南雅中學2026屆高三適應性考試保溫訓練試卷物理本試題卷分為三道大題，共6頁。時量75分鐘，滿分100分。一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題只有一個選項符合題目要求。）1.氫原子能級圖如圖所示，一群處于高能級的氫原子向低能各種頻率的光，其中三種如圖中a、b、c所示。下列說法正確的是A.一群處于n=3能級的氫原子向低能級躍遷時一共能發(fā)出B.從n=4躍遷到n=3能級的氫原子發(fā)出的光，能使處于n=發(fā)生電離C.a光比b光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象 D.c光子的能量大于a光子的能量如圖所示，發(fā)電機線圈繞垂直于勻強磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的電動勢e=220A.輸電線上損失的電壓為50VB.電動機正常工作時電流為10AC.圖示時刻，發(fā)電機輸出的電流為零D.升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比為2：5如圖所示，航天器A與空間站B在同一平面內(nèi)沿不同軌道順時針方向穩(wěn)定運行。某時刻二者的連線與航天器A的軌道相切，已知A、B的運行半徑分別為r、2r，運行周期分別是TA、TA.此刻A、B分別與地心的連線間的夾角為30°B.A所受萬有引力比B大C.B的運行周期TB是A的運行周期TD.經(jīng)過7T如圖所示，某同學在進行投籃練習。已知A、B、C是籃球運動軌跡中的三個點，其中A為拋出點，B為籃球運動軌跡的最高點，C為籃球落入籃框的點，且A、B連線垂直于B、C連線，A、B連線與水平方向的夾角θ=60°A.過B點時的速度最大B.從A點到B點的過程中，速度變化量方向豎直向上C.tD.h5.三個質(zhì)量不同的小球用輕質(zhì)細繩相連，并用輕質(zhì)細繩系在天花板上，從上到下小球的質(zhì)量分別為2kg、

1kg、1kg，三個小球均受到水平向左且大小相等的恒定風力。當三個小球穩(wěn)定時，其實際形態(tài)最接近的是6.如圖，A、B兩個物體相互接觸但不粘連，放置在光滑水平面上，mA=4kg，mB=6kg。從t=0開始，有推力FA和拉力FB

A.2:51:8 B.3:53:7 C.4:51:8 D.1:12:47.在深度為h=475

m的水池底部水平放置著一個由三條極細的細燈帶構成的等腰直角三角形光源，光源的俯視圖如圖所示，光源的直角邊長度a

A.設燈帶上任意點射向水面的光線發(fā)生全反射時的臨界角為C，則sinC=0.65B.燈帶上任意點射向水面的光線在水面上形成一個圓形亮斑，此亮斑半徑為7C.水面上有燈光射出的區(qū)域內(nèi)部圍有一個無光線射出的暗區(qū)D.水面上有燈光射出的區(qū)域的面積約為6.4二、多項選擇題（本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題有多個選項符合題目要求，全部選對得5分，選對但不全得3分，錯選或不選不得分。）8.在研究密閉容器內(nèi)的理想氣體的狀態(tài)變化時，常會記錄其變化過程的P?

A.氣體由狀態(tài)1變化到狀態(tài)2，氣體分子數(shù)密度增加B.氣體由狀態(tài)2變化到狀態(tài)1，外界對氣體做正功C.若氣體沿直線B從狀態(tài)1變化到狀態(tài)2，氣體對外做功絕對值為(D.若曲線A為等溫過程，由狀態(tài)2變化到狀態(tài)1的過程中氣體從外界吸收熱量9.如圖甲所示，圓形區(qū)域內(nèi)存在與圓平面平行的勻強電場E（圖中未畫出），圓的兩條直徑AB與CD間的夾角為60°，從A點向圓內(nèi)不同方向發(fā)射速率相同的不計重力的帶正電粒子，發(fā)現(xiàn)從圓邊界射出的粒子中D點射出的粒子速度最大。以A為坐標原點，沿AB方向建立x坐標軸，B點的坐標為2

m，x軸上從A到B

A.圓邊界上D點電勢最高B.電場強度EC.C點的電勢為12

D.把一電子從D點移到C點電場力做功20

10.如圖，真空中兩個足夠大的平行金屬板M、N水平固定，間距為d，M板接地，其形成的電容器電容為C。M板上方整個區(qū)域存在垂直紙面向里的勻強磁場。M板O點處正上方P點有一粒子源，可沿紙面內(nèi)任意方向發(fā)射質(zhì)量均為m、電荷量均為q、速度大小均為v0的同種帶電粒子。當發(fā)射方向與OP的夾角θ=30°時，粒子恰好垂直穿過M板Q點處的小孔。已知

A.磁場的磁感應強度B=B.N板上吸收粒子數(shù)目的最大值為CmC.在系統(tǒng)達到穩(wěn)定后，將N板瞬間下移d，系統(tǒng)再次穩(wěn)定后，N板最終吸收的粒子數(shù)為Cmv022q2D.在系統(tǒng)達到穩(wěn)定后，將N板瞬間上移d2，系統(tǒng)再次穩(wěn)定后，N板最終吸收的粒子數(shù)為Cmv02q2三、主觀題（本題共5小題，其中11題6分，12題12分，13題9分，14題14分，15題16分）11.（每空2分）小明同學利用如圖1所示的裝置探究加速度與物體所受合力的關系。固定有遮光條的滑塊置于氣墊導軌上，細線的一端通過力傳感器固定在滑塊上，另一端掛著鉤碼，調(diào)整導軌底部的調(diào)節(jié)旋鈕，使氣墊導軌水平，并調(diào)節(jié)滑輪高度，使細線與氣墊導軌平行。（1）實驗前________（選填“需要”或“不需要”）保證鉤碼的質(zhì)量遠小于滑塊及遮光條的總質(zhì)量；（2）實驗時先用游標卡尺測出遮光條的寬度d，如圖2所示，游標卡尺上第8條刻度線與主尺某刻度線對齊，則d=________cm（3）用刻度尺測出遮光條到光電門的距離L（L?d），由靜止滑塊釋放，與光電門連接的數(shù)字計時器記錄下遮光條的遮光時間（4）用上述測量的物理量計算加速度，則加速度大小為________（用d、L、t表達）12.（每空2分）實驗小組利用如下器材測量某卷金屬絲的電阻，并測出其電阻隨溫度變化的特性，將其改裝成一個金屬絲電阻溫度計：待測金屬絲：R電流表：A1（量程0.6A，內(nèi)阻電流表：A2（量程1mA，內(nèi)阻學生電源：E（電動勢6V滑動變阻器：R（最大阻值為5Ω定值電阻：R1（阻值為980定值電阻：R2（阻值為5980開關、導線若干。（1）利用多用電表歐姆檔粗測Rx，在20°C時，把歐姆檔調(diào)到“×1”檔，表盤示數(shù)如圖1所示，測量結果為________（2）為精確測量20°C時該金屬絲的電阻Rx，該小組設計了圖2所示電路，其中定值電阻應該選______（填“R1（3）若某次實驗中電流表A1的讀數(shù)為0.40A，電流表A2的讀數(shù)為0.80mA，則待測金屬絲的阻值（4）不斷改變金屬絲所處的環(huán)境溫度，測出該卷金屬絲的電阻隨金屬絲所處環(huán)境的攝氏溫度變化遵循函數(shù)關系R=R0+kt，式中R（5）將這卷金屬絲與一個電池（電動勢E已知，內(nèi)阻未知）、電流表（滿偏電流Ig已知，內(nèi)阻未知）及一個滑動變阻器串聯(lián)起來，連接成如圖3所示的電路，用該卷電阻絲做測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡單的“金屬電阻溫度計”。使用時，首先要在0°C時校準，即在0°C時調(diào)整滑動變阻器的阻值，使電流表指針指在Ig處。此后測量時，保持滑動變阻器阻值不變，則電流表的I2位置處的溫度刻度值應為________（用E13.（9分）如圖（a）所示，同一介質(zhì)中有波源P、Q，已知PQ=12m，QR=5m，PQ⊥QR，t=0時刻，兩波源同時起振，波源P振動圖像如圖（b）所示，波源Q（1）波的傳播速度及波長？（2）R點在0~14.（14分）如圖所示，以A、B為端點的光滑圓弧軌道固定于豎直平面，一長滑板靜止在光滑水平地面上，左端緊靠B點，上表面所在平面與圓弧軌道相切于B點。離滑板右端L0=0.2?m處有一豎直固定的擋板P，一物塊從A點由靜止開始沿軌道滑下，經(jīng)B點滑上滑板，此時立即將圓弧軌道撤掉。已知物塊可視為質(zhì)點，質(zhì)量m=1?kg，滑板質(zhì)量M=5?kg，圓弧軌道半徑R（1）求物塊滑到B點時對圓弧軌道的壓力大小；（2）求滑板與擋板P第一次碰撞前瞬間物塊的速度v1（3）求滑板長度的最小值。15.（16分）如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r=R2，電容器的電容為C，K是旋鈕開關，可以分別接通12、13、23，MN、PQ是兩根位于同一水平面的平行光滑導軌，導軌間距為L，導軌電阻可以忽略不計，導軌處在垂直導軌向下的勻強磁場中，磁感應強度為B，a、b兩根導體棒，質(zhì)量分別為m1、m2（m1<（1）當開關接通12的瞬間，求流經(jīng)a棒的電流i1，以及b棒的加速度a（2）從開關接通12到a、b棒一起勻速運動的過程中，電源的電功；（3）若將開關接通13，當電容器的電壓穩(wěn)定后，再將開關接通23，求a、b棒的最大速度vm南雅中學2026屆高三適應性考試保溫訓練試卷物理答案一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題只有一個選項符合題目要求。）1.【答案】B【詳解】A.一群n=3B.n=4躍遷到n=3能級發(fā)出的光子能量為0.66eV，而n=5能級的氫原子電離只需要C、D.a、b、c三種光中，2.【答案】A【詳解】A.根據(jù)可知U線=IB.根據(jù)P=IU可知，電動機正常工作電流為C.圖示時刻，磁通量為零，電動勢最大，輸出電流最大，C錯誤；D.由n1I1=n2I2得I13.【答案】D【詳解】A.設圖示時刻兩衛(wèi)星與地球球心的連線夾角為θ，則cosθ=r2B.根據(jù)萬有引力定律有F=C.由開普勒第三定律有rA3TA2D.設由圖示時刻經(jīng)時間t兩衛(wèi)星第二次相距最近，則tTA?4.【答案】C【詳解】A.B點只有水平速度，速度最小，A錯誤B.從A點到B點的過程中，速度變化量方向豎直向下，B錯誤。C.設籃球在A點的豎直分速度為vAy，在C點的豎直分速度為vCy，籃球的水平分速度為籃球從A到B過程，根據(jù)逆向思維將籃球看成從B到A的平拋運動：籃球在A點時，設速度與水平面夾角為θ；根據(jù)平拋運動推論可得tanθ籃球從B到C做平拋運動，根據(jù)幾何關系可知B、C連線與水平方向的夾角為α籃球在C點時，設速度與水平面夾角為α'，根據(jù)平拋運動推論可得又tAB=vAyg，tBC=vCyg聯(lián)立可得籃球從D.由h=125.【答案】A【詳解】令m1=2kg、m則tanθ1=2F(m6.【答案】B【詳解】分離時，兩物體間相互作用力為零，但加速度相同，故a=FA+F則0到2s內(nèi)，AB加速度相同，均為a=FA2s后，物體只受FB作用，故4s末B的加速度為a則第2s末與第4s末物體B的加速度之比為3:5；又2s到4s內(nèi)B物體所受合力的沖量為I合=FB+0則第2s末與第4s末物體B的速度之比為3:7，綜上所述答案選B。7.【答案】D【詳解】A.全反射的臨界角為C，sinC=B.如圖，燈帶上任意點射向水面的光線在水面上形成一個圓形亮斑，亮斑邊緣處光線恰好發(fā)生全反射，故tanC=R故B錯誤。C.光源上每個點線射出的區(qū)域均是R=0.6出的光在水面上有光線射出的區(qū)域形狀是這些相同圓形區(qū)域疊加后的圖形，如圖所示，可發(fā)現(xiàn)無空缺區(qū)，故C錯誤...D.在三角形三個頂點正上方的水面上有光線射出的區(qū)域邊緣是圓弧形，故光線射出區(qū)域可分割成以下圖形：以C點為圓心的135°扇形、以B點為圓心的135°扇形、以A點為圓心的90°扇形；以AB、AC、BC為長邊、以R為短邊的三個矩形；以及光源本身的等腰三角形ABC。故有燈光射出的水面區(qū)域面積為135°二、多項選擇題（本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題有多個選項符合題目要求，全部選對得5分，選對但不全給3分，錯選或不選不給分。）8..【答案】BC【詳解】A.體積膨脹，氣體分子數(shù)密度減??；A錯誤。B.體積壓縮，氣體對外界對做正功，故B正確。C.氣體對外界做功為圖像與橫軸所圍梯形面積，為(pD.等溫變化過程中內(nèi)能不變，又由于氣體體積減小，外界對氣體做功，則氣體對外放熱。D錯誤9.【答案】BD【詳解】AB．從D點射出的粒子速度最大，說明電場力做功最多，粒子沿電場線方向的位移最大，可知電場強度沿著CD方向；沿著電場線方向電勢逐漸降低，所以圓邊界上D點電勢最低。已知圓半徑r=1則有UAB=EC.因B點電勢為零，則UCB=φD.C、D間的電勢差為U把一電子從D移到C電場力做功為W=10.【答案】ACD【詳解】A．粒子軌跡如圖所示，由幾何關系可知，r=2L，又r=B．隨著粒子不斷打到N極板上，N極板帶電量不斷增加，兩板間電壓不斷增加，且后進入粒子做減速運動，當某一粒子到達N極板時速度恰好減為零，即滿足12mv02C.若在系統(tǒng)達到穩(wěn)定后，即垂直M板進入的后續(xù)粒子均不能到達N板。將極板間距變?yōu)?d后，由于這一瞬間電場強度不變，故后續(xù)粒子仍在到達離Q為d的位置即減速為零并反向返回，故最終N板上吸收的粒子數(shù)不變，仍為n=Cm且因金屬板厚度不計，當粒子在磁場中運動軌跡的弦長仍為PQ長度時，粒子仍可從Q點進入兩板之間，由幾何關系可知此時粒子從P點沿正上方運動，進入兩板間時的速度方向與M板夾角為α=60°，此后在兩板間做類斜上拋運動，運動時間t=2x=(v0cosα)D.若在系統(tǒng)達到穩(wěn)定后，即后續(xù)粒子均不能到達N板。將極板間距瞬間變?yōu)?.5d，則這一瞬間電場強度不變，故后續(xù)粒子將會打到N板上，故Q會增加，由12mv02=qU知U不變，又由C=x'=(三、主觀題（本題共5小題，其中11題6分，12題12分，13題9分，14題14分，15題16分）11、（每空2分）【答案】不需要0.440a【詳解】（1）通過拉力傳感器可以獲取滑塊受到的拉力，因此不需要保證鉤碼的質(zhì)量遠小于滑塊及遮光條的總質(zhì)量。（2）由圖可知游標尺的第8條刻度線與主尺上某一刻度線對齊，根據(jù)游標卡尺的讀數(shù)規(guī)則，得到遮光片的寬度d（4）根據(jù)運動學公式可得滑塊的加速度a=v2212.【答案】（1）10/10.0（3）R2=5980Ω【詳解】（1）歐姆表的讀數(shù)為10×1（3）要將電流表A1改裝為6V電壓表，需滿足：R（4）Rx和電流表A1兩端總電壓為U=0.80×10?3×6000V（5）由題可知，0°C時，R當電流表示數(shù)為Ig2時，有則kt=E由于電池電動勢未變，且校準仍可實現(xiàn)，故由①式可知，R共不變，故由R0+kt+13.【答案】2m12cm【詳解】1）由題可知，v=ΔxΔt2）由題可知，0~5s內(nèi)，R點未起振，路程為0（2分）又PR=(PQ故5~7s內(nèi)，R點的振動全部由波源Q產(chǎn)生的波引起，振動時間為T，路程為s214.（14分）【答案】（1）30N；（2）30N；（3）241【詳解】（1）物塊從A到B根據(jù)機械能守恒有mgR=在B點FN解得v0=6m由牛頓第三定律F壓（2）方法一：假設滑板與P碰前，物塊與滑板達到共同速度，物塊與滑板組成的系統(tǒng)動量守恒有mv設此過程滑板運動的位移為s，對滑板由動能定理得μmgs聯(lián)立解得s=1.25則假設不成立，滑板與擋板P碰撞前瞬間未達到共速，設碰前瞬間滑板速度為v2，由動能定理有μmg解得v根據(jù)動量守恒定律有mv解得v1此時滑板的速度v方法二：假設滑板與擋板P第一次碰撞前物塊與滑板已經(jīng)共速，設物