2026屆普通高等學校招生全國統一考試大聯考(高二)1.C解析：根據題圖可知浮標的振動周期為4s,A錯誤；一個周期內浮標上某點經過的路程為4個振幅的大小之和，一分鐘有15個周期，所經過的路程為60cm,B錯誤；t=1s時，浮標振動的位移最2.B解析：花盆做自由落體運動，有v=√2gh=20m/s,花盆與地面作用過程中，由動量定理有(F—mg)t=0—m(一v),得F=420N,B正確。3.C解析：由于導體棒在各個位置受到的安培力與運動方向同向，安培力一直做正功，由動能定理可確。故選C。的磁通量減小，根據增縮減擴可知線圈有擴張的趨感應電流的大小、方向均不變，但是磁場的方向改內，線圈產生的感應電動勢為0.2πV,電阻R兩端的電壓,C正錯誤。故選C。5.B解析：對導體棒受力分析，當導體棒向上運動路總電阻R總=2Ω,設導體棒勻速時的速度大小為v,則此時導體棒切割磁感線產生的電動勢為BII,其中E=Blv=IR總，代入數據解得v=5m/s,B正確。故選B。6.A解析：由于運動過程中電勢先升高后降低，粒子帶負電，則電勢能先減小后增大，A正確；在E、O點對稱的兩點，粒子所受電場力方向不同，C錯誤；粒子所受電場力不指向O點，無法做往復運7.C解析：根據粒子在磁場中運動的周期公式T=,可知碰后粒子的質量變大，電荷量不變，粒子在磁場中運動的周期變長，則電場的周期也應變后，粒子經電場加速后滿足,由于質加速次數減少，周期變大，則粒子2與粒子3在回旋加速器中運動的總時間無法判斷，B錯誤。故8.AB解析：根據閉合電路歐姆定律，設路端電壓為U,則U=E—Ir,根據題意可知A正確；設滑動變阻器的滑片在最左邊時，路端總電阻為R,滑動變阻器的滑片在最右邊時，路端總R·R′=r2=144,可得R?=10Ω,B正確；根據電路變化以及串反并同的特點，可知電流表A?的示數減小，電流表A?的示數減小，電壓表的示數增9.BD解析：光a、b從空氣進入水滴中，頻率不變，射角相等，a光折射角小一些，則a光的折射率大小于b光的傳播速度，B正確；根據幾何關系可知，·物理(A)答案(第2頁，共3頁)·光第一次到達界面的折射角等于第二次到達界面的入射角，根據光路可逆原理可知，改變光進入水滴的角度，a光在水滴內不會發(fā)生全反射，C錯誤；根據上述分析可知，b光的折射率較小，b光發(fā)生全反射時臨界角較大，以相同的入射角從水中射入空氣，若在空氣中只能看到一種頻率的光，則一定是10.BC解析：由題意知粒子沿著OA做直線運動，則有qv?B?=qE,則,在區(qū)域Ⅱ中粒子從AC中點射出，粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的軌跡半徑,所以該粒子的比荷,故A錯誤；若僅將區(qū)域I中電場強度大小變?yōu)?E,則粒子在區(qū)域I中做直線運動的速度滿足qv?B?=q·2E,則v?=2vo,再根據qvB=,可知粒子軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，則粒子從C點射出，故B正確；若僅將區(qū)域I中磁感應強度大小變?yōu)?B?,則粒子在區(qū)域I中做直線運動的速度滿足qv?·2B?=qE,則,再根據,可知粒子軌跡半徑減小，則粒子仍然 ,其中T為粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的周期，即,故C正確；若僅將B?變?yōu)樵瓉淼?粒子在區(qū)域Ⅱ中的軌跡半,則半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子從C點射出，粒子轉過的圓心角仍為60°,則t=,其中T為粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的周期，即,其中B?變?yōu)樵瓉淼囊话?，周期變?yōu)樵瓉淼亩叮瑒t運動時間也變?yōu)樵瓉淼亩?，故D錯誤。故選BC。11.答案：(1)偶然誤差(2分)解析：(1)這樣做的目的是為了減小偶然誤差。(2)設第一次擺長為L,則有(3)由(2)可知，沒有考慮物塊重心位置，對重力加速度的測量結果無影響。12.答案：(1)×10(1分)160(1分)(2分)應換小倍率，所以應將選擇開關旋轉到歐姆擋(2)I.用所給電路測電阻時，先通過①②步操作測微安表內阻，再用半偏法測待測電阻阻值。測微安表內阻時，由于電源內阻可忽略，由閉合電路歐姆定律可得,解得微安表內阻為測待測電阻阻值時由于滑動變阻器接入電路的電阻很大，可以認為閉合K?阻箱電流,由并聯電路關系可,解得R,=4R?Ⅱ.實際情況是閉合K?后電路總電阻變小，通過電阻箱電流大,所以電阻的測量值偏小，要減小誤差，應使滑動變阻器接入電路的電阻越大越好，由第③步操作可知，電源電動勢越大，滑動變阻器接入電路的電阻越大，所以要減小實驗誤差，電源應該選擇電動勢更大的電源2,選E。13.答案：(1)1×10?C/kg(2)9.9×10??s解析：(1)帶電粒子在磁場中運動軌跡如圖所示，其軌跡把圓弧線MN三等分，則帶電粒子在磁場中運動半徑為r=Rtan15°=0.27m(2分)(2分)代入數據解(1分)(2)帶電粒子在磁場中的偏轉角度為則其運動時間為代入數據解得t≈9.9×10??s(2分)(2分)(1分)大，此時A、B速度相等，根據動量守恒定律有mAvo=(mA+mB)v共(1分)得v共=1m/s(1分)mB)v共(2分)聯立解得Epmax=0.6J(1分)mAvo=mAVA+mBUB(1分)(1分)得vA=0.8m/s,uB=2m/s(1分)(1分)下滑過程，設物塊B第一次滑下斜面的速度大小為vB′,(1分)聯立解得vB'=1m/s(1分)撞，設向右為正方向，根據動量守恒定律可得mAVA—mBUB'=mAvA"+mgvB"(1分)根據能量守恒定律可得(1分)聯立