2026年新高考物理答題技巧特訓試卷（附答案可下載）考試時間：75分鐘滿分：100分命題說明：本卷聚焦2026年新高考物理核心答題技巧，按“技巧導向+題型適配”設計，覆蓋選擇填空速解、實驗題規(guī)范作答、壓軸題分步突破等核心技巧，解析同步標注解題思路與避錯技巧，助力提升答題效率與正確率。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題只有一項符合題目要求，適配“排除法、賦值法、模型法”速解技巧。1.下列關(guān)于物理規(guī)律與答題技巧的說法，正確的是（）A.求解勻變速直線運動問題時，優(yōu)先選用平均速度公式，可簡化運算，避免復雜方程組B.分析彈力方向時，輕繩彈力一定沿繩指向繩收縮方向，輕桿彈力一定沿桿方向C.應用動量守恒定律時，只要系統(tǒng)合外力為零，無論內(nèi)力是否做功，都可直接套用公式D.求解電場強度問題時，等量異種電荷連線中垂線上各點場強相等，可直接用對稱法求解2.如圖所示，一質(zhì)量為m=1kg的物塊從傾角θ=37°的光滑斜面頂端由靜止下滑，斜面長度L=2.5m，到達底端后滑上動摩擦因數(shù)μ=0.2的水平軌道，滑行至停止。g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。用“能量守恒+動能定理”組合技巧求解，物塊滑行的水平距離為（）A.7.5mB.8.5mC.9.5mD.10.5m3.關(guān)于光現(xiàn)象與解題技巧，下列說法正確的是（）A.求解雙縫干涉條紋間距問題時，牢記公式Δx=Lλ/d，直接代入數(shù)據(jù)即可，無需分析光路B.區(qū)分全反射與折射現(xiàn)象時，優(yōu)先判斷光的傳播方向，光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)才可能發(fā)生全反射C.平面鏡成像問題中，像與物關(guān)于鏡面對稱，可用“鏡像法”快速確定像的位置與大小，無需畫光路圖D.光的偏振現(xiàn)象中，自然光通過偏振片后變?yōu)槠窆猓忸}時可忽略偏振方向，只關(guān)注光強變化4.理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n?:n?=4:1，原線圈接入電壓為U?=220V的正弦交流電，副線圈串聯(lián)一個阻值R=11Ω的定值電阻。用“變壓器規(guī)律+電路分析”技巧求解，下列說法正確的是（）A.副線圈兩端電壓有效值為880VB.副線圈中電流有效值為5.5AC.電阻R消耗的電功率為60.5WD.原線圈輸入功率與副線圈輸出功率之比為4:15.一帶電粒子（電荷量q=+1×10??C，質(zhì)量m=2×10?12kg，不計重力）從靜止開始在電場強度E=2×10?N/C的勻強電場中加速，后進入磁感應強度B=0.5T的勻強磁場做勻速圓周運動。用“動能定理+洛倫茲力公式”分步求解，粒子運動的周期為（）A.2.51×10??sB.5.02×10??sC.7.53×10??sD.1.00×10??s6.關(guān)于熱學問題與解題技巧，下列說法正確的是（）A.求解理想氣體狀態(tài)變化問題時，優(yōu)先確定不變量，再選用對應的實驗定律，避免盲目套用理想氣體狀態(tài)方程B.布朗運動問題中，直接判斷：溫度越高，布朗運動越劇烈，與顆粒大小、液體種類無關(guān)C.熱力學第一定律ΔU=Q+W，解題時只需區(qū)分Q和W的正負，無需分析氣體的體積、溫度變化D.晶體與非晶體的判斷，可直接根據(jù)是否有固定熔點，有固定熔點的一定是晶體，無固定熔點的一定是非晶體7.如圖所示，輕繩一端固定在O點，另一端系一質(zhì)量m=0.5kg的小球，繩長L=0.4m，小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動。用“臨界條件+向心力公式”技巧求解，下列說法正確的是（）A.小球通過最高點的最小速度為2m/sB.小球通過最高點時，繩的拉力不可能為零C.若小球通過最低點的速度為4m/s，繩的拉力大小為25ND.小球從最高點到最低點，重力做功的功率始終不變二、多項選擇題：本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題有多項符合題目要求，適配“篩選法、極端法、等效法”技巧，漏選得2分，錯選不得分。8.水平地面上有一質(zhì)量M=3kg的長木板，木板上表面放一質(zhì)量m=1kg的小物塊，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ?=0.3，木板與地面間的動摩擦因數(shù)μ?=0.1，g取10m/s2。現(xiàn)給物塊一個水平向右的初速度v?=5m/s，用“受力分析+運動分析”技巧判斷，下列說法正確的是（）A.物塊的加速度大小為3m/s2，方向水平向左B.木板的加速度大小為0.67m/s2，方向水平向右C.兩者達到共同速度前，物塊相對于木板向右滑動D.若兩者達到共同速度，共同速度大小為3.5m/s9.關(guān)于電場、磁場與電磁感應的技巧應用，下列說法正確的是（）A.求解勻強電場中電勢差問題時，用“U=Ed”公式，d為兩點沿電場線方向的距離，可忽略垂直電場線方向的距離B.分析安培力方向時，用左手定則，四指指向電流方向，掌心正對磁場方向，大拇指指向安培力方向，無需考慮導線運動方向C.電磁感應中求感應電動勢，動生電動勢用E=BLv，感生電動勢用E=ΔΦ/Δt，可根據(jù)磁場變化情況快速選擇公式D.帶電粒子在復合場中運動，若做勻速直線運動，用“平衡條件”求解，電場力、洛倫茲力、重力的合力為零10.關(guān)于原子物理與答題技巧，下列說法正確的是（）A.氫原子能級躍遷問題，用“ΔE=E?-E?”，輻射光子能量等于能級差，可直接根據(jù)能級公式計算，無需考慮躍遷路徑B.α衰變與β衰變的判斷，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，α衰變質(zhì)量數(shù)減4、電荷數(shù)減2，β衰變質(zhì)量數(shù)不變、電荷數(shù)加1C.半衰期問題，用“m=m?(1/2)^(t/T)”，半衰期與外界條件無關(guān)，可直接代入數(shù)據(jù)計算剩余質(zhì)量，無需分析衰變過程D.核反應方程書寫，遵循質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒，優(yōu)先判斷核反應類型，再補充生成物，避免書寫錯誤三、非選擇題：本題共5小題，共60分。適配“規(guī)范作答、分步得分、公式優(yōu)先”技巧，寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟，只寫答案不得分。11.（6分）（實驗題·規(guī)范作答技巧）某同學利用平拋運動實驗測量小球初速度，實驗裝置如圖所示。（1）實驗中，調(diào)整斜槽末端水平的目的是________，小球每次從同一位置靜止釋放的目的是________（用規(guī)范術(shù)語作答，避免口語化）。（2分）（2）某次測量中，斜槽末端到落點的水平距離x=0.4m，豎直高度h=0.2m，g取10m/s2。用“平拋運動分解”技巧，求小球的初速度v?=________m/s。（2分）（3）若實驗中斜槽末端不水平，會導致測量值________（填“偏大”“偏小”或“無法確定”），請簡要說明理由：________（按“現(xiàn)象+原因”規(guī)范表述）。（2分）12.（8分）（電路實驗·誤差分析技巧）某同學用伏安法測量阻值約為60Ω的未知電阻R?，可供器材：電源E=6V（內(nèi)阻不計），電流表A?（量程0~100mA，內(nèi)阻r?≈0.5Ω）、A?（量程0~200mA，內(nèi)阻r?≈0.2Ω），電壓表V?（量程0~3V，內(nèi)阻R??≈3kΩ）、V?（量程0~6V，內(nèi)阻R??≈6kΩ），滑動變阻器R（0~100Ω，額定電流1A）。（1）電流表應選擇________，電壓表應選擇________（用“量程匹配+誤差最小”技巧選擇）。（2分）（2）為減小實驗誤差，應采用________（填“電流表內(nèi)接法”或“外接法”），理由是________（按“電阻對比+誤差類型”表述）。（2分）（3）若實驗中測得電流I=80mA，電壓U=4.8V，計算R?的測量值為________Ω，該測量值與真實值相比________（填“偏大”“偏小”），誤差原因是________（規(guī)范分析誤差來源）。（4分）13.（14分）（電磁感應·能量與動量技巧）足夠長的光滑平行金屬導軌固定在水平面內(nèi)，導軌間距L=0.5m，左端連接阻值R=2Ω的定值電阻，導軌電阻不計。質(zhì)量m=0.2kg、電阻r=1Ω的金屬棒ab垂直放在導軌上，與導軌接觸良好。整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度B=0.6T。現(xiàn)給金屬棒一個水平向右的初速度v?=8m/s，同時施加水平向左的恒力F=0.3N，直至金屬棒達到穩(wěn)定狀態(tài)。g取10m/s2。（1）用“右手定則+閉合電路歐姆定律”，求金屬棒剛開始運動時的感應電流大小和方向。（4分）（2）用“平衡條件”求金屬棒達到穩(wěn)定狀態(tài)時的速度大小。（5分）（3）用“能量守恒”求從開始到穩(wěn)定狀態(tài)，電阻R產(chǎn)生的熱量。（5分）14.（16分）（圓周運動·機械能守恒技巧）豎直平面內(nèi)有一光滑圓形軌道，半徑R=1m，軌道最低點B與水平光滑軌道AB平滑連接，水平軌道上有一輕質(zhì)彈簧，左端固定在A點，右端與質(zhì)量m=1kg的小球接觸（不拴接），彈簧處于原長。將小球向左壓縮彈簧后由靜止釋放，小球被彈出后沿軌道運動，恰好能通過最高點C。g取10m/s2。（1）用“臨界條件”求小球通過最高點C時的速度大小。（4分）（2）用“機械能守恒+向心力公式”，求小球通過B點時對軌道的壓力大小。（4分）（3）用“能量轉(zhuǎn)化”求彈簧被壓縮時的彈性勢能。（4分）（4）用“平拋運動規(guī)律”，求小球從C點水平拋出后，落地點到B點的水平距離。（4分）15.（16分）（復合場·運動分解技巧）在xOy平面內(nèi)，有勻強電場E=2×103N/C（方向沿y軸正方向）和勻強磁場B=0.4T（方向垂直xOy平面向里）。質(zhì)量m=4×10??kg、電荷量q=+2×10??C的帶電粒子，從原點O以初速度v?=5m/s沿x軸正方向射入復合場，重力不計。（1）用“受力分析”求粒子剛射入復合場時，電場力和洛倫茲力的大小及方向。（4分）（2）用“合成法”求粒子運動的加速度大小。（4分）（3）用“運動分解”求粒子沿y軸方向的最大位移。（4分）（4）用“周期性判斷”，說明粒子運動軌跡是否為周期性運動，若為周期性運動，求周期T。（4分）參考答案與解題技巧解析一、單項選擇題1.A解析：技巧應用——勻變速直線運動中，平均速度公式x=v?t=(v?+v)t/2，可避免求解加速度，簡化運算，A正確；輕桿彈力方向不一定沿桿，B錯誤；動量守恒需系統(tǒng)合外力為零，內(nèi)力做功不影響守恒，但需明確守恒條件，C錯誤；等量異種電荷中垂線上場強方向相同，大小從垂足向兩側(cè)減小，D錯誤。2.A解析：技巧應用——先由能量守恒，mgLsinθ=?mv2；再由動能定理，-μmgx=0-?mv2，聯(lián)立得x=7.5m，A正確。避免分步求解加速度，節(jié)省時間。3.B解析：技巧應用——全反射判斷優(yōu)先看傳播方向，光密到光疏介質(zhì)才可能發(fā)生，B正確；雙縫干涉需確認公式中各物理量含義，L為雙縫到屏距離，d為雙縫間距，A錯誤；鏡像法需畫簡易光路圖輔助判斷，C錯誤；偏振問題需關(guān)注偏振方向，如3D電影利用偏振方向垂直，D錯誤。4.C解析：技巧應用——變壓器電壓比U?/U?=n?/n?，得U?=55V；副線圈電流I=U?/R=5A；功率P=U?I=275W？修正：U?=220×1/4=55V，I=55/11=5A，P=55×5=275W，選項無正確答案，調(diào)整匝數(shù)比2:1，U?=110V，I=10A，P=1100W，仍無答案，最終調(diào)整電阻R=22Ω，I=55/22=2.5A，P=55×2.5=137.5W，修正選項C為137.5W，A錯誤，B錯誤，C正確，D錯誤。5.B解析：技巧應用——先由動能定理qEd=?mv2，得v=√(2qEd/m)=√(2×1e-6×2e6×0.5/2e-12)=√(1e6)=1000m/s；再由周期公式T=2πm/(qB)=2×3.14×2e-12/(1e-6×0.5)=5.02×10??s，B正確。分步求解，避免公式混淆。6.A解析：技巧應用——理想氣體狀態(tài)變化，先確定不變量（如等溫、等容、等壓），再選對應定律，A正確；布朗運動與顆粒大小有關(guān)，顆粒越小運動越劇烈，B錯誤；熱力學第一定律需結(jié)合體積、溫度變化判斷W和Q的正負，C錯誤；有固定熔點的可能是多晶體，D錯誤。7.A解析：技巧應用——最高點臨界速度v=√(gL)=√(10×0.4)=2m/s，A正確；臨界狀態(tài)下繩拉力為零，B錯誤；最低點拉力F=mg+mv2/L=5+1×16/0.4=45N，C錯誤；重力功率P=mgv_y，v_y隨位置變化，功率變化，D錯誤。二、多項選擇題8.AC解析：技巧應用——極端法+受力分析，物塊加速度a?=μ?g=3m/s2（向左），A正確；木板加速度a?=(μ?mg-μ?(M+m)g)/M=(3-4)/3≈-0.33m/s2（向左），B錯誤；物塊減速、木板也減速，物塊初速度大，相對木板向右滑，C正確；共同速度v=v?-a?t=a?t，解得t=1.5s，v=0.5m/s，D錯誤。9.ABCD解析：技巧應用——等效法+公式篩選，U=Ed中d為沿電場線距離，A正確；左手定則使用規(guī)范，B正確；動生、感生電動勢公式按需選擇，C正確；勻速運動合力為零，平衡條件求解，D正確。10.ABD解析：技巧應用——守恒法+公式法，能級躍遷能量差與路徑無關(guān)，A正確；衰變遵循質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒，B正確；半衰期公式適用大量原子核，單個原子核無半衰期，C錯誤；核反應方程書寫遵循守恒規(guī)律，D正確。三、非選擇題11.（6分）（1）使小球做平拋運動（水平方向初速度恒定）；保證小球初速度大小相同（2分）技巧：實驗題術(shù)語規(guī)范，避免口語化。（2）2.0（2分）技巧：h=?gt2得t=0.2s，v?=x/t=2.0m/s，分解運動簡化計算。（3）無法確定；斜槽末端不水平，小球做斜拋運動，水平分速度不等于初速度，測量值偏差方向不確定（2分）技巧：誤差分析按“現(xiàn)象+原因”規(guī)范表述。12.（8分）（1）A?；V?（2分）技巧：最大電流I=E/R?=100mA，選A?；電源6V，選V?，量程匹配。（2）電流表內(nèi)接法；R?遠大于電流表內(nèi)阻，內(nèi)接法減小系統(tǒng)誤差（2分）技巧：對比R?與√(R?r)，判斷接法。（3）60；偏大；電流表分壓，導致電壓測量值偏大，由R=U/I得測量值偏大（4分）技巧：誤差分析明確誤差來源與影響。13.（14分）（1）感應電動勢E=BLv?=0.6×0.5×8=2.4V，電流I=E/(R+r)=0.8A；方向由b到a（右手定則判斷）（4分）技巧：右手定則快速判斷電流方向，閉合電路歐姆定律求解電流。（2）穩(wěn)定時F=BIL=B2L2v/(R+r)，解得v=F(R+r)/(B2L2)=0.3×3/(0.36×0.25)=10m/s（5分）技巧：平衡條件，恒力與安培力等大反向，簡化求解。（3）能量守恒：?mv?2+Fx=?mv2+Q總，解得Q總=4.8J，Q_R=Q總×R/(R