學(xué)年第一學(xué)期期中杭州地區(qū)（含周邊）重點(diǎn)中學(xué)高二年級(jí)物理學(xué)科試題考生須知：本卷滿分分，考試時(shí)間分鐘；答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并填涂相應(yīng)數(shù)字；所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無(wú)效；考試結(jié)束后，只需上交答題卷。選擇題部分一、單項(xiàng)選擇題（本大題共小題，每小題3分，共分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，1.第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)決定，質(zhì)量單位“千克”由普朗克常數(shù)來(lái)定義。普朗克常數(shù)作為一個(gè)自然常數(shù)，源自于普朗克提出的能量子概念，即表示能量，的單位用國(guó)際單位制基本單位表示為（）A.B.N·m/sC.D.【答案】D【解析】【詳解】AB．單位J與N均為導(dǎo)出單位，不是國(guó)際單位制中的基本單位，故AB錯(cuò)誤；CD．表示頻率，國(guó)際單位制中的基本單位為1/s，表示能量，單位為J，該單位也可以表示為N·m單位N也可以表示為，根據(jù)，整理得利用單位運(yùn)算可知，h的國(guó)際單位制中的基本單位為。故選D。2.如圖是卡文迪什扭秤實(shí)驗(yàn)原理圖，利用標(biāo)尺上光斑位置的變化，巧妙地放大微小形變，以測(cè)量物體間的引力，被譽(yù)為物理學(xué)十大最美實(shí)驗(yàn)之一。下列實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)與扭秤實(shí)驗(yàn)“放大”思想異曲同工的是（）第1頁(yè)/共25頁(yè)A.觀察玻璃瓶的微小形變B.探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系C.伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)D.探究求合力的方法【答案】A【解析】A故A正確；B．探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系用控制變量法，無(wú)放大思想，故B錯(cuò)誤；C．伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)用推理法，故C錯(cuò)誤；D．探究求合力的方法用等效替代法，故D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖是噴泉景觀圖。若將噴泉噴出的水柱分割成一系列長(zhǎng)度相等質(zhì)量不等的小水柱，以空中的小水柱為研究對(duì)象，不計(jì)空氣阻力，不計(jì)小水柱間的相互作用力，下列說(shuō)法正確的是（）第2頁(yè)/共25頁(yè)A.小水柱在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中先超重再失重B.相等時(shí)間內(nèi)小水柱的速度變化量相同C.相等時(shí)間內(nèi)小水柱受到的合力沖量相同D.相等時(shí)間內(nèi)質(zhì)量相等的小水柱動(dòng)能變化量大小相等【答案】B【解析】【詳解】A．小水柱在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度總為向下的g，一直處于失重狀態(tài)，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)，可知相等時(shí)間內(nèi)小水柱的速度變化量相同，B正確；CI=mg?t到的合力沖量不一定相同，C錯(cuò)誤；D等，D錯(cuò)誤。故選B。4.ABCD是其周圍的MN是導(dǎo)體CPQ是導(dǎo)體B的是（）A電場(chǎng)強(qiáng)度B.電勢(shì)C.若將一試探正電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能增大D.把一個(gè)電子從點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)，電子的電勢(shì)能增加【答案】D【解析】【詳解】A．處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，所以M、N兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等都是0，故A錯(cuò)誤；第3頁(yè)/共25頁(yè)所以P點(diǎn)的電勢(shì)高于Q點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；CM點(diǎn)與NM點(diǎn)到N電場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤；D．對(duì)負(fù)電荷來(lái)說(shuō)，電勢(shì)越高電勢(shì)能越小，所以把電子從P點(diǎn)一定到Q點(diǎn)，電子的電勢(shì)能增加，故D正確。故選D。5..將白板調(diào)成豎直狀態(tài)，宣傳紙靜止于白板上；Ⅱ.將白板調(diào)成水平狀態(tài)，用一水平力拉宣傳紙，紙未被拉動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）A.操作Ⅰ中，宣傳紙受到6個(gè)力B.操作Ⅰ中，磁性越強(qiáng)，磁釘受到的摩擦力越大C.操作Ⅱ中，宣傳紙對(duì)磁釘?shù)淖饔昧ωQ直向上D.操作Ⅱ中，增大拉力，磁釘受到的摩擦力將變大【答案】C【解析】【詳解】A．操作I中，對(duì)宣傳紙進(jìn)行受力分析，受力如下圖宣傳紙受到重力G、磁釘對(duì)它的壓力N、磁釘對(duì)它的摩擦力f、磁性白板對(duì)它的壓力N、磁性白板對(duì)它的摩擦力f，共5個(gè)力的作用，故A錯(cuò)誤；第4頁(yè)/共25頁(yè)B．操作I中，磁釘受力平衡，磁性越強(qiáng)，磁釘受到的摩擦力不變，總是等于磁釘重力，故B錯(cuò)誤；C摩擦力，二力平衡；磁釘不受宣傳紙的摩擦力，如果受摩擦力，磁釘將無(wú)法平衡，宣傳紙對(duì)磁釘?shù)淖饔昧εc磁釘?shù)闹亓ζ胶?，方向豎直向上，故C正確；D．操作Ⅱ中，增大拉力，只要紙未被拉動(dòng)，磁釘不受摩擦力，故D錯(cuò)誤。故選C。6.1932年安德森利用放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的云室記錄的正電子的徑跡，云室中放有厚的鉛板，磁場(chǎng)方向垂直紙面，A、B是徑跡上的兩個(gè)點(diǎn)，若不計(jì)正電子受到的重力及運(yùn)動(dòng)過(guò)程的阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.磁場(chǎng)方向垂直紙面向外B.正電子的運(yùn)動(dòng)方向是從A到BC.正電子在A、B兩點(diǎn)受到的洛侖茲力大小相等D.正電子經(jīng)過(guò)鉛板后，運(yùn)動(dòng)的周期變小【答案】A【解析】【詳解】B．正電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力得可得運(yùn)動(dòng)速率為由題圖可知正電子在鉛板上方的軌跡半徑比在鉛板下方的小，則正電子在鉛板上方的速率比在鉛板下方的速率小，因穿過(guò)鉛板后速率會(huì)減小，故正電子從下向上穿過(guò)鉛板，即正電子從B運(yùn)動(dòng)到A，故B錯(cuò)誤；A．正電子從B運(yùn)動(dòng)到A沿順時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知，磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外，故A正確；C．洛倫茲力，由于正電子在A點(diǎn)的速率大于B點(diǎn)速率，所以正電子在A點(diǎn)比在B點(diǎn)所受的洛倫茲力大，故C錯(cuò)誤；第5頁(yè)/共25頁(yè)D．根據(jù)洛倫茲力提供向心力其中，可得故粒子穿過(guò)鉛板后在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期不變，故D錯(cuò)誤。故選A。7.“夸父一號(hào)”衛(wèi)星是我國(guó)首顆綜合性太陽(yáng)探測(cè)衛(wèi)星，也是首顆在近地軌道觀測(cè)太陽(yáng)“一磁兩爆”的衛(wèi)星。S軌道相交于A、B兩點(diǎn)。已知夸父一號(hào)衛(wèi)星的速度大小為，衛(wèi)星S在橢圓軌道遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)速度大小為，橢圓軌道的近地點(diǎn)為，某時(shí)刻兩衛(wèi)星與地球在同一直線上，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩衛(wèi)星可能在點(diǎn)或點(diǎn)處相遇B.兩衛(wèi)星在圖示位置的速度C.兩衛(wèi)星通過(guò)點(diǎn)時(shí)受到的萬(wàn)有引力和加速度都相等D.在相等時(shí)間內(nèi)衛(wèi)星S與地心連線掃過(guò)的面積與夸父一號(hào)與地心連線掃過(guò)的面積相等【答案】B【解析】【詳解】A．圓半徑與橢圓半長(zhǎng)軸等長(zhǎng)，根據(jù)開普勒第三定律可知，兩衛(wèi)星周期相同，假設(shè)兩衛(wèi)星在A點(diǎn)相遇，沿逆時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)時(shí)夸父一號(hào)用時(shí)大于S用時(shí)小于A可知在B點(diǎn)處也不相遇，故A錯(cuò)誤；BP點(diǎn)到地心的距離大于夸父一號(hào)的半徑，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，可知夸父一號(hào)的速度大小大于P點(diǎn)處圓軌道上衛(wèi)星的線速度大小，又由衛(wèi)星變軌知識(shí)可知，小于P點(diǎn)處圓軌道上衛(wèi)星的線速度大小，故兩衛(wèi)星在圖示位置的速度，故B正確；CB第6頁(yè)/共25頁(yè)知?jiǎng)t加速度相等，故C錯(cuò)誤；DS與地心連線掃過(guò)的面積與夸父一號(hào)與地心連線掃過(guò)的面積不一定相等，故D錯(cuò)誤。故選B。8.小明同學(xué)在做奧斯特實(shí)驗(yàn)時(shí)，設(shè)想了一個(gè)測(cè)量地磁場(chǎng)水平分量磁感應(yīng)強(qiáng)度的方法。如圖所示，他將小磁針靜置于水平地面上，找一足夠長(zhǎng)的直導(dǎo)線平行固定于小磁針正上方，和小磁針間距為。給直導(dǎo)線通以電流磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可表示為，k為比例系數(shù)，為該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離，為導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度，不考慮地磁偏角的情況下，下列說(shuō)法正確的是（）A.通電瞬間，小磁針N極垂直紙面向外偏轉(zhuǎn)B.實(shí)驗(yàn)時(shí)，增大電流，偏轉(zhuǎn)角也變大，則與成正比C.若電流時(shí)，測(cè)得偏轉(zhuǎn)角，則可表示為D.若電流時(shí)，測(cè)得偏轉(zhuǎn)角，則可表示為【答案】C【解析】【詳解】A．通電瞬間、根據(jù)安培定則，,直線電流下方的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，因此小磁針N極垂直紙面向里偏轉(zhuǎn)，故A錯(cuò)誤；CD．若電流時(shí)，電流的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里測(cè)得偏轉(zhuǎn)角，合磁場(chǎng)方向如圖所示第7頁(yè)/共25頁(yè)對(duì)可表示為，故C正確，D錯(cuò)誤；B．電流為I時(shí)，電流的磁場(chǎng)根據(jù)上述分析得增大電流I，偏轉(zhuǎn)角也變大，則與I不成正比，故B錯(cuò)誤。故選C。9.MN垂直圓心在，和計(jì)的輕質(zhì)小球套在圓環(huán)上，從點(diǎn)沿圓環(huán)以初速度做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.小球從到的過(guò)程中電勢(shì)能不變B.可以求出小球在點(diǎn)的加速度C.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小球可能全程不受圓環(huán)作用力D.越大，小球在點(diǎn)受到圓環(huán)的作用力越大【答案】D【解析】AA點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到CA正確，不符合題意；B．小球始終在等勢(shì)線上運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力不做功。又因?yàn)椴豢紤]小球的重力，所以小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速率不變，第8頁(yè)/共25頁(yè)C．若小球的向心力完全由電場(chǎng)力提供，則全程可不需圓環(huán)的作用力。故C正確，不符合題意；DC方程為在C點(diǎn)若圓環(huán)的彈力背離圓心，則向心力方程為所以越大，小球在點(diǎn)受到圓環(huán)的作用力不一定越大，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。10.如圖，質(zhì)量的木板靜止在光滑水平地面上，右側(cè)豎直墻面固定一動(dòng)度系數(shù)的輕的小物塊以初速度水平向右滑上木板左端，一段時(shí)間后兩者共速，速度為，此時(shí)木板未與彈簧接觸。之后的運(yùn)動(dòng)中，小物塊與木板始終保持相對(duì)靜止，彈簧處在彈性限度內(nèi)。若小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因素為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，在彈性限度內(nèi)彈簧彈性勢(shì)能與形變量的關(guān)系為（）A.小物塊初速度B.小物塊與木板間動(dòng)摩擦因素至少為0.4C.若，木板長(zhǎng)度至少為0.6mD.若，木板初始位置與彈簧的距離至少為0.6m【答案】B【解析】A動(dòng)量守恒。取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得第9頁(yè)/共25頁(yè)解得代入數(shù)據(jù)得，故A錯(cuò)誤；B．共速后整體壓縮彈簧，視為一個(gè)系統(tǒng)。從接觸彈簧到壓縮至最短，由機(jī)械能守恒定律得解得振幅A=lm最大回復(fù)力處加速度最大，由牛頓第二定律得解得小物塊加速度由靜摩擦力提供，需滿足解得，故B正確；C．若，共速前摩擦生熱同時(shí)聯(lián)立得，故C錯(cuò)誤；D．共速前木板受滑動(dòng)摩擦力做勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得解得由，得，故D錯(cuò)誤。故選B。二、不定項(xiàng)選題（本題共3小題，每題4分，共分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，漏選得2100Wh能量超過(guò)100Wh但不超過(guò)160Wh列說(shuō)法正確的是（）產(chǎn)品型號(hào)A10電池容量10000mAh20000mAh第10頁(yè)/共25頁(yè)USB輸出DC5V/2ADC4.5V/5AA.“電池容量”信息中給出的mAh是能量單位B.這兩款充電寶能量都超過(guò)100Wh，須經(jīng)航空公司批準(zhǔn)后方可攜帶C.給“”型號(hào)充電寶充滿電，至少需要4小時(shí)D.用“A10”型號(hào)的充電寶通過(guò)USB持續(xù)輸出，理論上可持續(xù)充電約4小時(shí)【答案】CD【解析】【詳解】AmAh是電量單位，A錯(cuò)誤；B．“”型號(hào)的充電寶的能量為100WhB錯(cuò)誤；C．給“”型號(hào)的充電寶充滿電，至少需要時(shí)間，C正確；D．用“A10”型號(hào)的充電寶通過(guò)USB持續(xù)輸出，理論上可持續(xù)充電約，D正確。故選CD。12.下列說(shuō)法正確是（）A.圖甲是磁流體發(fā)電機(jī)的結(jié)構(gòu)示意圖，圖中板電勢(shì)較高B.圖乙是洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)圖，減小電子槍的加速電壓，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期不變C.圖丙是電容式話筒的結(jié)構(gòu)示意圖，振動(dòng)膜片向左振動(dòng)時(shí)，電阻中電流的方向：從右往左D.圖丁是回旋加速器結(jié)構(gòu)示意圖，增大回旋加速器狹縫間的電壓，被加速粒子獲得的最大動(dòng)能增加【答案】AB【解析】AAB板是發(fā)電機(jī)的負(fù)極，故A板電勢(shì)高。故A正確。第11頁(yè)/共25頁(yè)電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式?jīng)Q定（為電子質(zhì)量，為電荷量，子的速度（或加速電壓）無(wú)關(guān)，因此減小電子槍的加速電壓，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期不變，故B正確；C根據(jù)中C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律解得D形盒半徑能為最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選AB。13.個(gè)半徑接近的同軸圓筒間的區(qū)域）的示意圖。為了粗略了解離子在放電室里的運(yùn)動(dòng)情況，小明將“放電室”，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。某質(zhì)量為，電荷量為的正離子從圓筒中心軸線的點(diǎn)進(jìn)入圓筒區(qū)域，其速度平行于磁場(chǎng)方向的分量大小為，垂直于磁場(chǎng)方向的分量大小為，圓筒半徑足夠大，不計(jì)離子重力，則（）第12頁(yè)/共25頁(yè)A.若，，離子在圓筒里運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B.若，，離子在圓筒里運(yùn)動(dòng)加速度大小不變C.若，，離子在圓筒里運(yùn)動(dòng)洛倫茲力大小為D.若，，離子從點(diǎn)穿出圓筒，至少為【答案】AB【解析】【詳解】A．若，，離子在電場(chǎng)力作用下沿水平方向做加速運(yùn)動(dòng)，由于速度方向與磁場(chǎng)方向平行，不受洛侖茲力，故水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為又聯(lián)立解得，故A正確；BCD．由于水平方向的分速度與磁場(chǎng)方向平行，不受洛侖茲力，離子水平方向在電場(chǎng)力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，徑向速度方向跟電場(chǎng)力垂直，不受電場(chǎng)影響，同時(shí)跟磁垂直，受洛侖茲力，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故其合運(yùn)動(dòng)為螺旋線，水平方向分加速度為徑向方向分加速度為其中故合加速度大小恒定，故B正確；，離子在圓筒里運(yùn)動(dòng)洛倫茲力大小,故C錯(cuò)誤；若，，離子從點(diǎn)穿出圓筒，則離子徑向至少轉(zhuǎn)一圈運(yùn)動(dòng)時(shí)長(zhǎng)水平方向，故D錯(cuò)誤；故選AB。第13頁(yè)/共25頁(yè)非選擇題部分三、非選擇題14.下列甲、乙、丙、丁圖分別是“探究小車速度隨時(shí)間變化規(guī)律”、“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”、（1）下列說(shuō)法正確的是__________；A.圖甲實(shí)驗(yàn)中，懸掛重物的質(zhì)量須滿足遠(yuǎn)小于實(shí)驗(yàn)小車的質(zhì)量B.圖乙實(shí)驗(yàn)中不需要“平衡摩擦力”C.圖丙實(shí)驗(yàn)斜槽必須光滑D.圖丁入射小球的質(zhì)量必須要大于被撞小球的質(zhì)量（2）某同學(xué)用圖丁的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒，已知入射小球的質(zhì)量為，被碰小球的質(zhì)量為。Ⅰ.本實(shí)驗(yàn)要求軌道末端切線水平，入射小球和被碰小球半徑__________（選填“必須相同”或“可以不__________（選填“需要”或“不需要”）從同一位置由靜止釋放。Ⅱ.a跡點(diǎn)，為了確定該小球平均落點(diǎn)，所畫的三個(gè)圓中最合理的是__________（填“a”“b”或“c第14頁(yè)/共25頁(yè)到點(diǎn)的距離可記為__________cmⅣ.如果小球碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則需要驗(yàn)證的表達(dá)式為__________（用、、、、表Ⅴ.如果小球發(fā)生彈性碰撞，則需要驗(yàn)證的表達(dá)式為__________（用、、表示）【答案（1）D（2）①.必須相同②.需要③.c④.54.0⑤.⑥.【解析】【小問1詳解】圖甲實(shí)驗(yàn)是“探究小車速度隨時(shí)間變化規(guī)律”遠(yuǎn)小于實(shí)驗(yàn)小車的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；圖乙實(shí)驗(yàn)中是“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”，需要測(cè)量合外力的大小，需要“平衡摩擦力”，故B正確；圖丙實(shí)驗(yàn)是“探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”且初速度不變，不需要光滑，故C錯(cuò)誤；圖丁是“驗(yàn)證動(dòng)量守恒”量必須要大于被撞小球的質(zhì)量，故D正確。故選D?！拘?詳解】[1]入射小球和被碰小球半徑必須相同，保證兩球是對(duì)心碰撞，碰后都做平拋運(yùn)動(dòng)。[2]為減速偶然誤差，找平均落點(diǎn)位置，需要保證每次碰撞為同一組碰撞，故在同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球需要從同一位置由靜止釋放。[3]為了確定該小球平均落點(diǎn)，需要用一個(gè)最小的圓盡量圈起所有落點(diǎn)位置，但要除去偏離較遠(yuǎn)的位置，故第15頁(yè)/共25頁(yè)圖中所畫的三個(gè)圓中最合理的是c。[4]測(cè)量圖片如圖b所示，由此可知，實(shí)驗(yàn)時(shí)點(diǎn)到點(diǎn)的距離可記為54.0cm。[5]根據(jù)平拋的規(guī)律解得平拋的初速度入射小球碰撞前后的速度和被撞小球碰撞后的速度分別為動(dòng)量守恒則需要驗(yàn)證的表達(dá)式為[6]如果小球發(fā)生彈性碰撞，則需要驗(yàn)證的表達(dá)式為為結(jié)合動(dòng)量守恒的表達(dá)式可得。15.在“練習(xí)使用多用電表”實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)查詢到某一型號(hào)多用電表內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示：（1）圖中1、2兩個(gè)檔位用于測(cè)電流，其中__________（填“1”或“2”）的量程較大（2）下列說(shuō)法正確的是__________A.A表筆是黑表筆B.選擇“3、4”用于測(cè)電壓C.用作電壓表時(shí)，量程越大表內(nèi)阻越小D.用歐姆檔測(cè)二極管的正向電阻時(shí)，應(yīng)讓B表筆接二極管的正極（3）小明同學(xué)繼續(xù)用該多用表的歐姆檔測(cè)小電動(dòng)機(jī)（圖甲所示）內(nèi)阻，發(fā)現(xiàn)電動(dòng)機(jī)竟然轉(zhuǎn)了起來(lái)。他將電第16頁(yè)/共25頁(yè)應(yīng)于下圖__________”或“”）Ⅱ.從圖中，讀出電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻__________Ω。Ⅲ.若要進(jìn)一步估算小電動(dòng)機(jī)中纏繞的銅絲的總長(zhǎng)度，除了已知銅絲的電阻率，還需要測(cè)量的物理量是__________（用“文字+可表示為__________（用題中字母和上一問物理【答案】（1）1（2）D（3）①.B②.6##6.0③.（d）銅絲直徑④.【解析】【小問1詳解】圖中1、2兩個(gè)檔位用于測(cè)電流，其中1并聯(lián)的電阻較小，則量程較大?！拘?詳解】A．A表筆與歐姆檔內(nèi)部電源的負(fù)極相連，是紅表筆，A錯(cuò)誤；B．選擇“3、4”用于測(cè)電阻，B錯(cuò)誤；C．用作電壓表時(shí)，量程越大，所串聯(lián)的電阻越大，則表內(nèi)阻越大，C錯(cuò)誤；D．因B表筆接內(nèi)部電源的正極，則用歐姆檔測(cè)二極管的正向電阻時(shí)，應(yīng)讓B表筆接二極管的正極，D正確。故選D?！拘?詳解】第17頁(yè)/共25頁(yè)會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)，此時(shí)通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流小于電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)的電流，則電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)電流較小，歐姆表的指針偏轉(zhuǎn)角度較小，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)歐姆表示數(shù)對(duì)應(yīng)于圖B。Ⅱ.[2]A圖對(duì)應(yīng)著電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的情況，讀出的是電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻6Ω。Ⅲ.[3][4]若要進(jìn)一步估算小電動(dòng)機(jī)中纏繞的銅絲的總長(zhǎng)度，根據(jù)除了已知銅絲的電阻率，還需要測(cè)量的物理量是d（銅絲直徑）；銅線圈的總長(zhǎng)度可表示為。16.貨車在傾角的連續(xù)長(zhǎng)直下坡路上以后，貨車以的速度沖上了避險(xiǎn)車道，，，。求：（1）求汽車在下坡過(guò)程中所受的阻力；（2）若“避險(xiǎn)車道”與水平面間的夾角為為，且，汽車在“避險(xiǎn)車道”受到的阻力是貨車總重力的0.3?（3）貨車從剎車失靈到最后停在避險(xiǎn)車道上總共經(jīng)歷的時(shí)間？【答案】（1）（2）（3）【解析】1）由可知，貨車加速時(shí)加速度根據(jù)牛頓第二定律第18頁(yè)/共25頁(yè)（2）避險(xiǎn)車道上坡行駛時(shí)，規(guī)定向上為正方向，根據(jù)牛頓第二定律阻力是貨車總重力的0.3倍，可得設(shè)車減速到0時(shí)的位移為，則解得“避險(xiǎn)車道”的最小長(zhǎng)度（3）下坡時(shí)間，上坡時(shí)間總共經(jīng)歷的時(shí)間。17.35標(biāo)志著我國(guó)海軍進(jìn)入大航母時(shí)代。受此啟發(fā)，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)如下圖所示的電磁彈射的模型。圖中，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，MN與PQ為水平放置的足夠長(zhǎng)的金屬導(dǎo)軌，間距為。戰(zhàn)斗機(jī)簡(jiǎn)化為導(dǎo)體棒ab，垂直放置在金屬導(dǎo)軌上，與阻值為的定值電阻R并聯(lián)在電源兩端。整個(gè)導(dǎo)軌Sab在安培力的作用下向右加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到電磁彈射的效果。若運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)體棒ab始終與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)體棒接入電路部分的阻值為，不計(jì)其他電阻。（1）求開關(guān)S閉合瞬間，流過(guò)導(dǎo)體棒的電流；（2）若導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力恒定，當(dāng)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，流過(guò)電源的電流為5A，求：Ⅰ.導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力；Ⅱ.體棒運(yùn)動(dòng)的最大速度；Ⅲ.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)體棒可等效為一直流“電動(dòng)機(jī)”，求穩(wěn)定時(shí)“電動(dòng)機(jī)”的效率?！敬鸢浮浚?）第19頁(yè)/共25頁(yè)（2）Ⅰ.；Ⅱ.；Ⅲ.【解析】【小問1詳解】導(dǎo)體棒接入電路部分的阻值與定值電阻相等，則回路總電阻開關(guān)S閉合瞬間，回路的干路電流流過(guò)導(dǎo)體棒的電流【小問2詳解】Ⅰ.根據(jù)閉合回路歐姆定律有此時(shí)通過(guò)定值電阻的電流則此時(shí)通過(guò)導(dǎo)體棒的電流穩(wěn)定時(shí)，導(dǎo)體棒所受阻力大小等于安培力，則有解得Ⅱ.穩(wěn)定時(shí)，導(dǎo)體棒速度達(dá)到最大值，結(jié)合上述有解得Ⅲ.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)體棒可等效為一直流“電動(dòng)機(jī)”，穩(wěn)定時(shí)“電動(dòng)機(jī)”效率結(jié)合上述解得18.A的傾斜傳送帶B往河岸運(yùn)輸。在傳送帶B上端固定圓心分別為、，半徑均為的兩段四分之一圓弧軌道，與在緊挨著傳送帶BB的的小物塊PA的左端，傳送帶A、B均順時(shí)針轉(zhuǎn)運(yùn)，傳送帶A緩慢運(yùn)行，運(yùn)行速度忽略不計(jì)，傳送帶B的運(yùn)行速度恒為。物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因素為，不計(jì)其他摩擦，傾斜傳送帶B長(zhǎng)，不計(jì)物塊P經(jīng)過(guò)銜接點(diǎn)的第20頁(yè)/共25頁(yè)（1）要使物體在最短時(shí)間內(nèi)到達(dá)點(diǎn)，傳送帶B的運(yùn)行速度至少是多少？（2）若，求傳送帶B運(yùn)輸小物體P過(guò)程中電動(dòng)機(jī)多做的功；（3BP恰好能通過(guò)P在圓弧上滑行部分對(duì)應(yīng)的（4的沙子以的速度從車箱的沙子速度立即減為0，貨車停在水平地面不動(dòng)，求地面對(duì)大貨車的摩擦力大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）25N【解析】【小問1詳解】根據(jù)摩擦力則根據(jù)牛頓第二定律有由，可得最小速度為【小問2詳解】由于，物體在傳送帶上全程加速，由可得此過(guò)程傳送帶的位移則電動(dòng)機(jī)多做的功小問3詳解】O1最高點(diǎn)第21頁(yè)/共25頁(yè)且，可知【小問4詳解】單位時(shí)間內(nèi)有的沙子落在車廂里速度減為0，沙子水平方向根據(jù)動(dòng)量定理可得解得即貨車對(duì)沙子的作用力大小為25N，根據(jù)牛頓第三定律，沙子對(duì)貨車水平方向的作用力大小為25N，由于車停在水平地面不動(dòng)