九年級上學期物理期中復習（重難點60題26大考點）注意事項：1．測試范圍：蘇科版2024：

九年級上冊第11~13章。2．g=10N/kg。26大高頻考點概覽考點01力是否做功的判斷（共2小題）考點02功的簡單計算（共3小題）考點03功率的計算（共3小題）考點04探究影響物體動能大小的因素（共2小題）考點05探究影響物體重力勢能大小的因素（共2小題）考點06動能和重力勢能的相互轉化（共2小題）考點07力和力臂的畫法（共3小題）考點08探究杠桿的平衡條件（共2小題）考點09杠桿的平衡條件的計算（共2小題）考點10杠桿的動態(tài)平衡分析（共2小題）考點11杠桿的最小動力（共2小題）考點12杠桿在生活中的應用（共2小題）考點13測量滑輪組的機械效率的實驗（共2小題）考點14滑輪、滑輪組機械效率的計算（共2小題）考點15斜面機械效率的計算（共2小題）考點16熱傳遞改變物體的內能（共3小題）考點17比較不同物質吸熱的情況（共2小題）考點18水的比熱容特點及實際應用（共2小題）考點19利用比熱容的公式計算熱量（共3小題）考點20熱機的效率公式與計算（共3小題）考點21電路的三種狀態(tài)（共2小題）考點22根據電路圖連接實物（共2小題）考點23串聯和并聯的概念與辨析（共3小題）考點24運用并聯電路中的電流規(guī)律計算（共2小題）考點25探究串聯電路中的電壓規(guī)律（共2小題）考點26運用串聯電路中的電壓規(guī)律計算（共3小題）地地城考點01力是否做功的判斷1．（2024秋?姜堰區(qū)期中）拋擲實心球是某市近幾年體育中考主要項目之一，如圖所示是小明同學扔實心球的情景（包含四個過程）。其中，手對實心球做功的過程是（）A．①和③ B．②和④ C．①和④ D．②和③【答案】A【解答】解：①小明將地上的球撿起來，有力作用在球上，球在力的方向上通過了一定的距離，故有力做功，故①符合題意。②小明將球舉起停在空中不動，有力，但球沒有在力的方向上移動距離，故沒有做功，故②不符合題意；③小明揮動球，有力作用在球上，球在與手接觸的一段時間內通過了一定的距離，故有力做功，故③符合題意；④球飛出去，球由于慣性向前運動，小明沒有對球施加力，小明沒有對球做功，故④不符合題意?？梢姡謱η蜃龉Φ倪^程有①③。故選：A。2．（2024秋?無錫校級期中）下列關于功的說法正確的是（）A．人用力推汽車但未推動，推力對汽車做了功 B．人站在勻速上行的廂式電梯中，電梯對人做了功 C．冰壺在水平冰面上向前滑行時，冰壺的重力對冰壺做了功 D．被拋出的實心球在空中飛行的過程中，人對實心球做了功【答案】B【解答】解：A、人用力推汽車沒推動，有力而無距離，推力沒有做功；故A錯誤；B、人站在勻速上行的廂式電梯中，電梯對人力的方向上豎直向上的，移動的距離在豎直方向上，所以電梯對人做了功，故B正確；C、冰壺在水平冰面運動的過程中，所受重力豎直向下，冰壺向下沒有移動距離，所以重力對冰壺沒有做功，故C錯誤；D、被拋出去的實心球離開手后繼續(xù)運動過程中，推力已經消失，是由于慣性在運動，故人的推力沒有做功，故D錯誤。故選：B。地地城考點02功的簡單計算3．（2024春?長沙期中）如圖為某九年級同學立定跳遠比賽時經歷起跳、最高點、落地三個位置的示意圖，則該同學從最高點至落地過程中重力所做的功最接近（）A．5J B．50J C．200J D．1000J【答案】C【解答】解：中學生的質量大約是50kg，則受到的重力：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N；跳起的高度大約是h＝0.4m，所以該同學從最高點至落地過程中重力所做的功大約：W＝Gh＝500N×0.4m＝200J。故選：C。4．（2024秋?池州期中）如圖所示，一滑輪下端懸吊一個重100N的物體，滑輪重2N，在拉力F的作用下使物體G在2s內上升了4m，（繩的重力和摩擦不計），滑輪上升的速度是v＝1m/s，拉力F所做的功W＝404J?！敬鸢浮?；404?！窘獯稹拷猓河蓤D可知，這是動滑輪的特殊使用方法，不計繩的重力和摩擦，根據動滑輪受力平衡可得：F＝2G+G動＝2×100N+2N＝202N；，F移動的距離是物體移動距離的二分之一，則滑輪在2s內移動的距離為2m，故動滑輪上升的速度：v=st拉力所做的功：W＝Fs＝202N×2m＝404J。故答案為：1；404。5．（2024春?邵東市期中）如圖，小明用一個動滑輪和幾個相同的杠鈴片自制了一個健身器，已知動滑輪的質量為5kg，每個杠鈴片的質量為10kg。不計繩重和摩擦，g取10N/kg，小明通過握桿豎直向上勻速拉動繩子提升杠鈴片的過程中，求：（1）杠鈴片在0.5s內上升0.2m，杠鈴片的速度；（2）動滑輪下掛著兩個杠鈴片，握桿對繩子拉力的大??；（3）動滑輪下掛著四個杠鈴片，杠鈴片上升了0.1m，在此過程中握桿對繩子的拉力做的功?！敬鸢浮浚?）杠鈴片在0.5s內上升0.2m，杠鈴片的速度為0.4m/s；（2）動滑輪下掛著兩個杠鈴片，握桿對繩子拉力的大小為125N；（3）動滑輪下掛著四個杠鈴片，杠鈴片上升了0.1m，在此過程中握桿對繩子的拉力做的功為45J?！窘獯稹拷猓海?）杠鈴片上升的速度v=（2）每個杠鈴片的重力G＝mg＝10kg×10N/kg＝100N，每個動滑輪的重力G動＝m動g＝5kg×10N/kg＝50N，不計繩重和摩擦，當動滑輪下掛兩個杠鈴片，握桿對繩子的拉力F=12（2G+G動）=12×（3）不計繩重和摩擦，動滑輪下掛著四個杠鈴片，杠鈴片上升了0.1m，在此過程中握桿對繩子的拉力做的功W＝4Gh+G動h＝4×100N×0.1m+50N×0.1m＝45J。答：（1）杠鈴片在0.5s內上升0.2m，杠鈴片的速度為0.4m/s；（2）動滑輪下掛著兩個杠鈴片，握桿對繩子拉力的大小為125N；（3）動滑輪下掛著四個杠鈴片，杠鈴片上升了0.1m，在此過程中握桿對繩子的拉力做的功為45J。地地城考點03功率的計算6．（2024秋?淮南期中）騎行是一種健康自然的運動旅行方式。當胡老師以6m/s的速度在水平路面上騎行時，人和車受到的阻力是人和車總重的0.02倍，則他騎行時做功的功率最接近于（）A．6W B．12W C．100W D．600W【答案】C【解答】解：人與車的總重力G＝m總g＝（70kg+30kg）×10N/kg＝1000N，勻速騎行時處于平衡狀態(tài)，根據二力平衡可知，動力等于受到的阻力F＝f＝0.02G＝0.02×1000N＝20N，則騎行時做功的功率P＝Fv＝20N×6m/s＝120W。故選：C。7．（2024春?大東區(qū)期中）如圖甲所示，小麗同學用水平推力F推置于水平地面上的木箱，在此過程中，推力F的大小隨時間t變化的情況如圖乙所示，木箱運動速度v的大小隨時間t變化的情況如圖丙所示，則1～3s木箱做變速（填“勻速”或“變速”）運動；3～5s推力對木箱做功的功率是200W?！敬鸢浮孔兯?；200?！窘獯稹拷猓海?）由v﹣t圖象可知，1～3s內木箱的速度逐漸增大，則木箱做變速運動；（2）從F﹣t圖象可知，3～5s木箱受到的推力F＝200N，由v﹣t圖象可知，3～5s木箱做勻速直線運動，其速度為1m/s，3～5s木箱移動的距離：s＝vt＝1m/s×2s＝2m，則3～5s推力對木塊做的功：W＝Fs＝200N×2m＝400J。功率P=Wt故答案為：變速；200。8．（2024秋?連州市期中）如圖所示為某酒店的機器人，它能完成送餐傳菜、配送物品、回收餐具等一系列工作。該機器人質量為12kg，它的“腳”與地面總接觸面積是20cm2。某次送餐中，它以1.2m/s的速度運行到水平距離120m的客房，機器人勻速直線運動時受到的摩擦力是重力的0.1倍，（g取10N/kg）求：（1）這次送餐到客房需要多少時間？（2）它靜止在水平地面時對地面的壓強是多少？（3）這次送餐的功率是多少？【解答】解：（1）根據速度公式可知需要的時間：t=sv（2）在水平面上運行的機器人，對水平地面的壓力大小與機器人自身的重力相等，則機器人對水平地面的壓力：F＝G＝mg＝12kg×10N/kg＝120N，機器人對水平地面的壓強：p=FS=120（3）因為機器人勻速直線運動時處于平衡狀態(tài)，則機器人受到的牽引力：F牽＝f＝0.1G＝0.1×120N＝12N，則牽引力做的功：W＝Fs＝12N×120m＝1440J，這次送餐的功率：P=Wt答：（1）這次送餐到客房需要的時間為100s；（2）它靜止在水平地面時對地面的壓強是6×104Pa；（3）這次送餐的功率是14.4W。地地城考點04探究影響物體動能大小的因素9．（2024秋?北京校級期中）某同學猜想物體的動能大小可能與物體的質量和速度有關，為了驗證猜想，他設計了圖中甲、乙兩組對比實驗。他讓小鋼球從同一斜面由靜止開始滾下，并將靜止在水平面上的木塊撞出一段距離s，實驗情景分別如圖中甲、乙所示。（1）上述實驗中物體的動能是指A（選填字母）A．小鋼球撞擊木塊時的動能B．小鋼球撞擊木塊后的動能C．小木塊被鋼球撞擊后的動能（2）他用圖甲上下兩圖所示的對比實驗是為了驗證物體的動能與速度（或物體的速度）有關；（3）他用圖乙上下兩圖所示的對比實驗不能驗證其另外一個猜想，主要原因是：沒有控制小鋼球撞擊木塊時的速度相同（或沒有控制小鋼球的速度相同）?！敬鸢浮浚?）A；（2）速度（或物體的速度）；（3）沒有控制小鋼球撞擊木塊時的速度相同（或沒有控制小鋼球的速度相同）?！窘獯稹浚?）根據題意可知，實驗中需要改變小球的質量或小球撞擊木塊時的速度，所以是探究小球的動能，即小球撞擊木塊時的動能的大小，故A符合題意，BC不符合題意。故選A。（2）影響物體動能大小的因素有質量和速度，圖甲上下兩圖，小球質量相同，小球下落的高度不同，是為了驗證物體的動能與速度（或物體的速度）有關。（3）影響物體動能大小的因素有質量和速度，圖乙上下兩圖所示的對比實驗不能驗證其另外一個猜想，即動能與質量的關系，但上下兩圖中小球下落的高度不同，根據控制變量法，則沒有控制小鋼球撞擊木塊時的速度相同（或沒有控制小鋼球的速度相同）。10．（2024秋?梁溪區(qū)校級期中）如圖甲，小華用小球和木塊來“探究動能大小與哪些因素有關”。（1）實驗中是通過木塊被撞擊后移動的距離比較來比較動能大??；本實驗研究的動能是指C（填序號）。A.小球在斜面上時的動能B.小球撞擊木塊后木塊的動能C.小球撞擊木塊時的動能（2）完成圖甲、乙所示的操作是為了探究動能大小與速度的關系。（3）甲實驗中，若先讓質量為m的小球從斜面h高處由靜止下滑，測出木塊被撞擊的距離為s1，接著他立即讓同一小球仍從斜面h高處由靜止下滑，測出木塊被撞擊的距離為s2，則s1＞s2（選填“大于”“小于”或“等于”）。（4）得出正確的實驗結論后，小華又用質量不同的鐵球將同一彈簧壓縮相同程度后由靜止釋放，撞擊同一木塊，如圖丙所示，觀察到木塊被撞擊后移動的情況是B。（本小題鐵球滾動時所受摩擦力忽略不計）A.質量大的鐵球將木塊推動的距離較遠B.質量不同的鐵球將木塊推動的距離相同C.質量小的鐵球將木塊推動的距離較遠（5）在探究動能的大小與質量的關系時，小華又提出新的實驗方案：在圖甲實驗器材的基礎上，取走木塊，讓質量不等的小球從斜面同一高度由靜止開始下滑，最終小球靜止在水平長木板（設木板足夠長），測出小球在木板上通過的距離，然后分析數據即可得出結論。你認為這種方案是否可行？不可行（可行/不可行）?！敬鸢浮浚?）木塊被撞擊后移動的距離；C；（2）速度；（3）＞；（4）B；（5）不可行。【解答】解：（1）由圖可知，小球從斜面滾下，將木塊推得越遠，動能就越大，通過木塊在水平面上被撞擊的距離來反映動能的大??；實驗中，研究的動能是指在水平面上，撞擊木塊時小球的動能，故選：C；（2）由圖甲、乙可知，相同的小球從不同高度滾下，速度不相同，速度大的將木塊推得較遠，動能較大，此實驗為了研究動能大小與速度的關系；（3）第一次實驗時，小球剛滾下斜面就撞擊到木塊，第二次實驗時，小球在水平面上滾動了一段距離后才撞擊到木塊，小球在運動的過程中要克服摩擦力做功，機械能轉化為內能，所以小球在第二次撞擊木塊時的機械能比第一次小，所以木塊移動的距離s1大于s2；（4）用質量不同的鐵球將同一彈簧壓縮相同程度后由靜止釋放，撞擊同一木塊，由于彈簧的壓縮程度相同，則具有的彈性勢能相同，轉換成的動能相同，所以推動木塊移動的距離也相同，故選：B；（5）改變后的裝置是通過觀察小球滑行到靜止的距離大小來判斷出小球的動能的大小，把小球的動能轉化為克服摩擦力做功，摩擦力相同時，距離越遠，動能越大，在探究動能的大小與質量的關系時，控制速度相同，質量不同，但質量不同的小球在相同的表面上，阻力不同，所以實驗不可行。故答案為：（1）木塊被撞擊后移動的距離；C；（2）速度；（3）＞；（4）B；（5）不可行。地地城考點05探究影響物體重力勢能大小的因素11．（2024秋?宿遷期中）小明同學在研究“影響重力勢能大小的因素”時，提出了如下猜想：猜想一：重力勢能的大小可能與物體的質量有關；猜想二：重力勢能的大小可能與物體所在的高度有關；猜想三：重力勢能的大小可能與物體的體積有關。他為了驗證猜想，準備了如下實驗器材：花泥（易產生塑性形變）若干塊，體積相同、質量為m的小球3個和質量為2m、3m的小球各一個；體積不同的小球3個，將它們分別從不同位置由靜止釋放，小球陷入花泥里的深度情況如圖所示；請你完成下列內容。（1）本實驗中，小球的重力勢能大小是通過觀察小球陷入花泥的深度來反映的；（2）分析A、B、C球的實驗現象，可驗證猜想一是正確的；（3）為了驗證猜想二，他應分析A、D、E（填寫字母）三球的實驗現象；（4）為了驗證猜想三，小明同學正確操作，G球和H球的質量應分別為2m、2m；實驗后發(fā)現小球陷入花泥的深度相同，由此可知物體重力勢能的大小與物體的體積無關（選填“有關”或“無關”）。【答案】（1）小球陷入花泥的深度；（2）一；（3）A、D、E；（4）2m；2m；無關?！窘獯稹拷猓海?）本實驗中，小球的重力勢能大小是通過小球陷入花泥的深度來反映的；這是轉換法的應用；（2）對于A、B、C三球，體積和所處高度相同，質量不相同，根據小球陷入花泥的深度可以看出，當物體所在高度和物體體積相同時，物體質量越大，重力勢能越大，可以驗證猜想一是正確的；（3）比較A、D、E三球，三球質量相同，下落高度不同，發(fā)現E球陷入花泥的深度更大，說明E球的重力勢能較大，由此可得出結論：當物體的質量相同時，下落高度越高，物體的重力勢能越大；（4）研究物體重力勢能與物體體積的關系時，需要保持物體質量和下落高度不變，所以G球和H球的質量都是2m，由圖知陷入花泥的深度相同，由此可得出結論：物體的重力勢能與物體的體積無關。故答案為：（1）小球陷入花泥的深度；（2）一；（3）A、D、E；（4）2m；2m；無關。12．（2024秋?淮安期中）小紅利用如圖所示的裝置探究“影響重力勢能大小因素”的實驗過程。（容器中裝有沙子，A和B為實心鐵塊，A的質量比B的質量?。?）實驗時，通過觀察小桌陷入沙子中的深度來比較鐵塊（選填“小桌”或“鐵塊”）的重力勢能大小。（2）由乙、丙兩圖可探究重力勢能的大小與質量的關系，當物體高度相同時，質量越大，所具有的重力勢能越大（選填“大”或“小”）。（3）實驗結束時，小紅不經意將B鐵塊輕輕放在靜止的小桌上，如圖丁所示，發(fā)現小桌也會陷入沙子中，但是比丙圖實驗過程下陷的深度淺很多。與同學討論后，小紅明白，小桌下降過程中，由于受到沙子對小桌腿摩擦力的作用，鐵塊和小桌的重力勢能最終轉化為內能。與丁圖相比，丙圖的鐵塊因為高度更高，所以具有更大的重力勢能，才能使小桌下陷的更深。（4）同組的小華在實驗時，將沙子換成了海綿，其他器材都和小紅的相同，你認為小華所選的材料不合理（選填“合理”或“不合理”）?！敬鸢浮浚?）小桌陷入沙子中的深度；鐵塊；（2）乙；丙；大；（3）內；高度更高（4）不合理?！窘獯稹拷猓海?）實驗時，通過觀察小桌陷入沙子中的深度來比較鐵塊的重力勢能大小，采用了轉換法。（2）探究重力勢能的大小與質量的關系，要控制高度相同，物體高度相同時，質量越大，所具有的重力勢能越大。（3）小桌下降過程中，由于受到沙子對小桌腿摩擦力的作用，鐵塊和小桌的重力勢能最終轉化為內能。與丁圖相比，丙圖的鐵塊因為高度更高，所以具有更大的重力勢能，才能使小桌下陷的更深。（4）同組的小華在實驗時，將沙子換成了海綿，其他器材都和小紅的相同，小華所選的材料不合理，因為海綿易恢復原狀，不易比較陷入其中的深度。故答案為：（1）小桌陷入沙子中的深度；鐵塊；（2）乙；丙；大；（3）內；高度更高（4）不合理。地地城考點06動能和重力勢能的相互轉化13．（2024秋?濱湖區(qū)期中）嫦娥五號返回器用類似“打水漂”的方式著陸地球，其著陸過程的部分軌跡簡化為如圖所示。AB段返回器的動能變?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）；BC段返回器的機械能不變（選填“變大”、“變小”或“不變”），CD段返回器的重力勢能變小（選填“變大”、“變小”或“不變”）?！敬鸢浮孔冃?；不變；變小。【解答】解：AB段，返回器的質量不變，高度變大，重力勢能變大，是返回器的動能轉化為重力勢能和內能，所以返回器的動能變小；BC段沒有受到空氣的阻力，機械能是守恒的，保持不變；CD段，質量不變，高度變小，重力勢能減小，速度變大，動能變大，是重力勢能轉化為動能和內能，重力勢能變小。故答案為：變小；不變；變小。14．（2024秋?宣威市校級期中）如圖，小明用滑雪板滑雪，從點C處由靜止滑下，經過B點到達最低點O，然后到達另一側與B點等高的點A時剛好速度為零。則由C到B點過程中，重力勢能轉化為動能，從C到A點的過程中，機械能的總量變?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）?！敬鸢浮恐亓?；變小?！窘獯稹拷猓河蒀到B點過程中，高度變小，重力勢能變小，速度變大，動能變大，故重力勢能轉化為動能。從C點到A點的過程中，運動員需要克服阻力做功，機械能減小。故答案為：重力勢；變小。地地城考點07力和力臂的畫法15．（2024春?嘉禾縣校級期中）如圖所示的杠桿AB處于平衡狀態(tài)，O點為杠桿的支點，則力F的力臂是（）A．OF B．OD C．DF D．OC【答案】D【解答】解：已知O為支點，力臂是從支點O到力的作用線的距離，故左端拉力F的力臂是OC；故選：D。16．（2024秋?常州期中）如圖所示，杠桿OB在動力F1作用下處于靜止狀態(tài)，請你畫出動力臂l1，及阻力F2?！敬鸢浮俊窘獯稹拷猓焊軛U受到的阻力F2為重物對杠桿的力，方向豎直向下，從支點O向F1作用線作垂線段，即為阻力臂l1，如圖所示：17．（2024春?甘州區(qū)期中）L2是力F2的力臂。在圖中畫出力F1的力臂L1和力F2?！敬鸢浮俊窘獯稹拷猓河蓤D可知，O為支點，從支點O作F1作用線的垂線段，即為F1的力臂L1，根據力臂和力的作用線的關系，從L2的末端作垂直于L2的直線，與杠桿的交點B為F2的作用點，為使杠桿處于平衡狀態(tài)，F2的方向向右上方，如圖所示：地地城考點08探究杠桿的平衡條件18．（2024秋?江陰市期中）以下是探究杠桿平衡條件的實驗，實驗中使用的是等質量的鉤碼，杠桿每一格長度為1cm。（1）實驗前杠桿靜止時如圖甲所示，若要將其調整到水平位置平衡，應將左邊的平衡螺母向左（選填“左”或“右”）調。（2）如圖乙，在A點掛2個鉤碼，在B點掛3個鉤碼，可使杠桿在水平位置平衡。（3）如圖乙，保持左側懸掛鉤碼的位置和數量不變，調節(jié)右側懸掛鉤碼的數量和位置，使杠桿始終在水平位置平衡，記錄對應的力F和力臂L1大小，繪制成圖象如圖丙所示，圖象中每個點與兩坐標軸圍成的矩形面積相等（填“相等”或“不相等”）。（4）如圖丁所示，用彈簧測力計代替鉤碼，使杠桿在水平位置平衡，此時彈簧測力計的拉力F＞1.5N（選填“＞”、“＝”或“＜”）。（5）桿秤就是杠桿平衡條件的一個應用，是中國最古老也是現今人們仍然在使用的一種稱質量的簡易工具，由帶有秤星的秤桿、秤砣、提紐等組成，如圖戊所示，此桿秤有兩個提組A和B，使用它稱較重的物體時，應選擇A提紐。若秤砣上沾有泥土，則稱量結果偏?。ㄟx填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）左；（2）3；（3）相等；（4）＞；（5）A；偏小?！窘獯稹拷猓海?）杠桿靜止在如圖甲所示位置，為了便于測量力臂，應使杠桿在水平位置平衡，由圖知，左端偏高，為使杠桿在水平位置平衡，需要將平衡螺母向左調節(jié)；（2）設杠桿每個格的長度為L，每個鉤碼的重力為G，根據杠桿的平衡條件：FAlA＝FBlB，即2G×3L＝FB×2L，解得FB＝3G，則需掛3個鉤碼；（3）由于此題中的阻力和阻力臂不變，利用圖象中任意一組數據都能得出，F2l2＝F1l1＝3N×0.02m＝2N×0.03m＝0.06N?m，圖象中每個點與兩坐標軸圍成的方形面積相等，其原因是阻力和阻力臂保持不變，根據杠桿的平衡條件可知，動力與動力臂的乘積保持不變；（4）假設彈簧測力計豎直向下拉杠桿，由杠桿的平衡條件：F左L左＝F右L右，即2N×0.03m＝F×4L，解得F＝1.5N，由圖可知彈簧測力計向左傾斜，拉力力臂變小，根據杠桿平衡條件可知，拉力變大，即彈簧測力計的示數大于1.5N；（5）此桿秤有兩個提組A和B，使用它稱較重的物體時，秤砣的拉力固定，物體的拉力越大，則必須物體的拉力的力臂小，且秤砣的拉力力臂大，故選擇A提紐，若秤砣上沾有泥土，使得秤砣的拉力變大，其力臂變小，故示數減小。故答案為：（1）左；（2）3；（3）相等；（4）＞；（5）A；偏小。19．（2024秋?吳江區(qū)期中）小華與同組同學在課堂上完成了“探究杠桿平衡條件的實驗”。（1）實驗前，他們觀察到杠桿靜止在如圖甲所示的位置，此時杠桿處于平衡（平衡/不平衡）狀態(tài)；要使杠桿在水平位置平衡，可將左端平衡螺母向右（左/右）旋轉，當平衡螺母旋轉到緊貼杠桿時，發(fā)現杠桿仍是左低右高，這時可以將右端平衡螺母向右（左/右）旋轉，直至杠桿水平平衡。（2）利用圖乙裝置進行實驗，得到了如下表所示的實驗數據：實驗序號動力F1/N動力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm1122l223133232341.52l3分析數據，小華發(fā)現第2次實驗數據是錯誤的，利用其它數據可得出杠桿的平衡條件是：F1L1＝F2L2；（3）同組的小明同學建議改用彈簧測力計代替鉤碼在B點向下拉杠桿（如圖丙所示），使杠桿仍在水平位置平衡，當測力計從a位置轉動到b位置時，其示數大小將變大（變大/變小/不變），其示數與力臂的乘積不變（變大/變小/不變）。【答案】（1）平衡；右；右；（2）2；F1L1＝F2L2；（3）變大；不變?！窘獯稹拷猓海?）杠桿靜止，此時杠桿處于平衡狀態(tài)；由圖知，杠桿右端較高，要使杠桿在水平位置平衡，可將左端平衡螺母向右旋轉；若仍右端較高，需再將右端平衡螺母向右旋轉，直至杠桿水平平衡；（2）由表格中數據可知，第二組數據F1L1＝2N×3cm，F2L2＝1N×3cm，兩邊力和力臂的乘積明顯不等，所以第二組數據測量錯誤；分析其它組會發(fā)現杠桿的平衡條件是：F1L1＝F2L2；（3）由圖知，當測力計從a位置轉動到b位置時，力臂變小，根據杠桿的平衡條件F1L1＝F2L2，L1變小，F1需變大，可知測力計示數將變大；杠桿平衡，仍滿足F1L1＝F2L2，可知F1L1不變。故答案為：（1）平衡；右；右；（2）2；F1L1＝F2L2；（3）變大；不變。地地城考點09杠桿的平衡條件的計算20．（2024秋?閻良區(qū)期中）如圖所示，輕質杠桿OA可繞O點轉動。在杠桿的B點掛上重物，在A端通過細繩施加豎直向上、大小為4.5牛的拉力F使杠桿水平平衡。如果把重物懸掛點和拉力作用點互換，當杠桿水平平衡時，豎直向上的拉力大小變?yōu)?牛。通過上述條件可以確定該物體的重力為（）A．4牛 B．6牛 C．8牛 D．9?！敬鸢浮緽【解答】解：由題可知，F＝4.5N，F'＝8N，重物懸掛點和拉力作用點互換前，由杠桿平衡條件可得：F×OA＝G×OB，即：OAOB重物懸掛點和拉力作用點互換后，由杠桿平衡條件可得：F'×OB＝G×OA，即：OAOB由①②可得：G=8N×4.5N=6N故選：B。21．（2024春?扶綏縣期中）如圖所示，一輕質杠桿AB，長1m，支點在它中點O，將重分別為10N和2N的正方體M、N用細繩系于杠桿的B點和C點，已知OC：OB＝1：2，M的邊長為0.1m。（1）B端受到繩子的拉力；（2）求此時M對地面的壓強；（3）若將C點處系著N的細繩向左移動l時，M對地面的壓強減小了60Pa，求l為多少?！窘獯稹拷猓海?）根據杠桿平衡條件知，GN×OC＝F拉×OB；則B端受到繩子的拉力為F拉（2）B端受到繩子的拉力為1N，此時M對地面的壓力為F＝GM﹣F拉＝10N﹣1N＝9N；M的邊長為0.1m，則此時的壓強為p=（3）若將C點處系著N的細繩向左移動l時，M對地面的壓強減小了60Pa，則M對地面的壓力減小量為ΔF＝ΔpS＝60Pa×（0.1m）2＝0.6N；則此時B端受到繩子的拉力為F拉'＝F拉+ΔF＝1N+0.6N＝1.6N；而OC：OB＝1：2，O為杠桿AB中點，所以OB＝0.5m，OC長度為OC=根據杠桿平衡條件則有GN×（OC+l）＝F拉'×OB；則有2N×（0.25m+l）＝1.6N×0.5m解得l＝0.15m。答：（1）B端受到繩子的拉力為1N；（2）此時M對地面的壓強為900Pa；（3）l為0.15m。地地城考點10杠桿的動態(tài)平衡分析22．（2024秋?江蘇校級期中）如圖所示，質量分布均勻的直桿AB置于水平地面上，現在A端施加拉力F，緩慢抬起直桿直至豎直.B端始終和地面之間保持相對靜止，F的方向始終和直桿垂直，該過程中拉力F的大小將（）A．保持不變 B．先減小后增大 C．逐漸減小 D．先增大后減小【答案】C【解答】解：阻力不變，動力臂不變，阻力臂不斷減小，根據杠桿平衡條件“動力×動力臂＝阻力×阻力臂”得，動力逐漸減小。故選：C。23．（2024秋?蘇州期中）如圖所示，O為杠桿（不計杠桿重力）的支點，掛在A點的物體重為30N，OA：AB＝1：2，圖甲中，在豎直向上的拉力F作用下，杠桿OB在水平位置保持平衡狀態(tài)。下列說法正確的是（）①圖甲中A點向右移動，則F的值變?、趫D甲中，拉力F大小為10N③保持圖甲位置，僅增加物重，則拉力F變化量與物重變化量之比為3：1④如圖乙所示，保持物體懸掛在A點位置不變且拉力F豎直向上的方向不變，將杠桿勻速提到虛線位置的過程中，拉力F大小不變A．只有①③ B．只有①④ C．只有②③ D．只有②④【答案】D【解答】解：根據圖甲可知：動力為F，動力臂為OB，設OB＝3，阻力為G，由于OA：AB＝1：2，則阻力臂為OA＝1；①由杠桿平衡條件知：F×OB＝G×OA；當A點向右移動時，OA變大，而G和OB不變，根據杠桿平衡條件可知，F變大，故①錯誤；②由杠桿平衡條件知，圖甲中拉力F的大小為：F=G×③若物重變化量為ΔG，拉力F的變化量為ΔF，由杠桿平衡條件知：（F+ΔF）×OB＝（G+ΔG）×OA，代入數據得：（F+ΔF）×3＝（G+ΔG）×1，解得：ΔF=13ΔG，所以拉力F變化量與物重變化量之比為1：④如圖乙，保持拉力方向不變，將輕桿勻速提到虛線位置，其力臂如圖所示：OB′為動力臂，OA'為阻力臂，阻力不變?yōu)镚，因為ΔOA′A∽ΔOB′B，所以：OA′：OB′＝OA：OB＝1：3；由杠桿平衡條件可得：F′×OB′＝G×OA′，代入數據得：F'=G×故選：D。地地城考點11杠桿的最小動力24．（2024秋?工業(yè)園區(qū)期中）如圖，用開瓶器打開瓶蓋，畫出作用在A點上的最小力F1及其力臂l1。【答案】【解答】解：用起子開瓶蓋時，根據用力情況，起子與瓶蓋上面接觸的點為支點O；當動力臂等于OA時，力臂最長，根據杠桿平衡條件可知，動力最??；連接OA，標出力臂符號l1，即為力臂l1；從動力作用點A垂直于OA向上畫一帶箭頭的線段，標出力的符號F1，即為最小力F1的示意圖，如圖所示：25．（2024秋?錫山區(qū)校級期中）如圖甲是一款電腦鼠標，它的按鍵可看作簡單的杠桿，如圖乙所示，AO為按鍵，O點為支點，請在圖乙中畫出A點按下按鍵的最小動力F1、動力F1的力臂l1?！敬鸢浮俊窘獯稹拷猓涸谧枇Ω枇Ρ鄣某朔e一定時，動力臂越長，由杠桿平衡條件F1L1＝F2L2可知，動力越小；根據圖示可知，支點在O點，因此OA作為動力臂最長，動力的方向應該向下，如下圖所示：地地城考點12杠桿在生活中的應用26．（2024春?臺江區(qū)校級期中）提拉重物時，手的前臂構成一個杠桿，如圖。對此過程分析合理的是（）A．前臂杠桿是一個省力杠桿 B．前臂杠桿的支點在肘關節(jié)處 C．肱二頭肌對橈骨的力F1是阻力 D．重物給前臂的力F2變大時，F1變小【答案】B【解答】解：A．用手向上舉物體時，動力臂小于阻力臂，因此前臂是一根費力杠桿，故A錯誤；BC．用手提起物體時，人的前臂相當于一個杠桿，肱二頭肌給橈骨的力F1是動力，重物給前臂的力F2是阻力，杠桿圍繞肘關節(jié)轉動，因此支點O在肘關節(jié)處，故B正確、C錯誤；D．由杠桿的平衡條件F1L1＝F2L2可知，動力臂、阻力臂不變時，重物給前臂的力F2變大時，F1變大，故D錯誤。故選：B。27．（2024春?麒麟區(qū)校級期中）2023年12月18日甘肅積石山地震，在抗震救災中，救援隊員要用如圖甲所示的鋼筋剪，把鋼筋剪斷，以便施救，鋼筋剪是省力（選填“省力”或“費力”）杠桿。救援隊員還利用撬棒把滾落在公路上的石頭移開，如圖乙所示。救援隊員著力于撬棒A點，既可以沿AB方向也可以沿AC方向撬動石頭1，但較省力的是沿AB方向?！敬鸢浮渴×Γ籄B。【解答】解：（1）用鋼筋剪剪斷鋼筋時，動力臂大于阻力臂，它是省力杠桿。（2）讀圖可知，當救援隊員著力于A點，沿AB方向撬動時支點為O點，沿AC方向撬動時支點為O′點，沿AB方向撬動比AC方向撬動的動力臂長，阻力臂差不多，所以較省力的是沿AB方向。故答案為：省力；AB。地地城考點13測量滑輪組的機械效率的實驗28．（2024秋?南昌縣期中）在“探究影響滑輪組機械效率的因素”的實驗中，小明用同一裝置進行了三次實驗，實驗數據如表所示。序號物重G/N物體上升高度h/cm拉力F/N繩端移動的距離s/cm滑輪組的機械效率η/%①100.63055.6②2101.03066.7③4101.830（1）測算機械效率的原理是η=W有W（2）本實驗需要的測量工具有彈簧測力計和刻度尺；（3）表中的空白欄應該填1；74.1；（4）通過分析數據可知，該裝置中連接動滑輪的繩子股數為3股；（5）通過分析數據可知，在其它條件不變時，物重越大，該裝置的機械效率越高，因此，要提高同一滑輪組的機械效率，可以采取的措施是增大提升重物的重力?！敬鸢浮浚?）η=W有W總×100%；（2）彈簧測力計；刻度尺；（3）1；74.1；（4【解答】%解：（1）測量機械效率的原理是η=W（2）測力移動距離用到刻度尺，測力拉力大小用到彈簧測力計；（3）實驗①中，機械效率η1=W55.6%=G解得：G1＝1N；實驗③中，機械效率η3=W（4）三次實驗中sh（5）從表中數據可知：用同一滑輪組提升重物時，其他條件不變，物重越大，該裝置的機械效率越高，因此，要提高同一滑輪組的機械效率，可以增大提升重物的重力。故大案為：（1）η=W有W總×100%；（2）彈簧測力計；刻度尺；（3）1；74.1；（429．（2024秋?梁溪區(qū)校級期中）如圖是小明“測量滑輪組的機械效率”的實驗裝置，測得的實驗數據如表。次數物重G/N高度hm拉力F/N繩端移動距離s/m機械效率η110.10.60.355.6%220.11.00.366.7%34011.80.3（1）實驗過程中，應豎直向上勻速拉動彈簧測力計；（2）第3次實驗中滑輪組的機械效率約為74.1%；（3）分析表中實驗數據可知，同一滑輪組，物重越大，滑輪組的機械效率越高；（4）若在第3次實驗中，物體上升的速度為0.1m/s，則拉力F的功率為0.54W；（5）小紅也利用重為1N、2N、4N的物體進行三次實驗，每次測得的機械效率均大于小明的測量值，則原因可能是小紅C。（只填一個字母）A.測拉力時，彈簧測力計未調零，指針指在零刻度線下方B.彈簧測力計每次拉動物體時均加速上升C.所使用的動滑輪的重力小于小明的【答案】（1）勻速；（2）74.1；（3）越大；（4）0.54；（5）C?！窘獯稹拷猓海?）實驗過程中，應豎直向上勻速拉動彈簧測力計，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，拉力等于測力計示數；（2）第3次實驗中滑輪組的機械效率是：η=W有（3）縱向分析表中實驗數據可知，同一滑輪組，物重越大，滑輪組的機械效率越高；（4）若在第3次實驗中，F＝1.8N，物體上升的速度為0.1m/s，則繩子自由端的速度：v＝3×0.1m/s＝0.3m/s，則拉力F的功率為：P=Wt=Fst=（5）A．測拉力時，彈簧測力計未調零，指針指在零刻度線下方，拉力測量大了，機械效率變小，不符合題意；B．彈簧測力計每次拉動鉤碼時均加速上升，拉力變大，機械效率變小，不符合題意；C．使用的動滑輪的重力小于小明小組，克服動滑輪做的功減小，額外功減小，機械效率變大，符合題意；故選C。故答案為：（1）勻速；（2）74.1；（3）越大；（4）0.54；（5）C。地地城考點14滑輪、滑輪組機械效率的計算30．（2024秋?濱湖區(qū)期中）如圖所示，工人師傅用20N的拉力F向上拉動繩子，使物體在2s內勻速提升了2m，若動滑輪重6N，不計繩重和摩擦，則物體自身的重力為54N，工人拉力做的功為120J，功率為60W，滑輪組的機械效率為90%?！敬鸢浮?4；120；60；90【解答】解：由圖可知，動滑輪上的繩子段數n＝3，不計繩重和摩擦，根據F=1n（G+G物體自身的重力：G＝nF﹣G動＝3×20N﹣6N＝54N；工人拉力做的總功：W＝Fs＝Fnh＝20N×3×2m＝120J，拉力的功率：P=W總克服物重做的有用功：W有＝Gh＝54N×2m＝108J；滑輪組的機械效率：η=W有故答案為：54；120；60；90。31．（2024秋?武功縣校級期中）用滑輪組提升礦井內重為6400N的物體M，汽車10s內勻速前進了20m。此過程中，滑輪組的機械效率為80%。（不考慮繩重和摩擦）求：（1）汽車對繩子拉力F大小？（2）汽車對繩子拉力做功的功率大小？（3）如果把重物換成8000N，則該滑輪組機械效率為多大？【解答】解：（1）由圖可知，動滑輪上繩子段數n＝2，根據η=汽車對繩子的拉力：F=Gnη（2）拉力做的功：W＝Fs＝4000N×20m＝80000J，力的功率：P=Wt（3）不計繩重和摩擦，根據F=動滑輪的重力：G動＝nF﹣G＝2×4000N﹣6400N＝1600N，此時汽車對繩子的拉力：F′=1n（G′+G動）=12×滑輪組的機械效率為η'=G答：（1）汽車對繩子拉力F為4000N；（2）汽車對繩子拉力做功的功率為8000W；（3）如果把重物換成8000N，則該滑輪組機械效率為83.3%地地城考點15斜面機械效率的計算32．（2024秋?江陰市期中）如圖所示，工人用160N的拉力F將重為300N的木箱在10s內勻速拉到長3m、高1m的斜面頂端。則克服木箱重力做的功是300J；斜面的機械效率為62.5%；木箱受到的摩擦力是60N?！敬鸢浮?00；62.5；60【解答】解：拉力做的總功：W總＝Fs＝160N×3m＝480J，克服木箱重力做的功，即有用功：W有用＝Gh＝300N×1m＝300J；斜面的機械效率：η=克服木箱受到的摩擦力做的額外功：W額＝W總﹣W有用＝480J﹣300J＝180J，由W＝fs可得，木箱受到的摩擦力：f=W額故答案為：300；62.5；60。33．（2024秋?工業(yè)園區(qū)校級期中）如圖所示，工人用800N的拉力將重1800N的貨物勻速運送到斜面頂端，貨物上升高度h＝1m，貨物在斜面上移動的距離s＝3m，用時10s。求：（1）工人做功的功率是多少？（2）斜面的機械效率是多少？（3）貨物受到的摩擦力是多少？【解答】解：（1）拉力做的總功：W總＝Fs＝800N×3m＝2400J，則拉力做功的功率：P=W總（2）克服貨物重力做的有用功：W有＝Gh＝1800N×1m＝1800J，斜面的機械效率為：η=W有W總（3）克服貨物受到摩擦力做的額外功：W額＝W總﹣W有＝2400J﹣1800J＝600J，由W額＝fs可得貨物受到的摩擦力：f=W額答：（1）工人做功的功率是240W；（2）斜面的機械效率是75%；（3）貨物受到的摩擦力是200N。地地城考點16熱傳遞改變物體的內能34．（2024秋?鹽田區(qū)校級期中）冬季的哈爾濱被譽為“雪域冰城”，下列說法正確的是（）A．雪花飛舞說明分子在永不停息地做無規(guī)則運動 B．用手抓一把雪，雪的體積縮小了，說明分子間有間隙 C．雪花在手心里熔化，是通過熱傳遞改變了雪花的內能 D．﹣10℃的雪比﹣5℃的雪，分子運動更劇烈【答案】C【解答】解：A、分子是不能直接用肉眼看到的，所以分子的無規(guī)則運動只能間接判斷，雪花飛舞屬于機械運動，不能說明分子的無規(guī)則運動，故A錯誤；B、用手抓一把雪，雪的體積縮小了，說明力改變物體的形狀，故B錯誤；C、手的溫度高于雪的溫度，手心里的雪與手之間將發(fā)生熱傳遞，是通過熱傳遞改變了雪花的內能，故C正確；D、溫度越高分子運動越劇烈，﹣10℃的雪比﹣5℃的雪溫度低，分子運動較慢，故D錯誤。故選：C。35．（2024秋?正定縣期中）如圖所示，屬于熱傳遞改變內能的實例是（）A．鋸木頭鋸條生熱 B．加冰塊降溫 C．滑滑梯臀部發(fā)熱 D．搓手取暖【答案】B【解答】解：A、鋸木頭鋸條生熱，是克服摩擦做功，通過做功來改變物體的內能，故A不合題意；B、加冰塊降溫，是通過熱傳遞來改變物體的內能，故B符合題意；C、滑滑梯臀部發(fā)熱，是摩擦生熱，通過做功來改變物體的內能，故C不合題意；D、搓手取暖，是摩擦生熱，通過做功來改變物體的內能，故D不合題意。故選：B。36．（2025秋?青秀區(qū)校級月考）刀削面是山西特色美食之一，煮面條時要不時地用筷子輕輕攪動，面條由生到熟，主要是通過熱傳遞的方式改變其內能的；剛端上桌，熱氣騰騰的面條香味濃郁，這是擴散現象?！敬鸢浮繜醾鬟f；擴散；【解答】解：煮面條時，面條吸收熱量，內能增大，面條由生到熟，通過熱傳遞的方式改變物體的內能。熱氣騰騰的面條香味濃郁，屬于擴散現象，是由于分子的無規(guī)則運動引起的。故答案為：熱傳遞；擴散；地地城考點17比較不同物質吸熱的情況37．（2024秋?遷安市期中）如圖甲所示是“探究不同物質吸熱升溫的現象”實驗裝置，小華用兩個相同的容器分別裝入質量相等的A、B兩種液體，用相同的裝置加熱。（1）器材安裝調整應該按自下而上（選填“自下而上”或“自上而下”）順序進行；（2）該實驗除了圖中的實驗器材外，還需要用到的實驗器材有：天平和秒表；（3）該實驗應控制水和煤油的質量（選填“質量”或“體積”）相同；（4）兩種液體吸收熱量的多少可通過比較加熱時間（選填“加熱時間”或“溫度變化”）進行比較；（5）根據實驗數據繪制的溫度與時間的關系圖像如圖乙所示，分析乙圖像可知A液體的比熱容與B液體的比熱容的比為2：1?！敬鸢浮浚?）自下而上；（2）秒表；（3）質量；（4）加熱時間；（5）2：1?！窘獯稹拷猓海?）實驗中，要用酒精燈的外焰加熱，故應按從下到上順序進行器材調試，確保一次器材調整到位；（2）根據比較吸熱能力的方法，要控制不同物質的質量相同，要完成該探究實驗，除了圖甲中所示的器材外，還需要的測量工具有秒表和天平；（3）比較不同物質吸熱本領，應控制兩種物質多少相同，質量是反映物體所含物質多少的物理量，所以，該實驗應控制水和煤油的質量相同；（4）根據轉換法，兩種液體吸收熱量的多少可通過加熱時間的長短進行比較；（5）根據Q＝cmΔt可知，在質量和吸熱相同的情況下，比熱容與升高的溫度之積為一定值，升高的溫度與比熱容成反比，A液體的比熱容與B液體的比熱容的比值為：cA：cB＝40℃：20℃＝2：1。故答案為：（1）自下而上；（2）秒表；（3）質量；（4）加熱時間；（5）2：1。38．（2024秋?泉州校級期中）如圖1是探究“比較不同物質吸熱的情況”的實驗裝置。（1）實驗中應量取質量相等的甲、乙兩種液體，為了完成該實驗，除了圖1中所示的器材外，還需要增加的測量工具有天平和秒表。（2）甲、乙液體吸收熱量的多少可通過加熱時間來反映（填“溫度計示數”或“加熱時間”）。（3）為了比較甲、乙液體的吸熱本領，小明提出兩種比較方案：①讓兩者升高相同的溫度比較加熱時間；②讓兩者加熱相同時間比較升高的溫度。在兩種液體都不沸騰的前提下，你認為可行的方案是①和②（填“①”“②”或“①和②”）。（4）從圖2中可以看出，甲液體的溫度升高得較快，乙液體的比熱容較大?！敬鸢浮浚?）質量；秒表；（2）加熱時間；（3）①和②；（4）甲；乙?！窘獯稹拷猓海?）根據比較吸熱能力的方法，要控制不同物質的質量相同，故實驗中應量取質量相等的甲、乙兩液體，根據轉換法，通過加熱時間的長短來比較吸熱多少，故為了完成該實驗，除了圖1中所示的器材外，還需要增加的測量工具有天平和秒表。（2）甲、乙液體吸收熱量的多少可以通過加熱時間來反映；（3）根據比較吸熱能力的方法，在兩種液體都不沸騰的前提下，你認為可行的方案是①和②；（4）從圖2中可以看出，加熱2分鐘（吸熱相同），甲升高的溫度為Δt＝100℃﹣20℃＝80℃乙升高的溫度為Δt＝60℃﹣20℃＝40℃從圖2中可以看出，甲液體的溫度升高得較快，乙液體的比熱容較大。故答案為：（1）質量；秒表；（2）加熱時間；（3）①和②；（4）甲；乙。地地城考點18水的比熱容特點及實際應用39．（2024秋?永壽縣校級期中）如圖所示為濟南和青島兩市全年平均氣溫的變化。由圖可知：濟南全年的平均氣溫和青島相差不大，但濟南的平均高溫要明顯高于青島，而平均低溫要比青島低。從物理學的角度看，這主要是因為（）A．海水的比熱容比砂石的比熱容小 B．海水的內能比砂石的內能大 C．海水的比熱容比砂石的比熱容大 D．海水的溫度比砂石的溫度高【答案】C【解答】解：濟南屬于內陸城市，青島屬于海邊城市；由于海水的比熱容大于砂石的比熱容，根據Qcm故選：C。40．（2024秋?涼州區(qū)期中）小明在家吃早餐時，為了能盡快將煮熟的雞蛋冷卻，他將雞蛋放在盛有0.5kg冷水的盆中降溫。用水降溫主要是利用了水的比熱容（選填“比熱容”或“密度”）大的特性。過一會兒，水溫升高了2℃，在此過程中雞蛋放出的熱量為4.2×103J。[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]（不計熱損失）【答案】比熱容；4.2×103【解答】解：用水降溫主要是利用了水的比熱容較大的特點，相同質量的水和其它物質比較，升高相同的溫度，吸收的熱量較多；水吸收的熱量：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg?℃）×0.5kg×2℃＝4.2×103J。故答案為：比熱容；4.2×103。地地城考點19利用比熱容的公式計算熱量41．（2024秋?青羊區(qū)校級期中）質量相等的甲、乙兩種不同液體，裝在相同的試管中，用水浴加熱（標準大氣壓下：水的沸點100℃），其溫度隨時間變化的圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A．甲的比熱容小于乙的比熱容 B．若甲液體的比熱容為4.2×103J/kg，則乙液體的比熱容為2.1×103J/kg C．甲乙溫度升高25℃時吸收的熱量之比是3：1 D．3min后甲乙分子運動劇烈程度相同【答案】B【解答】解：A．由圖可知，0～1min時當甲、乙經過相同的加熱時間即吸收的熱量相同時，甲的溫度變化量小于乙，由Q＝cm△t，相同質量的不同物質吸收熱量相同時溫度的變化量越小則比熱容越大，則甲的比熱容大于乙的比熱容，故A錯誤；B．由圖可知，加熱1min，吸收相同的熱量，甲升高的溫度：Δt甲＝50℃﹣25℃＝25℃；乙升高的溫度Δt乙＝75℃﹣25℃＝50℃，甲、乙的質量相等，由Q＝cmΔt可知，比熱容和升高的溫度成反比，甲、乙的比熱容之比：c甲因此若甲液體的比熱容為4.2×103J/kg，則乙液體的比熱容為2.1×103J/kg，故B正確；C．由Q＝cmΔt可知，質量相等的某種液體，當升高相同溫度時，吸收熱量與物質的比熱容成正比，由于甲、乙的比熱容之比為2：1，所以甲、乙溫度升高25℃時吸收的熱量之比是2：1，故C錯誤；D．由圖知3min后兩種液體的溫度不相同，即甲液體的溫度不等于乙液體的溫度，故甲液體分子運動劇烈程度不等于乙液體分子運動劇烈程度，故D錯誤。故選：B。42．（2024秋?鼓樓區(qū)校級期中）在探究“物質的吸熱能力與哪些因素有關”的實驗中，用質量是0.3kg的水和表中等質量的另一種物質進行對比，作出的圖象如圖所示。實驗過程中，水和另一種物質在相同時間內吸收的熱量相等，分析圖象可以得出另一種物質為煤油，這種物質在0～5min內吸收的熱量為2.52×104J。物質比熱容c/[J/（kg?℃）]水4.2×103酒精2.4×103煤油2.1×103蓖麻油1.8×103【答案】煤油；2.52×104。【解答】解：（1）相同的加熱裝置，加熱時間相等時，兩種液體吸收的熱量相等，由圖示可以看出，a液體的溫度升高的快，b液體溫度升高慢；由Q放＝cmΔt可知，在質量相等、初溫相同、吸熱也相同的情況下，物質的比熱容越大，升溫越慢，所以b液體的比熱容大，則b是水；（2）由圖可知：液體和水的初溫是20℃，吸熱5分鐘后a的末溫是60℃，b液體的末溫40℃；由題知，而水和液體的質量相同，初溫相同，吸收的熱量相同，即m水＝ma，Q水吸＝Qa吸，Q水吸＝Qa吸；即c水m水Δt＝camaΔta，即cama（60℃﹣20℃）＝4.2×103J/（kg?℃）×m水×（40℃﹣20℃）。解得：ca＝2.1×103J/（kg?℃），由表格數據知此液體a為煤油；這種物質在0～5min內吸收的熱量為：Q＝camaΔt′＝2.1×103J/（kg?℃）×0.3kg×（60℃﹣20℃）＝2.52×104J。故答案為：煤油；2.52×104。43．（2024秋?分宜縣期中）在一個標準大氣壓下，將質量為2kg的金屬塊，加熱到500℃后，立即投入質量為1kg、溫度為20℃的冷水中，若金屬塊放出的熱量全部被水吸收，最終水的溫度升高到80℃。求：（1）水吸收的熱量；（2）金屬塊的比熱容；（3）若這些熱水繼續(xù)吸收1.05×105J的熱量，則水的末溫是多少℃？【解答】解：（1）質量為1kg、溫度為20℃的水，最終水的溫度升高到80℃，水吸收的熱量Q吸（2）金屬塊放出的熱量全部被水吸收，因此水吸收的熱量等于金屬塊放出的熱量Q放金屬塊的比熱容c金（3）若這些熱水繼續(xù)吸收1.05×105J的熱量，則水升高的溫度Δt″=t′＝80℃+25℃＝105℃＞100℃，在一個標準大氣壓下水的沸點為100℃，所以水的末溫為100℃。答：（1）水吸收的熱量是2.52×105J；（2）金屬塊的比熱容是0.3×103J/（kg?℃）；（3）若這些熱水繼續(xù)吸收1.05×105J的熱量，則水的末溫是100℃。地地城考點20熱機的效率公式與計算44．（2024秋?大慶期中）內燃機的發(fā)明是第二次工業(yè)革命中應用技術領域的一項重大成就。如圖所示為單缸四沖程汽油機的一個沖程示意圖，若該汽油機的效率為30%，飛輪每分鐘轉動1800圈（q汽油A．圖中所示沖程是做功沖程 B．若該汽油機完全燃燒5kg汽油，則汽油機做的有用功為6.9×107J C．該汽油機在1s內做功30次 D．汽油機消耗的燃料越少，效率一定越高【答案】B【解答】解：A、由圖可知：此過程中活塞向上運動，進氣門和排氣門都是關閉的，因此可判斷是壓縮沖程，故A不正確；B、根據公式Q放＝mq可求出完全燃燒5kg的汽油放出的熱量：Q放＝mq＝5kg×4.6×107J/kg＝2.3×108J；由η=W有用Q放可得，有用功：W有用＝Q放η＝2.3×108J×30%＝6.9×107C、曲軸每轉兩圈對外做功一次，所以1min轉動1800周，要做功900次，則該汽油機在1s內做功：900次60s=15次D、熱機消耗的燃料越少，其做的有用功也可能少，其效率也不一定就越高，故D不正確。故選：B。45．（2024秋?府谷縣期中）新型混合動力汽車具有節(jié)能、低排放等優(yōu)點。當混合動力汽車啟動時，內燃機不工作，蓄電池向車輪輸送能量，當需要高速行駛或蓄電池電能過低時，內燃機啟動，既可以向車輪輸送能量，又可以給蓄電池充電。已知某次沒電時，消耗了700g柴油為汽車提供了2×106J的有用功。求：（q柴油（1）完全燃燒700g柴油放出的熱量為多少；（2）若該次測試中內燃機的效率為20%，求此測試過程中蓄電池增加的電能。【解答】解：（1）完全燃燒700g柴油放出的熱量為Q放（2）由題意可知，內燃機做的有用功為2×106J，而該次測試中內燃機的效率為20%，則W電故此測試過程中蓄電池增加的電能為W電答：（1）完全燃燒700kg柴油放出的熱量為3.01×107J；（2）若該次測試中內燃機的效率為20%，求此測試過程中蓄電池增加的電能為4.02×106J。46．（2024秋?漢川市期中）一臺小汽車的發(fā)動機的效率是40%，這臺小汽車在一次行駛中，用去2kg汽油。求：（1）2kg汽油完全燃燒放出的熱量是多少？（所用汽油的熱值為4.5×107J/kg）（2）發(fā)動機做了多少有用功？（3）若將小汽車發(fā)動機的效率提高10%，其他性能不變，則在上述的行駛中可以節(jié)約多少kg的汽油？【解答】解：（1）2kg汽油完全燃燒放出的熱量：Q放＝mq＝2kg×4.5×107J/kg＝9×107J；（2）由η=WQ放可知，發(fā)動機所做的有用功：W＝ηQ放＝40%×9×107J＝3.6×10（3）根據題意可知，效率提高10%后，小汽車發(fā)動機的效率η′＝40%+10%＝50%，由η=WQ放可知，效率提高后汽油完全燃燒放出的熱量：Q放′=W由Q放＝mq可知，效率提高后消耗的汽油質量：m′=Q放上述的行駛中可以節(jié)約汽油的質量：Δm＝m﹣m′＝2kg﹣1.6kg＝0.4kg。答：（1）2kg汽油完全燃燒放出的熱量是9×107J；（2）發(fā)動機做了3.6×107J的有用功；（3）若將小汽車發(fā)動機的效率提高10%，其他性能不變，則在上述的行駛中可以節(jié)約0.4kg的汽油。地地城考點21電路的三種狀態(tài)47．（2025秋?咸陽期中）如圖所示電路，閉合開關后兩燈均不亮，故障僅為L1斷路。用導線檢測時，不可能出現的現象是（）A．導線接L1兩端，L2不發(fā)光 B．導線接L2兩端，兩燈均不亮 C．導線接電源兩端，兩燈均不亮 D．導線接開關兩端，兩燈均不亮【答案】A【解答】解：A．將導線接L1兩端時，L1被短路，電路重新變成通路，L2會正常發(fā)光，不會不發(fā)光，故A符合題意；B．導線接L2兩端時，L1仍然斷路，電路中沒有電流通過，兩燈均不亮，故B不符合題意；C．導線接電源兩端會使電源短路燒壞電源，電路中的任何元件都不會工作，故C不符合題意；D．導線接開關兩端時，開關被短路，失去作用，但是L1斷路依然存在，所以兩燈均不亮，故D不符合題意。故選：A。48．（2024秋?福田區(qū)校級期中）如圖所示是一種定時課間音樂播放器裝置的原理圖，閉合開關S，當“定時開關”處于閉合狀態(tài)時，指示燈會（選填“會”或“不會”）亮，播放器不會（選填“會”或“不會”）播放音樂；達到設定時間，“定時開關”處于斷開狀態(tài)，播放器會（選填“會”或“不會”）播放音樂。【答案】會；不會；會【解答】解：由題意知，閉合開關S，當“定時開關”處于閉合狀態(tài)時，播放器被短路，指示燈會亮，則播放器中沒有電流通過，播放器不會播放音樂；到達設定時間“定時開關”處于斷開狀態(tài)，播放器與指示燈串聯，“播放器”有電流通過，“播放器”會播放音樂。故答案為：會；不會；會。地地城考點22根據電路圖連接實物49．（2024秋?赤坎區(qū)校級期中）請按要求正確連接實物圖。要求：定值電阻R與滑動變阻器串聯，閉合開關S，將滑動變阻器的滑片向左移動時，電流表的示數變小，連線不能交叉?！敬鸢浮俊窘獯稹拷猓焊鶕}目要求，定值電阻R與滑動變阻器串聯，閉合開關S，將滑動變阻器的滑片向左移動時，電流表的示數變小，說明滑動變阻器連入電路的阻值變大，應將滑動變阻器的右下接線柱與定值電阻的左側接線柱相連，如圖所示：。50．（2024秋?鼓樓區(qū)校級期中）如圖所示的電路圖，請改動一根導線，使電流表只測干路上的電流。（改動時，在原導線上打“×”）【答案】【解答】解：根據實物圖可知，該電路為并聯電路，電流表測量的是通過燈泡L1的電流；電流表只測干路上的電流，則電流表應該串聯在干路中，如下所示：地地城考點23串聯和并聯的概念與辨析51．（2024秋?西城區(qū)校級期中）商場的自動扶梯在無人乘坐時，運行速度緩慢；在有人乘坐時“感應開關”自動閉合，電梯運行速度增大。在自動扶梯的出、入口處各有一個“緊急制動開關”，斷開任何一個開關，都能使自動扶梯停止。如圖所示是小亮設計的模擬自動扶梯工作原理的電路圖，若電源兩端電壓不變，電動機兩端電壓變大時，其運轉速度增大。則下列說法正確的是（）A．當無人乘坐時，開關S1、S2、S3均閉合 B．當無人乘坐時，電阻R與電動機是串聯的 C．開關S1、S3是“緊急制動開關”，S2是“感應開關” D．當有人乘坐時，電動機兩端電壓小于電阻R兩端電壓【答案】B【解答】解：A、當無人乘坐時，開關S1、S2閉合，S3斷開，故A錯誤；B、無人乘坐時，電阻R串聯在電路中，故B正確；C、分析電路中開關S1、S2，在干路中，斷開其中任何一個，都可以斷開整個電路，電動機不工作，所以S1、S2是緊急制動開關；S3與電阻R并聯，S3閉合會把電阻R短路，使電路中電阻變小，電流變大，電動機的轉速變大，則S3是感應開關，C錯誤；D、有人乘坐時，S1、S2、S3都閉合，電阻R被短路，此時R兩端的電壓為0，電源電壓全部加在電動機兩端，所以有人乘坐時的電動機兩端電壓大于電阻R兩端的電壓，故D錯誤。故選：B。52．（2024秋?岳陽樓區(qū)校級期中）如圖所示的電路中，三個開關皆處于斷開狀態(tài)，如同時閉合開關S2、S3，則電源短路；若要使L1、L2并聯在電路中，應閉合開關S1、S3?！敬鸢浮縎2、S3；S1、S3?！窘獯稹拷猓河呻娐穲D可知，當同時閉合開關S2、S3時，電源兩極直接用導線連接起來，電源短路；由電路圖可知，閉合開關S1、S3時，兩燈泡首首相連、尾尾相連，兩燈泡并聯。故答案為：S2、S3；S1、S3。53．（2024秋?平潭縣期中）如圖所示的電路，只閉合開關S1，燈泡L1處于開路（選填“通路”、“開路”或“短路”）；要使燈泡L1和L2串聯，要閉合開關S和S2。【答案】開路；S和S2?！窘獯稹拷猓喝鐖D所示，當只閉合開關S1時，電路處于斷路狀態(tài)；在電路中要使電燈L1和L2串聯，應斷開開關S1和S3，同時閉合開關S和S2時。故答案為：開路；S和S2。地地城考點24運用并聯電路中的電流規(guī)律計算54．（2024秋?北辰區(qū)期中）如圖所示的實驗電路，閉合開關S后，電流表A的示數為0.5A，電流表A1的示數為0.3A。則通過小燈泡L1、L2的電流分別是（）A．0.3A，0.2A B．0.2A，0.3A C．0.5A，0.3A D．0.5A，0.2A【答案】A【解答】解：由實物圖知，兩燈并聯，電流表A測干路電流，電流表A1測L1支路電流，電流表A1的示數為0.3A，小燈泡L1的電流為0.3A，干路電流I＝0.5A，通過L2的電流I2＝I﹣I1＝0.5A﹣0.3A＝0.2A，故A正確。故選：A。55．（2024秋?康縣期中）如圖甲所示電路，電流表A1與A2指針指的位置都如圖乙所示，則電流表A1所使用的量程為0～3A，讀數是2.2A；燈L2電流大小是1.76A?！敬鸢浮?～3A；2.2A；1.76A【解答】解：由電路圖可知，兩燈泡并聯，電流表A1測干路電流，電流表A2測L1支路的電流。因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，即干路電流大于任意支路電流，且兩表指針偏轉的位置相同，所以，電流表A1的量程為0～3A，分度值為0.1A，示數I＝2.2A，電流表A2的量程為0～0.6A，分度