高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年東北地區(qū)高考名校名師聯(lián)席命制物理信息卷本試卷滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.足球被踢出后在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中虛線所示，其在圖示位置所受合力F的方向可能是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】足球的軌跡不對(duì)稱說明足球受到空氣阻力，由圖可知，足球在圖示位置點(diǎn)時(shí)，受到豎直向下的重力和水平向左的空氣阻力，合力方向偏向左下方，可能如圖中的方向。故選B。2.冰壺在冰面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直到速度為零，以冰壺運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，用t、x、v分別表示冰壺運(yùn)動(dòng)的時(shí)間、位移和速度，此過程中關(guān)于冰壺的運(yùn)動(dòng)，下列圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】AB．冰壺在冰面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直到速度為零，因x-t圖像的斜率等于速度，可知圖像的斜率逐漸減小到零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)可知v2-x圖像為傾斜的直線，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，等邊三角形線框由三根相同的導(dǎo)體棒連接而成，O為線框的幾何中心。線框頂點(diǎn)M、N與直流電源兩端相接，已知電流為I的直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度計(jì)算公式為（k為常數(shù)，r為某點(diǎn)到直導(dǎo)線的距離），若MN邊在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，則ML、LN兩邊在O點(diǎn)產(chǎn)生的合磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小及方向?yàn)椋ǎ〢.0 B.，垂直紙面向里C.，垂直紙面向外 D.2，垂直紙面向里【答案】B【解析】設(shè)每一根導(dǎo)體棒的電阻為R，長度為L，則電路中，上下兩路電阻之比為根據(jù)并聯(lián)電路兩端各電壓相等的特點(diǎn)可知，上下兩路電流之比又因?yàn)橥娭睂?dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度成正比，根據(jù)右手螺旋定則和矢量的疊加原理可知，MLN支路電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度與MN邊在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度相等，為。故選B。4.電容話筒是錄音棚中常用設(shè)備。一種電容式話筒的采集端原理圖如圖所示，當(dāng)聲波密部靠近振膜時(shí)振膜產(chǎn)生向右的形變，疏部靠近振膜時(shí)振膜產(chǎn)生向左的形變。已知振膜和背板均為導(dǎo)體，不采集聲音時(shí)電容器電荷量穩(wěn)定。下列說法正確的是（）A.不采集聲音時(shí)，通過電阻的電流方向從a到bB.當(dāng)疏部靠近時(shí)，電容器的電荷量變大C.當(dāng)密部靠近時(shí)，a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢D.當(dāng)密部靠近時(shí)，電容器的電容變小【答案】C【解析】A．不采集聲音時(shí)，電容器電荷量保持不變，電路中無電流，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)疏部靠近時(shí)，振膜產(chǎn)生向左的形變，振膜與背板間距增大，根據(jù)，可知電容變小，由于電壓不變，則電容器電荷量變小，故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)密部靠近時(shí)，振膜產(chǎn)生向右的形變，振膜與背板間距減小，根據(jù)，可知電容變大，由于電壓不變，則電容器電荷量變大，通過電阻的電流方向從a到b，則a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，傾角為的斜面放置在水平地面上，一質(zhì)量為的小滑塊以一定初速度從斜面底端沿斜面上滑，運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)后再返回，整個(gè)過程中斜面始終保持靜止。出發(fā)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿斜面向上為位移的正方向，且出發(fā)點(diǎn)為勢能零點(diǎn)，則有關(guān)斜面受到地面的摩擦力、斜面受到小滑塊的壓力、小滑塊運(yùn)動(dòng)過程中的機(jī)械能和動(dòng)能隨小物塊位移變化的關(guān)系圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．由于小滑塊可以下滑，，全過程中斜面受到地面的摩擦力f方向不變，故A錯(cuò)誤；B．以斜面為研究研究對(duì)象可得全過程斜面受到小滑塊的壓力F的大小和方向均未發(fā)生改變，故B錯(cuò)誤；C．E-x圖的斜率大小表示小滑塊運(yùn)動(dòng)過程中受到的除重力和明顯形變彈力以外做功的力的大小，即小滑塊在上滑和下滑過程中受到的滑動(dòng)摩擦力，兩個(gè)過程大小相等，方向相反，故C正確；D．圖的切線斜率大小表示小滑塊運(yùn)動(dòng)過程中受到的合外力大小，小滑塊上滑過程和下滑過程各自合外力都恒定，D錯(cuò)誤。故選C。6.2024年5月3日17時(shí)27分嫦娥六號(hào)成功發(fā)射，經(jīng)過5天的飛行被月球引力捕獲，進(jìn)入環(huán)月軌道，在近月點(diǎn)P經(jīng)過連續(xù)三次變軌，軌道逐漸降低，軌道簡化示意圖如下圖所示，其中a為大橢圓軌道，b為停泊軌道，c為半徑為、的圓軌道。已知月球半徑。下列說法正確的是（）A.嫦娥六號(hào)在地球發(fā)射時(shí)的速度大于B.月球的密度為C.嫦娥六號(hào)在a軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度大于在b軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度D.嫦娥六號(hào)在b軌道上運(yùn)行時(shí)離月球中心的最大距離為【答案】D【解析】A．嫦娥六號(hào)沒有脫離地球引力束縛，所以發(fā)射速度應(yīng)該小于第二宇宙速度，即小于，A錯(cuò)誤；B．若嫦娥六號(hào)沿c軌道繞月球繞行則有月球密度B錯(cuò)誤；C．由根據(jù)牛頓第二定律解得所以嫦娥六號(hào)在a軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度等于在b軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度，C錯(cuò)誤；D．由開普勒第三定律有由幾何關(guān)系有解得D正確。故選D。7.如圖甲所示，平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限（含坐標(biāo)軸）內(nèi)有垂直平面周期性變化的均勻磁場（未畫出），規(guī)定垂直xOy平面向里的磁場方向?yàn)檎?，磁場變化?guī)律如圖，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，不計(jì)粒子重力及磁場變化影響。某一帶負(fù)電的粒子質(zhì)量為m、電量為q，在時(shí)從坐標(biāo)原點(diǎn)沿y軸正向射入磁場中，將磁場變化周期記為，要使粒子在時(shí)距y軸最遠(yuǎn)，則的值為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，0~時(shí)間內(nèi)，有解得周期為時(shí)間內(nèi)，有解得周期要求在T0時(shí)，粒子距y軸最遠(yuǎn)，做出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖根據(jù)幾何關(guān)系，可得解得則0~時(shí)間內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過的圓心角為可得聯(lián)立，解得故選A8.用、兩種可見光照射同一光電效應(yīng)裝置，測得的光電流和電壓的關(guān)系圖像如圖甲所示，圖乙為氫原子的能級(jí)圖。已知可見光的光子能量在1.62eV到3.11eV之間，下列說法正確的是（）A.光的波長比光的大B.單色光的光子動(dòng)量比單色光的光子動(dòng)量大C.用大量的光子去照射基態(tài)的氫原子可以得到兩種可見光D.若光是氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光，則光是氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光【答案】AC【解析】A．根據(jù)可知，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，頻率越大的光，其截止電壓越大，所以a光的頻率比b光的小，根據(jù)可知，頻率越小波長越大，所以a光的波長比b光的大，故A正確；B．根據(jù)可知，單色光a的光子動(dòng)量比單色光b的光子動(dòng)量小，故B錯(cuò)誤；C．用大量的光子去照射基態(tài)的氫原子，則有可知，即可以躍遷到第四個(gè)能級(jí)，所以能得到兩種可見光，對(duì)應(yīng)躍遷到，躍遷到，故C正確；D．根據(jù)，因?yàn)閍光的頻率比b光的小，則a光的光子能量比b光的小，若a光是從躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光，則b光不可能是從躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光，故D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示，矩形線框的匝數(shù)為N=100，面積為S=0.02m2，線框所處磁場可視為勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T。線框從圖示位置開始繞軸OO′以恒定的角速度ω=100rad/s沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，線框一端接換向器，通過電刷和外電路連接。理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2:1，定值電阻R1=10Ω、R2=2.5Ω，線框內(nèi)阻r=5Ω，忽略導(dǎo)線的電阻。下列說法正確的是（）A.線框經(jīng)過圖示位置時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為200VB.流過電阻R1的電流是交流電C.線框轉(zhuǎn)動(dòng)一圈，通過電阻R1的電荷量為0.4CD.通過電阻R1的電流有效值為【答案】CD【解析】A．矩形線框轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)，通過線框的磁通量最大，但磁通量變化率為0，則此時(shí)線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為0，故A錯(cuò)誤；B．線框從圖示位置開始繞軸OO′以恒定的角速度ω沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生交流電，由于線框一端接換向器，通過電阻R1的是直流電，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)于R2有所以副線圈的等效電阻為且與R1并聯(lián)，線框轉(zhuǎn)一圈，通過電阻R1的電量為故C正確；D．矩形線框轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值為根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流為所以通過R1的電流有效值為故D正確故選CD。10.如圖所示，質(zhì)量為，的物塊A和B用輕彈簧連接并豎直放置，輕繩跨過固定在同一水平面上的兩個(gè)定滑輪，一端與物塊A連接，另一端與質(zhì)量為的小球C相連，小球C套在水平固定的光滑直桿上。開始時(shí)小球C鎖定在直桿上的P點(diǎn)，連接小球的輕繩和水平方向的夾角，物體B對(duì)地面的壓力恰好為零?，F(xiàn)解除對(duì)小球C的鎖定，同時(shí)施加一個(gè)水平向右、大小為的恒力，小球C運(yùn)動(dòng)到直桿上的Q點(diǎn)時(shí)，與水平方向的夾角也為，D為的中點(diǎn)，距離，在小球C的運(yùn)動(dòng)過程中，輕繩始終處于拉直狀態(tài)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略兩個(gè)定滑輪大小以及滑輪、繩與軸之間的摩擦力，g取，下列說法正確的是（）A.小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中，合外力對(duì)物體A的沖量為零B.小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中，輕繩拉力對(duì)物體A做功為零C.小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中，A、B、C、輕彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D.小球C運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)的速度大小為【答案】AD【解析】A．小球C運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，物體A剛好運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)，此時(shí)A的速度為零，根據(jù)動(dòng)量定理可得可知合外力對(duì)物體A的沖量為零，故A正確；B．小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中，此時(shí)物體A剛好回到初始位置，此過程重力、彈簧彈力對(duì)A球做功均為0；由于小球C運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)沿繩子方向的速度不為0，則此時(shí)A的速度不為0，根據(jù)動(dòng)能定理可得故B錯(cuò)誤；C．拉力F一直對(duì)小球做正功，系統(tǒng)的機(jī)械能一直增加，故C錯(cuò)誤；D．小球C運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)，此時(shí)物體A剛好回到初始位置，彈簧的彈性勢能變化量為零，A、C和彈簧組成的系統(tǒng)根據(jù)能量守恒有又聯(lián)立解得故D正確。故選AD。二、非選擇題:本題共5小題,共54分。11.某同學(xué)利用頂角為的直角三角形玻璃磚ABC做“測量玻璃磚折射率”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①在木板上鋪一張白紙，將三角形玻璃磚放在白紙上并描出玻璃磚的輪廓。②在垂直于AB邊方向上插上兩枚大頭針和，從BC一側(cè)透過玻璃磚觀察，在觀察位置插第三個(gè)大頭針，使其擋住、兩大頭針的像，再插第四個(gè)大頭針，使它擋住和、的像，移去三角形玻璃磚和大頭針，做出部分光路圖如圖所示。（1）為了精確測量玻璃磚折射率，下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是______；A.選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)B.大頭針應(yīng)垂直插在紙面上C.大頭針和、和之間的距離適當(dāng)大些D.畫三角形玻璃磚輪廓線時(shí)，用筆緊貼玻璃磚表面畫線（2）將實(shí)驗(yàn)需要的光路圖補(bǔ)充完整_______；（3）該同學(xué)用量角器測量光線與BC邊夾角為，則三棱鏡的折射率_______?！敬鸢浮浚?）BC（2）（3）【解析】【小問1詳析】A．為了準(zhǔn)確測量光路圖，應(yīng)選用較細(xì)的大頭針來完成實(shí)驗(yàn)，選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)時(shí)，容易出現(xiàn)觀察誤差，使光線實(shí)際并不平行，故A錯(cuò)誤；B．為了準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上，故B正確；C．大頭針和、和之間的距離盡量大些，相同的距離誤差引起的角度誤差會(huì)減小，角度的測量誤差會(huì)小，故C正確；D．為了防止弄臟玻璃磚，不能鉛筆貼著光學(xué)面畫出界面，故D錯(cuò)誤；故選BC。【小問2詳析】根據(jù)光的折射規(guī)律作出光路圖如圖【小問3詳析】根據(jù)幾何關(guān)系可知光線在BC面的入射角為，折射角為，根據(jù)折射定律可得12.電容儲(chǔ)能已經(jīng)在電動(dòng)汽車，風(fēng)光發(fā)電、脈沖電源等方面得到廣泛應(yīng)用。某物理興趣小組設(shè)計(jì)圖甲所示電路，探究不同電壓下電容器的充放電過程。器材如下：電容器C（額定電壓10V，電容標(biāo)識(shí)不清）；電源（電動(dòng)勢12V，內(nèi)阻不計(jì)）；電阻箱R1（阻值0~99999.9Ω）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值20Ω，額定電流2A）；電壓表V（量程15V，內(nèi)阻很大）發(fā)光二極管D1和D2，開關(guān)S1和S2，電流傳感器，計(jì)算機(jī)，導(dǎo)線若干。（1）電容器充電過程，若要提高電容兩端電壓，應(yīng)將滑片向___________（選填“左”，“右”）移動(dòng)。（2）某次實(shí)驗(yàn)中，完成充電后電壓表讀數(shù)如圖乙所示，電容器兩端的電壓為____________。（3）繼續(xù)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片位置，電壓表示數(shù)為8.0V時(shí)，開關(guān)S2擲向1，得到電容器充電過程的I-t圖像，如圖丙所示。借鑒“用油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中估算油膜面積的方法，根據(jù)圖像可估算出充電結(jié)束后，電容器存儲(chǔ)的電荷量為_____________C（結(jié)果保留2位有效數(shù)字），電容器的電容為___________F。（4）電容器充電后，將開關(guān)S2擲向2，發(fā)光二極管___________（選填“D1”，“D2”）發(fā)光。【答案】（1）右（2）6.5V（3）3.8×10-34.75×10-4（4）D1【解析】【小問1詳析】由于滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，故向右端滑動(dòng)滑片時(shí)可以提高電容兩端電壓。【小問2詳析】由于電壓表量程為15V，所以每一小格為0.5V，所以讀數(shù)為【小問3詳析】[1]I-t圖像與坐標(biāo)軸所圍區(qū)域的面積等于電容器存儲(chǔ)的電荷量，所以電容器存儲(chǔ)的電荷量為[2]根據(jù)電容的定義式可得小問4詳析】電容器充電后，將開關(guān)S2擲向2，電容器放電，且電容器左極板高電勢，右極板低電勢，根據(jù)二極管的特性可知，D1閃光。13.如圖是一種由氣缸、活塞柱、彈簧和上下支座構(gòu)成的汽車氮?dú)鉁p震裝置，氣缸內(nèi)的氣體可視為理想氣體。該裝置未安裝到汽車上時(shí)，彈簧處于原長狀態(tài)。封閉氣體和活塞柱長度均為，氣體壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)。將四臺(tái)減震裝置安裝在汽車上，穩(wěn)定時(shí)車重由四臺(tái)減震裝置支撐，且封閉氣體被壓縮了。已知活塞柱橫截面積，彈簧的勁度系數(shù)。該裝置的質(zhì)量、活塞柱與氣缸摩擦均可忽略不計(jì)，氣缸導(dǎo)熱性和氣密性良好，環(huán)境溫度不變，。求：（1）壓縮后氣缸內(nèi)氮?dú)獾膲簭?qiáng)；（2）汽車的質(zhì)量M?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1詳析】當(dāng)汽車裝上減震裝置后，設(shè)氣缸壓縮后的體積為，壓強(qiáng)為，由玻意耳定律可得解得【小問2詳析】設(shè)汽車對(duì)一個(gè)減震裝置的壓力為F，以減震裝置氣缸上表面為研究對(duì)象，受力分析可知解得以汽車為研究對(duì)象，有解得汽車的質(zhì)量為14.每年的雙11、雙12，我國各大電商平臺(tái)爭相開展促銷活動(dòng)，發(fā)達(dá)的快遞物流網(wǎng)絡(luò)為這段時(shí)間的購物狂歡提供了必要的保障。一些大型的物流分揀中心都采用傳送帶來分揀快遞。如圖所示，一足夠長的水平傳送帶以速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，把一質(zhì)量為的木板輕輕放在傳送帶上，傳送帶足夠長，同時(shí)把一個(gè)質(zhì)量為的鐵塊輕放在木板上，與之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度取，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中鐵塊未從木板上掉下，求：（1）剛將A、B放上傳送帶時(shí)，兩個(gè)物體的加速度大小；（2）從剛放上到A、B均相對(duì)于傳送帶靜止所需要的時(shí)間；（3）從剛放上到A、B均相對(duì)于傳送帶靜止，傳送帶電動(dòng)機(jī)需要多消耗的電能?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）【解析】（1）由于木板B初始速度為零，且，所以傳送帶對(duì)木板B的摩擦力水平向右，鐵塊對(duì)木板的摩擦力水平向左，由牛頓第二定律得聯(lián)立解得（2）分別作A、B的圖像，如圖所示A、B均發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，分別做勻加速直線運(yùn)動(dòng)解得之后B與傳送帶共速做勻速直線運(yùn)動(dòng)，繼續(xù)加速，即解得故從剛放上到A、B均相對(duì)于傳送帶靜止所需要的時(shí)間為。（3）內(nèi)傳送帶的位移該過程傳送帶克服摩擦力做功為內(nèi)，木板與傳送帶間為靜摩擦力內(nèi)傳送帶得位移該過程傳送帶克服摩擦力做功為故多消耗的電能即為傳送帶克服摩擦力做的功15.如圖所示，間距為與水平面夾角的平行金屬軌道間存在垂直軌道平面向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為（滿足的勻強(qiáng)磁場，平行導(dǎo)軌通過單刀雙擲開關(guān)與一只阻值為的電阻或減速裝置相連，減速裝置由半徑為的圓環(huán)、轉(zhuǎn)軸和一根阻值為的金屬短棒焊接而成，圓環(huán)邊緣和轉(zhuǎn)軸通過電刷連入電路。圓環(huán)內(nèi)存在垂直圓環(huán)平面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場。質(zhì)量為阻值為的金屬桿垂直軌道放置，初始位置離軌道底端終點(diǎn)的距離為，不計(jì)桿與軌道間的摩擦，忽略焊點(diǎn)、電刷、導(dǎo)線和導(dǎo)軌的電阻?，F(xiàn)將開關(guān)打到端與電阻相連，將金屬桿由靜止釋放，最終金屬桿勻速?zèng)_過終點(diǎn)；再將開關(guān)打到端與減速裝置相連，將金屬桿放回初始位置，并使其獲得平行斜面向下、大小為的初速度，同時(shí)在外力控制下使減速裝置繞軸順時(shí)針（從上往下觀察）轉(zhuǎn)動(dòng)，使得金屬桿做勻減速運(yùn)動(dòng)，最終金屬桿恰好在終點(diǎn)處速度減為零。求：（答案用不包含的字母、數(shù)字表示，重力加速度用表示）：（1）開關(guān)S打到時(shí)，金屬桿最終的速度；（2）開關(guān)S打到時(shí)，金屬桿到達(dá)軌道底端終點(diǎn)的時(shí)間；（3）開關(guān)S打到時(shí)，減速裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度與運(yùn)動(dòng)時(shí)間的關(guān)系?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳析】開關(guān)S打到時(shí)，金屬桿最終將勻速運(yùn)動(dòng)，由受力分析可知又因?yàn)閷⒋肼?lián)立解得【小問2詳析】根據(jù)動(dòng)量定理：解得【小問3詳析】金屬桿做勻減速運(yùn)動(dòng)，則有由牛頓第二定律可知解得由閉合電路歐姆定律可知又聯(lián)立解得：2025年東北地區(qū)高考名校名師聯(lián)席命制物理信息卷本試卷滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.足球被踢出后在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中虛線所示，其在圖示位置所受合力F的方向可能是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】足球的軌跡不對(duì)稱說明足球受到空氣阻力，由圖可知，足球在圖示位置點(diǎn)時(shí)，受到豎直向下的重力和水平向左的空氣阻力，合力方向偏向左下方，可能如圖中的方向。故選B。2.冰壺在冰面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直到速度為零，以冰壺運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，用t、x、v分別表示冰壺運(yùn)動(dòng)的時(shí)間、位移和速度，此過程中關(guān)于冰壺的運(yùn)動(dòng)，下列圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】AB．冰壺在冰面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直到速度為零，因x-t圖像的斜率等于速度，可知圖像的斜率逐漸減小到零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)可知v2-x圖像為傾斜的直線，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，等邊三角形線框由三根相同的導(dǎo)體棒連接而成，O為線框的幾何中心。線框頂點(diǎn)M、N與直流電源兩端相接，已知電流為I的直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度計(jì)算公式為（k為常數(shù)，r為某點(diǎn)到直導(dǎo)線的距離），若MN邊在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，則ML、LN兩邊在O點(diǎn)產(chǎn)生的合磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小及方向?yàn)椋ǎ〢.0 B.，垂直紙面向里C.，垂直紙面向外 D.2，垂直紙面向里【答案】B【解析】設(shè)每一根導(dǎo)體棒的電阻為R，長度為L，則電路中，上下兩路電阻之比為根據(jù)并聯(lián)電路兩端各電壓相等的特點(diǎn)可知，上下兩路電流之比又因?yàn)橥娭睂?dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度成正比，根據(jù)右手螺旋定則和矢量的疊加原理可知，MLN支路電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度與MN邊在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度相等，為。故選B。4.電容話筒是錄音棚中常用設(shè)備。一種電容式話筒的采集端原理圖如圖所示，當(dāng)聲波密部靠近振膜時(shí)振膜產(chǎn)生向右的形變，疏部靠近振膜時(shí)振膜產(chǎn)生向左的形變。已知振膜和背板均為導(dǎo)體，不采集聲音時(shí)電容器電荷量穩(wěn)定。下列說法正確的是（）A.不采集聲音時(shí)，通過電阻的電流方向從a到bB.當(dāng)疏部靠近時(shí)，電容器的電荷量變大C.當(dāng)密部靠近時(shí)，a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢D.當(dāng)密部靠近時(shí)，電容器的電容變小【答案】C【解析】A．不采集聲音時(shí)，電容器電荷量保持不變，電路中無電流，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)疏部靠近時(shí)，振膜產(chǎn)生向左的形變，振膜與背板間距增大，根據(jù)，可知電容變小，由于電壓不變，則電容器電荷量變小，故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)密部靠近時(shí)，振膜產(chǎn)生向右的形變，振膜與背板間距減小，根據(jù)，可知電容變大，由于電壓不變，則電容器電荷量變大，通過電阻的電流方向從a到b，則a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，傾角為的斜面放置在水平地面上，一質(zhì)量為的小滑塊以一定初速度從斜面底端沿斜面上滑，運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)后再返回，整個(gè)過程中斜面始終保持靜止。出發(fā)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿斜面向上為位移的正方向，且出發(fā)點(diǎn)為勢能零點(diǎn)，則有關(guān)斜面受到地面的摩擦力、斜面受到小滑塊的壓力、小滑塊運(yùn)動(dòng)過程中的機(jī)械能和動(dòng)能隨小物塊位移變化的關(guān)系圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．由于小滑塊可以下滑，，全過程中斜面受到地面的摩擦力f方向不變，故A錯(cuò)誤；B．以斜面為研究研究對(duì)象可得全過程斜面受到小滑塊的壓力F的大小和方向均未發(fā)生改變，故B錯(cuò)誤；C．E-x圖的斜率大小表示小滑塊運(yùn)動(dòng)過程中受到的除重力和明顯形變彈力以外做功的力的大小，即小滑塊在上滑和下滑過程中受到的滑動(dòng)摩擦力，兩個(gè)過程大小相等，方向相反，故C正確；D．圖的切線斜率大小表示小滑塊運(yùn)動(dòng)過程中受到的合外力大小，小滑塊上滑過程和下滑過程各自合外力都恒定，D錯(cuò)誤。故選C。6.2024年5月3日17時(shí)27分嫦娥六號(hào)成功發(fā)射，經(jīng)過5天的飛行被月球引力捕獲，進(jìn)入環(huán)月軌道，在近月點(diǎn)P經(jīng)過連續(xù)三次變軌，軌道逐漸降低，軌道簡化示意圖如下圖所示，其中a為大橢圓軌道，b為停泊軌道，c為半徑為、的圓軌道。已知月球半徑。下列說法正確的是（）A.嫦娥六號(hào)在地球發(fā)射時(shí)的速度大于B.月球的密度為C.嫦娥六號(hào)在a軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度大于在b軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度D.嫦娥六號(hào)在b軌道上運(yùn)行時(shí)離月球中心的最大距離為【答案】D【解析】A．嫦娥六號(hào)沒有脫離地球引力束縛，所以發(fā)射速度應(yīng)該小于第二宇宙速度，即小于，A錯(cuò)誤；B．若嫦娥六號(hào)沿c軌道繞月球繞行則有月球密度B錯(cuò)誤；C．由根據(jù)牛頓第二定律解得所以嫦娥六號(hào)在a軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度等于在b軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度，C錯(cuò)誤；D．由開普勒第三定律有由幾何關(guān)系有解得D正確。故選D。7.如圖甲所示，平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限（含坐標(biāo)軸）內(nèi)有垂直平面周期性變化的均勻磁場（未畫出），規(guī)定垂直xOy平面向里的磁場方向?yàn)檎?，磁場變化?guī)律如圖，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，不計(jì)粒子重力及磁場變化影響。某一帶負(fù)電的粒子質(zhì)量為m、電量為q，在時(shí)從坐標(biāo)原點(diǎn)沿y軸正向射入磁場中，將磁場變化周期記為，要使粒子在時(shí)距y軸最遠(yuǎn)，則的值為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，0~時(shí)間內(nèi)，有解得周期為時(shí)間內(nèi)，有解得周期要求在T0時(shí)，粒子距y軸最遠(yuǎn)，做出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖根據(jù)幾何關(guān)系，可得解得則0~時(shí)間內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過的圓心角為可得聯(lián)立，解得故選A8.用、兩種可見光照射同一光電效應(yīng)裝置，測得的光電流和電壓的關(guān)系圖像如圖甲所示，圖乙為氫原子的能級(jí)圖。已知可見光的光子能量在1.62eV到3.11eV之間，下列說法正確的是（）A.光的波長比光的大B.單色光的光子動(dòng)量比單色光的光子動(dòng)量大C.用大量的光子去照射基態(tài)的氫原子可以得到兩種可見光D.若光是氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光，則光是氫原子從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光【答案】AC【解析】A．根據(jù)可知，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，頻率越大的光，其截止電壓越大，所以a光的頻率比b光的小，根據(jù)可知，頻率越小波長越大，所以a光的波長比b光的大，故A正確；B．根據(jù)可知，單色光a的光子動(dòng)量比單色光b的光子動(dòng)量小，故B錯(cuò)誤；C．用大量的光子去照射基態(tài)的氫原子，則有可知，即可以躍遷到第四個(gè)能級(jí)，所以能得到兩種可見光，對(duì)應(yīng)躍遷到，躍遷到，故C正確；D．根據(jù)，因?yàn)閍光的頻率比b光的小，則a光的光子能量比b光的小，若a光是從躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光，則b光不可能是從躍遷到能級(jí)時(shí)發(fā)出的光，故D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示，矩形線框的匝數(shù)為N=100，面積為S=0.02m2，線框所處磁場可視為勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T。線框從圖示位置開始繞軸OO′以恒定的角速度ω=100rad/s沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，線框一端接換向器，通過電刷和外電路連接。理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2:1，定值電阻R1=10Ω、R2=2.5Ω，線框內(nèi)阻r=5Ω，忽略導(dǎo)線的電阻。下列說法正確的是（）A.線框經(jīng)過圖示位置時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為200VB.流過電阻R1的電流是交流電C.線框轉(zhuǎn)動(dòng)一圈，通過電阻R1的電荷量為0.4CD.通過電阻R1的電流有效值為【答案】CD【解析】A．矩形線框轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)，通過線框的磁通量最大，但磁通量變化率為0，則此時(shí)線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為0，故A錯(cuò)誤；B．線框從圖示位置開始繞軸OO′以恒定的角速度ω沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生交流電，由于線框一端接換向器，通過電阻R1的是直流電，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)于R2有所以副線圈的等效電阻為且與R1并聯(lián)，線框轉(zhuǎn)一圈，通過電阻R1的電量為故C正確；D．矩形線框轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值為根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流為所以通過R1的電流有效值為故D正確故選CD。10.如圖所示，質(zhì)量為，的物塊A和B用輕彈簧連接并豎直放置，輕繩跨過固定在同一水平面上的兩個(gè)定滑輪，一端與物塊A連接，另一端與質(zhì)量為的小球C相連，小球C套在水平固定的光滑直桿上。開始時(shí)小球C鎖定在直桿上的P點(diǎn)，連接小球的輕繩和水平方向的夾角，物體B對(duì)地面的壓力恰好為零?，F(xiàn)解除對(duì)小球C的鎖定，同時(shí)施加一個(gè)水平向右、大小為的恒力，小球C運(yùn)動(dòng)到直桿上的Q點(diǎn)時(shí)，與水平方向的夾角也為，D為的中點(diǎn)，距離，在小球C的運(yùn)動(dòng)過程中，輕繩始終處于拉直狀態(tài)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略兩個(gè)定滑輪大小以及滑輪、繩與軸之間的摩擦力，g取，下列說法正確的是（）A.小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中，合外力對(duì)物體A的沖量為零B.小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中，輕繩拉力對(duì)物體A做功為零C.小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中，A、B、C、輕彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D.小球C運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)的速度大小為【答案】AD【解析】A．小球C運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，物體A剛好運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)，此時(shí)A的速度為零，根據(jù)動(dòng)量定理可得可知合外力對(duì)物體A的沖量為零，故A正確；B．小球C從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中，此時(shí)物體A剛好回到初始位置，此過程重力、彈簧彈力對(duì)A球做功均為0；由于小球C運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)沿繩子方向的速度不為0，則此時(shí)A的速度不為0，根據(jù)動(dòng)能定理可得故B錯(cuò)誤；C．拉力F一直對(duì)小球做正功，系統(tǒng)的機(jī)械能一直增加，故C錯(cuò)誤；D．小球C運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)，此時(shí)物體A剛好回到初始位置，彈簧的彈性勢能變化量為零，A、C和彈簧組成的系統(tǒng)根據(jù)能量守恒有又聯(lián)立解得故D正確。故選AD。二、非選擇題:本題共5小題,共54分。11.某同學(xué)利用頂角為的直角三角形玻璃磚ABC做“測量玻璃磚折射率”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①在木板上鋪一張白紙，將三角形玻璃磚放在白紙上并描出玻璃磚的輪廓。②在垂直于AB邊方向上插上兩枚大頭針和，從BC一側(cè)透過玻璃磚觀察，在觀察位置插第三個(gè)大頭針，使其擋住、兩大頭針的像，再插第四個(gè)大頭針，使它擋住和、的像，移去三角形玻璃磚和大頭針，做出部分光路圖如圖所示。（1）為了精確測量玻璃磚折射率，下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是______；A.選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)B.大頭針應(yīng)垂直插在紙面上C.大頭針和、和之間的距離適當(dāng)大些D.畫三角形玻璃磚輪廓線時(shí)，用筆緊貼玻璃磚表面畫線（2）將實(shí)驗(yàn)需要的光路圖補(bǔ)充完整_______；（3）該同學(xué)用量角器測量光線與BC邊夾角為，則三棱鏡的折射率_______?！敬鸢浮浚?）BC（2）（3）【解析】【小問1詳析】A．為了準(zhǔn)確測量光路圖，應(yīng)選用較細(xì)的大頭針來完成實(shí)驗(yàn)，選用粗的大頭針完成實(shí)驗(yàn)時(shí)，容易出現(xiàn)觀察誤差，使光線實(shí)際并不平行，故A錯(cuò)誤；B．為了準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上，故B正確；C．大頭針和、和之間的距離盡量大些，相同的距離誤差引起的角度誤差會(huì)減小，角度的測量誤差會(huì)小，故C正確；D．為了防止弄臟玻璃磚，不能鉛筆貼著光學(xué)面畫出界面，故D錯(cuò)誤；故選BC?！拘?詳析】根據(jù)光的折射規(guī)律作出光路圖如圖【小問3詳析】根據(jù)幾何關(guān)系可知光線在BC面的入射角為，折射角為，根據(jù)折射定律可得12.電容儲(chǔ)能已經(jīng)在電動(dòng)汽車，風(fēng)光發(fā)電、脈沖電源等方面得到廣泛應(yīng)用。某物理興趣小組設(shè)計(jì)圖甲所示電路，探究不同電壓下電容器的充放電過程。器材如下：電容器C（額定電壓10V，電容標(biāo)識(shí)不清）；電源（電動(dòng)勢12V，內(nèi)阻不計(jì)）；電阻箱R1（阻值0~99999.9Ω）；滑動(dòng)變阻器（最大阻值20Ω，額定電流2A）；電壓表V（量程15V，內(nèi)阻很大）發(fā)光二極管D1和D2，開關(guān)S1和S2，電流傳感器，計(jì)算機(jī)，導(dǎo)線若干。（1）電容器充電過程，若要提高電容兩端電壓，應(yīng)將滑片向___________（選填“左”，“右”）移動(dòng)。（2）某次實(shí)驗(yàn)中，完成充電后電壓表讀數(shù)如圖乙所示，電容器兩端的電壓為____________。（3）繼續(xù)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片位置，電壓表示數(shù)為8.0V時(shí)，開關(guān)S2擲向1，得到電容器充電過程的I-t圖像，如圖丙所示。借鑒“用油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中估算油膜面積的方法，根據(jù)圖像可估算出充電結(jié)束后，電容器存儲(chǔ)的電荷量為_____________C（結(jié)果保留2位有效數(shù)字），電容器的電容為___________F。（4）電容器充電后，將開關(guān)S2擲向2，發(fā)光二極管___________（選填“D1”，“D2”）發(fā)光?！敬鸢浮浚?）右（2）6.5V（3）3.8×10-34.75×10-4（4）D1【解析】【小問1詳析】由于滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，故向右端滑動(dòng)滑片時(shí)可以提高電容兩端電壓?！拘?詳析】由于電壓表量程為15V，所以每一小格為0.5V，所以讀數(shù)為【小問3詳析】[1]I-t圖像與坐標(biāo)軸所圍區(qū)域的面積等于電容器存儲(chǔ)的電荷量，所以電容器存儲(chǔ)的電荷量為[2]根據(jù)電容的定義式可得小問4詳析】電容器充電后，將開關(guān)S2擲向2，電容器放電，且電容器左極板高電勢，右極板低電勢，根據(jù)二極管的特性可知，D1閃光。13.如圖是一種由氣缸、活塞柱、彈簧和上下支座構(gòu)成的汽車氮?dú)鉁p震裝置，氣缸內(nèi)的氣體可視為理想氣體。該裝置未安裝到汽車上時(shí)，彈簧處于原長狀態(tài)。封閉氣體和活塞柱長度均為，氣體壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)。將四臺(tái)減震裝置