zhì)量分別為、，重力加速度為，不計一切阻力?，F(xiàn)將球B由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)兩球可沿水平方向發(fā)生正碰，且碰后粘在一起運(yùn)動。則（）A.兩球質(zhì)量應(yīng)滿足B.外力應(yīng)滿足C.兩球碰撞前瞬間，B球的加速度大小為D.兩球碰后擺起的最大高度不超過【答案】AC【解析】A．兩球可沿水平方向發(fā)生正碰，表明A始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，對B進(jìn)行分析，根據(jù)動能定理有B在最低點(diǎn)與A碰撞前，根據(jù)牛頓第二定律有由于A能夠保持靜止，則有解得故A正確；B．在球B上施加外力，使輕繩水平且繃直，B此時受到重力、繩拉力T0，與F三個力作用，根據(jù)平衡條件有可知，要使的細(xì)繩處于伸直狀態(tài)，則力F最小值為mBg，因為A的重力無最大值（可以是無窮大），可知F無最大值，故B錯誤；C．兩球碰撞前瞬間，對B球進(jìn)行分析，則有故C正確；D．對A、B進(jìn)行分析，根據(jù)動量守恒定律有結(jié)合上述解得之后根據(jù)動能定理有解得故D錯誤。故選AC。12.如圖是一半徑為R的帶正電的空心金屬球殼，正電荷均勻分布在球殼上，球殼厚度不計。以球心為原點(diǎn)建立O-xyz空間直角坐標(biāo)系，A、B、C三點(diǎn)的坐標(biāo)分別為、、。已知均勻帶電的球殼在球殼內(nèi)部產(chǎn)生的電場強(qiáng)度處處為零，在球殼外部產(chǎn)生的電場與一個位于其球心的電荷量相同的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場相同。下列說法正確的是（）A.A點(diǎn)的電勢大于B點(diǎn)的電勢B.A點(diǎn)的電勢等于C點(diǎn)的電勢C.電子在O點(diǎn)的電勢能比在其他點(diǎn)的電勢能都低D.A、B、C三點(diǎn)的場強(qiáng)大小關(guān)系為【答案】AB【解析】A．球殼帶正電，由分析知，A點(diǎn)的電勢大于B點(diǎn)的電勢，故A正確；BC．球殼內(nèi)部產(chǎn)生的電場強(qiáng)度處處為零，整個球是一個等勢體，A點(diǎn)的電勢等于C點(diǎn)的電勢，電子在O點(diǎn)的電勢能不一定比在其他點(diǎn)的電勢能都低，故B正確，C錯誤；D．C點(diǎn)場強(qiáng)為零，根據(jù)可知，A、B、C三點(diǎn)的場強(qiáng)大小關(guān)系為故D錯誤。故選AB。13.如圖所示，固定光滑平行軌道由四分之一圓弧軌道和水平軌道組成，水平軌道處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，Ⅰ區(qū)域軌道寬度為L，Ⅱ區(qū)域軌道寬度為2L，Ⅰ區(qū)域軌道長度和Ⅱ區(qū)域軌道長度均足夠長。質(zhì)量為m的金屬棒1從高度為R的四分之一圓弧軌道頂端由靜止開始下滑，開始時質(zhì)量為2m的金屬棒2靜止在寬度為2L的軌道上，金屬棒1接入軌道間的電阻為r，金屬棒2接入軌道間的電阻為2r。兩金屬棒始終與軌道垂直且保持良好接觸。不計其他電阻及空氣阻力，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.金屬棒1運(yùn)動到圓弧軌道底端時受到軌道的支持力大小為3mgB.穩(wěn)定時金屬棒1的速度大小為C.金屬棒1從圓弧軌道底端運(yùn)動到剛穩(wěn)定時，通過金屬棒1的電荷量為。D.若將金屬棒2固定，使金屬棒1仍從圓弧軌道最高點(diǎn)由靜止釋放，則金屬棒1在水平軌道上通過的最大距離為【答案】AC【解析】A．金屬棒1在光滑四分之一圓弧軌道上運(yùn)動，由機(jī)械能守恒定律有，解得由牛頓第二定律有，解得，選項A正確；B．當(dāng)兩金屬棒穩(wěn)定時，兩棒產(chǎn)生的電動勢相等，有可得對金屬棒1，根據(jù)動量定理有對金屬棒2，根據(jù)動量定理有解得，選項B錯誤；C．由動量定理，，解得，選項C正確；D．根據(jù)解得選項D錯誤。故選AC。三、實驗題（本題共2小題，共20分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。）14.下列是《普通高中物理課程標(biāo)準(zhǔn)》列出的必做實驗的部分步驟，請完成實驗操作和計算。（1）圖甲是“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗裝置示意圖。實驗中________（填“需要”或“不需要”）滿足鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；圖乙是規(guī)范操作下得到的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，在紙帶上依次選出7個計數(shù)點(diǎn)，分別標(biāo)上A、B、C、D、E、F和G，每相鄰的兩個計數(shù)點(diǎn)間還有四個點(diǎn)未畫出，打點(diǎn)計時器所接電源的頻率為50Hz，則小車的加速度大小為________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（2）在“探究彈簧彈力大小與其長度的關(guān)系”實驗中，當(dāng)彈簧測力計的示數(shù)如圖丙所示時，讀數(shù)是________N，通過實驗得到彈力大小F與彈簧長度x的關(guān)系圖線如圖丁所示，由此圖線可得該彈簧的勁度系數(shù)________。（3）在“薄膜干涉”實驗中，用平行單色光垂直照射一透明薄膜，若薄膜厚度d隨坐標(biāo)x的變化如圖戊所示，則觀察到干涉條紋可能是_________（填正確答案標(biāo)號）。A. B.C. D.【答案】（1）不需要0.50（2）4.650（3）D【解析】（1）[1]實驗“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”中不需要滿足懸掛鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；[2]每相鄰的兩個計數(shù)點(diǎn)間還有四個點(diǎn)未畫出，則相鄰計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔為；由逐差法可求得小車的加速度大小為（2）[1]由圖丙可知彈簧測力計的最小分度值為，因此不估讀到下一位，讀數(shù)為；[2]由圖丁可知彈簧的勁度系數(shù)為。（3）薄膜干涉是光照射到薄膜上時，薄膜前后表面反射的兩列光相疊加，發(fā)生干涉，同一條亮條紋或暗條紋對應(yīng)的薄膜厚度相等。由于厚度d隨x坐標(biāo)增大而增大，且d增大的幅度越來越大，所以條紋間距會越來越窄，條紋寬度也越來越窄。故選D。15.某物理興趣小組要測量繞制滑動變阻器的電阻絲的電阻率，已知緊密貼合單層繞制的電阻絲共120匝，如圖甲所示，具體步驟如下：（1）同學(xué)A用游標(biāo)卡尺測量金屬筒的直徑，如圖乙所示，讀數(shù)為__________mm；使用螺旋測微器測量電阻絲的直徑，如圖丙所示，讀數(shù)為__________mm。（2）同學(xué)B使用如圖丁所示的電路測量滑動變阻器的最大阻值Rx，把待測滑動變阻器的阻值調(diào)至最大處，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值，讀出多組電流表的示數(shù)I以及對應(yīng)的R0數(shù)值，作出如圖戊所示的圖像，忽略電源及電流表的內(nèi)阻，由圖像分析可得滑動變阻器的最大阻值Rx為__________Ω，使用的電源電動勢為_____________V。（3）根據(jù)以上實驗數(shù)據(jù)可得繞制滑動變阻器的電阻絲的電阻率約為__________Ω?m（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為[2]螺旋測微器的讀數(shù)【小問2詳析】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律則有變形可得由戊圖可得，解得，【小問3詳析】由題可知，金屬絲的總長度（金屬絲的直徑相對于金屬圓筒的直徑較小，計算時可以忽略），金屬絲的橫截面積，根據(jù)電阻定律代入數(shù)據(jù)解得四、計算題（本題共3小題，共36分。要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。）16.按壓式桶裝水取水器是一種方便快捷的取水工具，其裝置主要由氣囊、按壓手柄和出水管等部件構(gòu)成，簡化為如圖所示，使用時，通過按壓取水器頂部，可將氣囊中壓強(qiáng)為一個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓的氣體全部壓入桶中且氣體不回流。某次取水時，緩慢按壓取水器頂部6次可恰好出水，測得出水管頂端到水面的距離，桶內(nèi)水深，水桶總高度H＝60cm，初始時，桶內(nèi)氣體壓強(qiáng)為。已知水桶的總?cè)莘e為V＝18L，標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，水的密度，重力加速度g取。出水管及桶口部分體積可忽略，外部溫度恒定，整個裝置不漏氣。求：（1）恰好出水時，桶內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）氣囊的容積?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】由題意可得，恰好出水時桶內(nèi)的壓強(qiáng)為代入數(shù)據(jù)解得【小問2詳析】把6次由壓縮氣囊打進(jìn)桶內(nèi)的氣體和桶內(nèi)原有氣體視為研究對象，設(shè)氣囊容積為，V＝18L，則，，由玻意耳定律聯(lián)立以上各式解得17.一固定裝置由水平的光滑直軌道AB、傾角為的光滑直軌道BC、圓弧管道（圓心角為）CD組成，軌道間平滑連接，其豎直截面如圖所示。BC的長度，圓弧管道半徑（忽略管道內(nèi)徑大?。珼和圓心O在同一豎直線上。軌道ABCD末端D的右側(cè)緊靠著光滑水平地面放置的一輕質(zhì)木板，小物塊在木板最左端緊挨著管道出口D，板右上方有一水平位置可調(diào)節(jié)的擋板P，小物塊靜止于木板右端?，F(xiàn)有一質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的物體，從A端彈射獲得的動能后，經(jīng)軌道ABCD水平滑到D點(diǎn)，并與小物塊發(fā)生彈性碰撞，經(jīng)過一段時間后和右側(cè)擋板發(fā)生彈性碰撞，整個運(yùn)動過程中、未發(fā)生碰撞，與擋板P碰撞后均反向彈回，碰撞前后瞬間速度大小相等。已知、與木板間的動摩擦因數(shù)均為0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，，，。試求：（1）求滑塊到達(dá)D點(diǎn)時對軌道的作用力；（2）若整個運(yùn)動過程中只與擋板碰撞1次，且返回后最終、停止了運(yùn)動，求最初與擋板P的水平距離；（3）調(diào)節(jié)與擋板P的水平距離，使整個運(yùn)動過程中與擋板總共碰撞2次，且最終、停止了運(yùn)動，求整個運(yùn)動經(jīng)過的時間t和此過程最初與擋板P的水平距離。【答案】（1），方向豎直向下（2）（3）1.5s，【解析】【小問1詳析】根據(jù)動能定理，則有可解得在D點(diǎn)列圓周運(yùn)動方程，則有可解得根據(jù)牛頓第三定律可知，滑塊對軌道的作用力方向豎直向下，大小為1N?！拘?詳析】發(fā)生彈性碰撞，則由動量守恒定律和能量守恒定律有，可解得根據(jù)動量守恒，在與擋板P碰撞前的過程中，則有在與擋板P碰后直到停止的過程中，根據(jù)動量守恒定律有可解得，對小物塊和輕質(zhì)木板整體列動能定理，則有可解得【小問3詳析】根據(jù)動量守恒，在與擋板P第一次碰撞前的過程中，則有從第一次碰撞后，到第二次碰撞的過程中，對于小物塊和輕質(zhì)木板整體根據(jù)牛頓第二定律，則有可解得對于小物塊根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式，則有，可解得對于小物塊根據(jù)牛頓第二定律，則有可解得對于小物塊根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式，則有對于第二次碰撞到停止的過程中，根據(jù)動量守恒，則有綜上所述，可解得對小物塊和輕質(zhì)木板整體列動能定理，則有可解得對于整個過程列動量定理，則有可解得18.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E，第四象限內(nèi)有垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，在y軸上，從兩點(diǎn)沿x軸正向以相同初速度分別射出相同的帶正電的粒子a和b，a進(jìn)磁場時速度方向與x軸正向的夾角為，粒子間的相互作用和重力不計，求：（1）帶電粒子的比荷；（2）兩粒子第一次經(jīng)過x軸的位置間的距離；（3）在磁場中放一平行于x軸的足夠長熒光屏，調(diào)節(jié)熒光屏到x軸的距離，使a粒子向下垂直打在熒光屏上，則a、b兩粒子打在熒光屏上的位置間的距離為多少?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】設(shè)a第一次經(jīng)過x軸時到O點(diǎn)距離為，據(jù)類平拋運(yùn)動規(guī)律有根據(jù)題意有解得據(jù)牛頓第二定律有，解得【小問2詳析】設(shè)b第一次在電場中運(yùn)動的時間為，則有解得設(shè)b第一次經(jīng)過x軸時到O點(diǎn)距離為，則有則a、b第一次經(jīng)過x軸時的位置間的距離為【小問3詳析】若粒子進(jìn)磁場時速度與x軸正向夾角為，則進(jìn)磁場時的速度根據(jù)牛頓第二定律有解得粒子做圓周運(yùn)動的圓心到x軸的距離即a、b在磁場中做圓周運(yùn)動的圓心在平行于x軸的同一直線上，即a能垂直打在熒光屏上，b也垂直打在熒光屏上。a在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑設(shè)b進(jìn)磁場時的速度為，根據(jù)動能定理有解得設(shè)與x軸正向夾角為，則有b在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑a、b打在熒光屏上的位置間的距離解得海南省2024-2025學(xué)年高考考前訓(xùn)練卷（物理）一、單選題（本大題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題目要求的）1.2023年10月3日，皮埃爾·阿戈斯蒂尼、費(fèi)倫茨·克勞斯和安妮·呂利耶三位科學(xué)家因在阿秒激光方面所做出的突出貢獻(xiàn)獲得2023年諾貝爾物理學(xué)獎。通過阿秒激光，科學(xué)家們可以像看電影的慢動作回放一樣，觀察電子在原子內(nèi)部的運(yùn)動，探究它們之間的交互作用，開創(chuàng)了觀察和研究原子、分子甚至是電子動態(tài)的新窗口。歷史上，為了研究原子的性質(zhì)，科學(xué)家們做了大量的實驗研究，下面四幅示意圖中說法正確的是（）A.盧瑟福受普朗克的量子論和愛因斯坦的光子概念啟發(fā)，成功解釋了圖①的α粒子散射實驗結(jié)果，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型B.圖②表示的核反應(yīng)屬于重核裂變，裂變過程釋放能量，裂變產(chǎn)生的子核的比結(jié)合能比鈾235的比結(jié)合能大C.③中向左偏轉(zhuǎn)的是β粒子，向右偏轉(zhuǎn)的是α粒子，不偏轉(zhuǎn)的是γ粒子D.鋅的逸出功為3.34eV，用④中一群處于n＝3能級的氫原子發(fā)出的光照射鋅板，逸出光電子的最大初動能為9.41eV【答案】B【解析】A．盧瑟福以核式結(jié)構(gòu)模型為依據(jù)，利用經(jīng)典的電磁理論，成功的解釋了圖①的α粒子散射實驗現(xiàn)象，故A錯誤；B．圖②表示的核反應(yīng)屬于重核裂變，裂變過程釋放能量，裂變產(chǎn)生的子核的比結(jié)合能比鈾235的比結(jié)合能大，故B正確；C．根據(jù)左手定則，β粒子帶負(fù)電，所受洛倫茲力向右，即向右偏轉(zhuǎn)的是β粒子；α粒子帶正電，所受洛倫茲力向左，即向左偏轉(zhuǎn)的是α粒子；γ粒子不帶電，不受洛倫茲力，即沿直線運(yùn)動不偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；D．一群處于n＝3能級的氫原子向低能級躍遷時，釋放光子的最大能量為鋅的逸出功為3.34eV，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程，則逸出光電子的最大初動能為故D錯誤。故選B。2.如圖1所示，小球懸掛在輕彈簧下端，彈簧上端連接傳感器。小球上下振動時，傳感器記錄彈力隨時間變化的規(guī)律如圖2所示。已知重力加速度。下列說法正確的是（）A.小球的質(zhì)量為0.2kg，振動的周期為4sB.0~2s內(nèi)，小球始終處于超重狀態(tài)C.0~2s內(nèi)，小球受彈力的沖量大小為D.0~2s內(nèi)，彈力對小球做的功等于小球動能的變化量【答案】C【解析】A．小球在最低點(diǎn)時彈簧拉力最大，傳感器讀數(shù)最大為2N，到達(dá)最高點(diǎn)時傳感器示數(shù)最小值為零，則此時彈簧在原長，小球的加速度為向下的g，結(jié)合對稱性可知最低點(diǎn)時的加速度為向上的g，根據(jù)則F-mg=ma可知F=2mg=2N即小球的質(zhì)量m=0.1kg由圖像可知，振動的周期為4s，選項A錯誤；B．0~2s內(nèi)，小球從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)，加速度先向上后向下，則先超重后失重，選項B錯誤；C．0~2s內(nèi)，小球從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)，動量變化為零，由動量定理可得小球受彈力的沖量大小為選項C正確；D．0~2s內(nèi)，小球動能變化為零，彈力對小球做功與重力做功的代數(shù)和等于小球動能的變化量，選項D錯誤。故選C。3.哈雷彗星每隔約76.1年就會回歸一次，上一次回歸是1986年，根據(jù)測算，哈雷彗星將于2061年7月過近日點(diǎn)（即離太陽最近的點(diǎn)）。地球和哈雷彗星繞太陽運(yùn)行的軌跡如圖所示，兩軌跡相交于、兩點(diǎn)。彗星從運(yùn)行到、從運(yùn)行到的過程中，與太陽連線掃過的面積分別為和，且。彗星在近日點(diǎn)與太陽中心的距離約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的0.6倍，在遠(yuǎn)日點(diǎn)與太陽中心的距離約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的53.2倍，則下列說法正確的是（）A.彗星從運(yùn)行到的時間大于從運(yùn)行到的時間B.彗星在近日點(diǎn)的速度小于地球的運(yùn)行速度C.彗星在近日點(diǎn)的速度約為其在遠(yuǎn)日點(diǎn)速度的88.7倍D.彗星和地球在點(diǎn)的向心加速度大小相等【答案】C【解析】A．根據(jù)開普勒第二定律可知，同一行星與太陽中心連線在相等時間內(nèi)掃過的面積相等，由于，所以彗星從運(yùn)行到的時間等于從運(yùn)行到的時間，A錯誤；B．根據(jù)萬有引力提供行星運(yùn)動的向心力，則有解得由于彗星在近日點(diǎn)沿圓形軌道運(yùn)動的半徑小于地球的公轉(zhuǎn)半徑，故彗星在近日點(diǎn)圓形軌道的線速度速度大于地球公轉(zhuǎn)的運(yùn)行速度，彗星在近日點(diǎn)沿橢圓軌道運(yùn)行速度大于沿圓形軌道的線速度（衛(wèi)星變軌），故彗星在近日點(diǎn)的速度大于地球的運(yùn)行速度，B錯誤；C．根據(jù)開普勒第二定律可知，在相等的時間內(nèi)，彗星在近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)與太陽連線掃過的面積相等，即有結(jié)合題意，解得C正確；D．彗星和地球在點(diǎn)受到的萬有引力相等，軌道半徑相等，但彗星沿橢圓軌道運(yùn)行時，具有切向加速度，因此彗星和地球在點(diǎn)的向心加速度大小不相等，D錯誤。故選C。4.在恒星形成后的演化過程中，一顆恒星可能在運(yùn)動中接近并捕獲另外兩顆恒星，逐漸形成穩(wěn)定的三星系統(tǒng)。如圖所示是由三顆星體構(gòu)成的系統(tǒng)，星體B、C的質(zhì)量均為，星體A的質(zhì)量是星體B的4倍，忽略其他星體對它們的作用，三顆星體在相互之間的萬有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個頂點(diǎn)上，繞某一共同的圓心在三角形所在的平面內(nèi)做圓周運(yùn)動。星體A、B、C的向心加速度大小之比為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由兒何關(guān)系知設(shè)B、A間的距離為，則A所受的合力聯(lián)立可得由幾何對稱性可知星體B、C受力大小相等，根據(jù)牛頓第三定律又設(shè)星體B所受的合力為，正交分解，有，則則故選A。5.如圖甲所示，兩個等量點(diǎn)電荷P、Q固定于光滑絕緣水平面上，其連線的中垂線上有a、b、c三點(diǎn)。一個質(zhì)量50g，電荷量大小為的帶電小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），從a點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過b、c兩點(diǎn)，小球運(yùn)動的圖像如圖乙所示，其經(jīng)過b點(diǎn)時對應(yīng)的圖線切線斜率最大，則下列分析正確的是（）A.b、c兩點(diǎn)間電勢差B.沿中垂線由a點(diǎn)到c點(diǎn)電勢逐漸升高C.由a點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)過程中，小球的電勢能先增大后減小D.b點(diǎn)為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點(diǎn)，且場強(qiáng)【答案】D【解析】A．從b到c，由動能定理解得，A錯誤；B．由乙圖可知，從a點(diǎn)到c點(diǎn)小球速度一直增大，電場力一直做正功，小球帶正電，故沿中垂線由a點(diǎn)到c點(diǎn)電勢逐漸降低，B錯誤；C．由前面分析知，沿中垂線由a點(diǎn)到c點(diǎn)電勢逐漸降低，小球帶正電，則小球的電勢能逐漸減小，C錯誤；D．由乙圖可知，b點(diǎn)時對應(yīng)的圖線切線斜率最大，即在b點(diǎn)時加速度最大，由，知b點(diǎn)為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點(diǎn)，且場強(qiáng)，D正確。故選D。6.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)過程后回到初始狀態(tài)a，其圖像如圖所示。已知其中三個狀態(tài)的坐標(biāo)分別為a（，）、b（，）、c（，），圖像cb、da延長線過原點(diǎn)O。下列說法正確的是（）A.氣體在過程中對外界做的功等于在過程中對外界做的功B.在過程中，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量C.氣體在過程中從外界吸收的熱量小于在過程中向外界放出的熱量D.氣體在過程中內(nèi)能的減少量大于過程中內(nèi)能的增加量【答案】C【解析】A．過程，氣體的溫度不變，體積變大，根據(jù)可知，氣體的壓強(qiáng)減小；過程，氣體壓強(qiáng)不變，這兩個過程中氣體體積的增大量相同，但過程中的壓強(qiáng)較大，故氣體在過程中對外界做的功大于在過程中對外界做的功，故A錯誤；B．過程，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，氣體體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，外界對氣體做的功等于氣體向外界放出的熱量，故B錯誤；C．從過程有可得從過程有可得狀態(tài)d的體積為作出對應(yīng)的圖像如圖所示根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示做功大小，由圖可知過程中氣體對外界做的功小于過程中外界對氣體做的功，由于這兩個過程中內(nèi)能均不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體在過程中從外界吸收的熱量小于在過程中向外界放出的熱量，故C正確；D．由能量守恒定律可知，氣體在過程中內(nèi)能的減少量等于過程中內(nèi)能的增加量，故D錯誤。故選C。7.如圖1，寶石折光儀是用來測量寶石折射率的儀器。折光儀的基本原理如圖2，把待測寶石緊密貼放在半球棱鏡上，標(biāo)準(zhǔn)光源發(fā)出黃光，射向半球棱鏡球心。通過棱鏡射向被測寶石的光，當(dāng)入射角小于全反射臨界角的光線會折射進(jìn)寶石，觀測目鏡上表現(xiàn)為暗域；當(dāng)入射角大于臨界角的光線全反射回棱鏡，觀測目鏡上表現(xiàn)為亮域。亮暗域的分界線相當(dāng)于該臨界角的位置，目鏡下安裝有一個標(biāo)尺，刻有與此臨界角相對應(yīng)的折射率值。下列說法正確的是（）A.棱鏡對黃光的折射率大于寶石對黃光的折射率B.換用白光光源，測量寶石折射率的準(zhǔn)確度會更高C.換用紅光光源，其明暗域分界線在標(biāo)尺上的位置會在原黃光明暗域分界線位置的下方D.把寶石的另一個側(cè)面與棱鏡接觸，測得寶石的折射率與之前不同，說明寶石是非晶體【答案】A【解析】A．根據(jù)題意可知，黃光從半球棱鏡射入寶石能夠發(fā)生全反射，即半球棱鏡相對于寶石是光密介質(zhì)，可知，棱鏡對黃光的折射率大于寶石對黃光的折射率，故A正確；B．換用白光光源，由于白光是由七種單色光復(fù)合而成，不同種單色光的折射率不相同，當(dāng)入射角一定時，有些能夠發(fā)生全反射，有些不能夠發(fā)生全反射，則觀測目鏡上各種單色光顯現(xiàn)的亮暗區(qū)域不相同，測量寶石折射率的準(zhǔn)確度會更低，故B錯誤；C．紅光的折射率小于黃光的折射率，則紅光對應(yīng)的臨界角大于黃光的臨界角，可知，換用紅光光源，其明暗域分界線在標(biāo)尺上的位置會在原黃光明暗域分界線位置的上方，故C錯誤；D．把寶石的另一個側(cè)面與棱鏡接觸，測得寶石的折射率與之前不同，即寶石具有各向異性，說明寶石是單晶體，故D錯誤。故選A。8.有關(guān)下列四幅圖的描述，正確的是（）A.圖1中，增大加速電壓U，可以減小粒子在回旋加速器中運(yùn)動的時間B.圖2中，線圈順時針勻速轉(zhuǎn)動，電路中A、B發(fā)光二極管會交替發(fā)光C.圖3中，在梁的自由端施力F，梁發(fā)生彎曲，上表面應(yīng)變片的電阻變小D.圖4中，僅減小兩極板的距離，則磁流體發(fā)電機(jī)的電動勢會增大【答案】A【解析】A．設(shè)粒子獲得最大速度為v，由洛倫茲力提供向心力有（R為最大軌道半徑）最終動能聯(lián)立解得則加速次數(shù)粒子在磁場中運(yùn)動周期運(yùn)動總時間聯(lián)立解得由此可知，增大加速電壓U

，粒子在回旋加速器中運(yùn)動時間減小，故A正確；B．圖甲中，由于線圈外接換向器，使線圈中的交流電整合為直流電，電流的方向不變，A、B發(fā)光二極管不會交替發(fā)光，故B錯誤；C．在梁的自由端施力F，梁發(fā)生彎曲，上表面拉伸，應(yīng)變片的長度l變長，橫截面積S變小，根據(jù)電阻定律可知上表面應(yīng)變片的電阻變大，故C錯誤；D．磁流體發(fā)電機(jī)穩(wěn)定時，有（d為兩極板間的距離）解得電動勢可知僅減小兩極板的距離d，磁流體發(fā)電機(jī)的電動勢會減小，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題（本大題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，不選或選錯的得0分）9.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，此波在某時刻的波形圖如圖甲所示。質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置在處，質(zhì)點(diǎn)N的平衡位置是處。質(zhì)點(diǎn)N從時刻開始振動，其振動圖像如圖乙所示。此波傳播到平衡位置為處的質(zhì)點(diǎn)Q時，遇到一障礙物（未畫出）之后傳播方向立刻反向，反射波與原入射波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉，某時刻兩列波部分波形如圖丙所示。則下列說法中正確的是（）A.波源的起振方向可能向上B.此橫波傳播的波速為20m/sC.從到，質(zhì)點(diǎn)M通過的路程等于10cmD.足夠長時間后，O、Q之間有5個振動加強(qiáng)點(diǎn)（不包括O、Q兩點(diǎn)）【答案】BC【解析】A．由乙圖可知，N點(diǎn)的起振方向向下，故波源的起振方向向下，A錯誤；B．由甲圖可知，該波的波長為由乙圖可知，該波的振動周期故該波的波速為C．從到，剛好質(zhì)點(diǎn)振動的時間若質(zhì)點(diǎn)M在平衡位置或最大位移處，其通過的路程為故其路程是10cm，C正確；D．虛線的波源可看成位于處，此時振動方向向下，向右傳播的波源此時的振動方向向上，因此這是起振方向相反的兩列波相互疊加，振動加強(qiáng)點(diǎn)到兩波源的距離差滿足結(jié)合題意可知解得恰好有4個加強(qiáng)點(diǎn)，C錯誤。故選BC。10.某自行車所裝車燈發(fā)電機(jī)如圖甲所示，其結(jié)構(gòu)見圖乙。繞有線圈的匚形鐵芯開口處裝有磁鐵，車輪轉(zhuǎn)動時帶動與其接觸的摩擦輪轉(zhuǎn)動，摩擦輪又通過傳動軸帶動磁鐵一起轉(zhuǎn)動，從而使鐵芯中磁通量發(fā)生變化。線圈兩端、作為發(fā)電機(jī)輸出端，通過導(dǎo)線與燈泡相連。假設(shè)車輪轉(zhuǎn)動時，摩擦輪與輪胎間不打滑，則（）A.磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過的過程中，通過的電流方向為B.磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過的過程中，中的電流逐漸變小C.車輪轉(zhuǎn)速加倍時中的電流也加倍D.自行車勻加速行駛時發(fā)電機(jī)輸出電壓隨時間變化關(guān)系大致如圖丙所示【答案】AC【解析】A．磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過，根據(jù)楞次定律，通過線圈向下的原磁場磁通量減少，感應(yīng)電流的磁場阻礙磁通量減少，用安培定則判斷，通過的電流方向為，故A正確；B．磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過的過程中，通過線框磁通量變化率越來越大，當(dāng)轉(zhuǎn)時，通過鐵芯的系統(tǒng)量為0，但是磁通量的變化率最大，因此此過程中的電流逐漸變大，故B錯誤；C．車輪轉(zhuǎn)速加倍，摩擦輪轉(zhuǎn)速加倍，磁鐵轉(zhuǎn)動角速度加倍，磁通量變化率也加倍，則也加倍由可知電流加倍，故C正確；D．自行車勻加速行駛時，車輪轉(zhuǎn)速持續(xù)增加，磁鐵轉(zhuǎn)動加快，周期變小，但圖丙中電壓周期不變，故D錯誤。故選AC。11.如圖所示，不可伸長的輕繩跨越釘子，兩端分別系有大小相同的小球A和B。在球B上施加外力，使輕繩水平且繃直，球A與地面接觸，兩球均靜止。已知，兩球質(zhì)量分別為、，重力加速度為，不計一切阻力?，F(xiàn)將球B由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)兩球可沿水平方向發(fā)生正碰，且碰后粘在一起運(yùn)動。則（）A.兩球質(zhì)量應(yīng)滿足B.外力應(yīng)滿足C.兩球碰撞前瞬間，B球的加速度大小為D.兩球碰后擺起的最大高度不超過【答案】AC【解析】A．兩球可沿水平方向發(fā)生正碰，表明A始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，對B進(jìn)行分析，根據(jù)動能定理有B在最低點(diǎn)與A碰撞前，根據(jù)牛頓第二定律有由于A能夠保持靜止，則有解得故A正確；B．在球B上施加外力，使輕繩水平且繃直，B此時受到重力、繩拉力T0，與F三個力作用，根據(jù)平衡條件有可知，要使的細(xì)繩處于伸直狀態(tài)，則力F最小值為mBg，因為A的重力無最大值（可以是無窮大），可知F無最大值，故B錯誤；C．兩球碰撞前瞬間，對B球進(jìn)行分析，則有故C正確；D．對A、B進(jìn)行分析，根據(jù)動量守恒定律有結(jié)合上述解得之后根據(jù)動能定理有解得故D錯誤。故選AC。12.如圖是一半徑為R的帶正電的空心金屬球殼，正電荷均勻分布在球殼上，球殼厚度不計。以球心為原點(diǎn)建立O-xyz空間直角坐標(biāo)系，A、B、C三點(diǎn)的坐標(biāo)分別為、、。已知均勻帶電的球殼在球殼內(nèi)部產(chǎn)生的電場強(qiáng)度處處為零，在球殼外部產(chǎn)生的電場與一個位于其球心的電荷量相同的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場相同。下列說法正確的是（）A.A點(diǎn)的電勢大于B點(diǎn)的電勢B.A點(diǎn)的電勢等于C點(diǎn)的電勢C.電子在O點(diǎn)的電勢能比在其他點(diǎn)的電勢能都低D.A、B、C三點(diǎn)的場強(qiáng)大小關(guān)系為【答案】AB【解析】A．球殼帶正電，由分析知，A點(diǎn)的電勢大于B點(diǎn)的電勢，故A正確；BC．球殼內(nèi)部產(chǎn)生的電場強(qiáng)度處處為零，整個球是一個等勢體，A點(diǎn)的電勢等于C點(diǎn)的電勢，電子在O點(diǎn)的電勢能不一定比在其他點(diǎn)的電勢能都低，故B正確，C錯誤；D．C點(diǎn)場強(qiáng)為零，根據(jù)可知，A、B、C三點(diǎn)的場強(qiáng)大小關(guān)系為故D錯誤。故選AB。13.如圖所示，固定光滑平行軌道由四分之一圓弧軌道和水平軌道組成，水平軌道處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，Ⅰ區(qū)域軌道寬度為L，Ⅱ區(qū)域軌道寬度為2L，Ⅰ區(qū)域軌道長度和Ⅱ區(qū)域軌道長度均足夠長。質(zhì)量為m的金屬棒1從高度為R的四分之一圓弧軌道頂端由靜止開始下滑，開始時質(zhì)量為2m的金屬棒2靜止在寬度為2L的軌道上，金屬棒1接入軌道間的電阻為r，金屬棒2接入軌道間的電阻為2r。兩金屬棒始終與軌道垂直且保持良好接觸。不計其他電阻及空氣阻力，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.金屬棒1運(yùn)動到圓弧軌道底端時受到軌道的支持力大小為3mgB.穩(wěn)定時金屬棒1的速度大小為C.金屬棒1從圓弧軌道底端運(yùn)動到剛穩(wěn)定時，通過金屬棒1的電荷量為。D.若將金屬棒2固定，使金屬棒1仍從圓弧軌道最高點(diǎn)由靜止釋放，則金屬棒1在水平軌道上通過的最大距離為【答案】AC【解析】A．金屬棒1在光滑四分之一圓弧軌道上運(yùn)動，由機(jī)械能守恒定律有，解得由牛頓第二定律有，解得，選項A正確；B．當(dāng)兩金屬棒穩(wěn)定時，兩棒產(chǎn)生的電動勢相等，有可得對金屬棒1，根據(jù)動量定理有對金屬棒2，根據(jù)動量定理有解得，選項B錯誤；C．由動量定理，，解得，選項C正確；D．根據(jù)解得選項D錯誤。故選AC。三、實驗題（本題共2小題，共20分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。）14.下列是《普通高中物理課程標(biāo)準(zhǔn)》列出的必做實驗的部分步驟，請完成實驗操作和計算。（1）圖甲是“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗裝置示意圖。實驗中________（填“需要”或“不需要”）滿足鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；圖乙是規(guī)范操作下得到的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，在紙帶上依次選出7個計數(shù)點(diǎn)，分別標(biāo)上A、B、C、D、E、F和G，每相鄰的兩個計數(shù)點(diǎn)間還有四個點(diǎn)未畫出，打點(diǎn)計時器所接電源的頻率為50Hz，則小車的加速度大小為________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（2）在“探究彈簧彈力大小與其長度的關(guān)系”實驗中，當(dāng)彈簧測力計的示數(shù)如圖丙所示時，讀數(shù)是________N，通過實驗得到彈力大小F與彈簧長度x的關(guān)系圖線如圖丁所示，由此圖線可得該彈簧的勁度系數(shù)________。（3）在“薄膜干涉”實驗中，用平行單色光垂直照射一透明薄膜，若薄膜厚度d隨坐標(biāo)x的變化如圖戊所示，則觀察到干涉條紋可能是_________（填正確答案標(biāo)號）。A. B.C. D.【答案】（1）不需要0.50（2）4.650（3）D【解析】（1）[1]實驗“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”中不需要滿足懸掛鉤碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；[2]每相鄰的兩個計數(shù)點(diǎn)間還有四個點(diǎn)未畫出，則相鄰計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔為；由逐差法可求得小車的加速度大小為（2）[1]由圖丙可知彈簧測力計的最小分度值為，因此不估讀到下一位，讀數(shù)為；[2]由圖丁可知彈簧的勁度系數(shù)為。（3）薄膜干涉是光照射到薄膜上時，薄膜前后表面反射的兩列光相疊加，發(fā)生干涉，同一條亮條紋或暗條紋對應(yīng)的薄膜厚度相等。由于厚度d隨x坐標(biāo)增大而增大，且d增大的幅度越來越大，所以條紋間距會越來越窄，條紋寬度也越來越窄。故選D。15.某物理興趣小組要測量繞制滑動變阻器的電阻絲的電阻率，已知緊密貼合單層繞制的電阻絲共120匝，如圖甲所示，具體步驟如下：（1）同學(xué)A用游標(biāo)卡尺測量金屬筒的直徑，如圖乙所示，讀數(shù)為__________mm；使用螺旋測微器測量電阻絲的直徑，如圖丙所示，讀數(shù)為__________mm。（2）同學(xué)B使用如圖丁所示的電路測量滑動變阻器的最大阻值Rx，把待測滑動變阻器的阻值調(diào)至最大處，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值，讀出多組電流表的示數(shù)I以及對應(yīng)的R0數(shù)值，作出如圖戊所示的圖像，忽略電源及電流表的內(nèi)阻，由圖像分析可得滑動變阻器的最大阻值Rx為__________Ω，使用的電源電動勢為_____________V。（3）根據(jù)以上實驗數(shù)據(jù)可得繞制滑動變阻器的電阻絲的電阻率約為__________Ω?m（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為[2]螺旋測微器的讀數(shù)【小問2詳