物理試題考試時間：分鐘滿分：分一、單選題：本大題共7小題，共分。1.某雙層晾衣籃正常懸掛時如圖所示，已知上、下籃子完全相同且保持水平，質(zhì)量均為m，籃子底面為圓形，直徑，在兩籃的四等分點處，用四根等長的輕繩將兩籃相連，上籃用另外四根等長的輕繩系在掛鉤上，繩長。重力加速度大小為g，則圖中上籃單繩拉力T大小為（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】將繩中張力分解為豎直和水平方向，如圖所示則又第1頁/共20頁

所以則有解得故選C。2.如圖是爬山所帶氧氣瓶，氧氣瓶里的氣體容積質(zhì)量不變，爬高過程中，溫度減小，則氣體（）A.對外做功B.內(nèi)能減小C.吸收熱量D.壓強不變【答案】B【解析】【詳解】A．由于爬山過程中氣體體積不變，故氣體不對外做功，故A錯誤；B．爬山過程中溫度降低，則氣體內(nèi)能減小，故B正確；C．根據(jù)熱力學第一定律可知爬山過程中氣體不做功，但內(nèi)能減小，故可知氣體放出熱量，故C錯誤；D．爬山過程中氧氣瓶里的氣體容積質(zhì)量均不變，溫度減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有可知氣體壓強減小，故D錯誤；故選B。3.PQ和（）的滑道做勻速圓周運動，運動半個圓周后勻加速沖向終點線。甲、乙兩運動員的質(zhì)量相等，第2頁/共20頁

他們做圓周運動時所受向心力大小相等，直線沖刺時的加速度大小也相等。則下列判斷中正確的是（）A.在做圓周運動時，甲所用的時間比乙的長B.在做圓周運動時，甲、乙的角速度大小相等C.在沖刺時，甲一定先到達終點線D.在沖刺時，乙到達終點線時的速度較大【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)解得由于做圓周運動時所受向心力大小相等，甲運動員圓周運動的半徑小于乙運動員圓周運動的半徑，可知甲運動員圓周運動的周期小于乙運動員圓周運動的周期，即在做圓周運動時，甲所用的時間比乙的短，A錯誤；B．根據(jù)由于做圓周運動時所受向心力大小相等，甲運動員圓周運動的半徑小于乙運動員圓周運動的半徑，可知甲運動員圓周運動的角速度大于乙運動員圓周運動的角速度，B錯誤；D．沖刺時的初速度大小等于圓周運動的線速度大小，根據(jù)解得第3頁/共20頁

由于做圓周運動時所受向心力大小相等，甲運動員圓周運動的半徑小于乙運動員圓周運動的半徑，可知甲運動員圓周運動的線速度小于乙運動員圓周運動的線速度，令到達終點線時的速度大小為，沖刺勻加速的位移為x，則有由于沖刺勻加速運動的位移與加速度均相等，可知勻加速的初速度較大的乙運動員到達終點線時的速度較大，D正確；C程中，由于乙運動員的初速度大，則乙運動員在沖刺加速過程中所用時間小于甲運動員在沖刺加速過程中所用時間，則誰先達到中點的時間與沖刺加速過程的位移大小有關(guān)，即不能確定誰先達到，可知在沖刺時，甲不一定先到達終點線，C錯誤。故選D。4.某同學用單色光進行雙縫干涉實驗，在屏上觀察到如圖甲所示的條紋，僅改變一個實驗條件后，在屏上觀察到如圖乙所示的條紋。他改變的實驗條件可能是（）A.減小雙縫之間的距離B.增大光源與雙縫的距離C.減小雙縫到光屏間的距離D.換用頻率更高的單色光源【答案】A【解析】【分析】【詳解】AC．雙縫干涉兩相鄰亮條紋的間距為第4頁/共20頁

由題意可知，條紋間距變大，可能是減小雙縫之間的距離d，可能是增大雙縫到光屏間的距離L，A正確，C錯誤；B．條紋間距與光源與雙縫的距離無必然關(guān)系，B錯誤；D．由可知，換用頻率更高的單色光源，波長變短，條紋間距變小，D錯誤。故選A。5.均勻帶電半球殼在球心O處的電場強度大小為余部分在球心O處的電場強度大小為（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)對稱性，表面積較小的這部分球面上的電荷產(chǎn)生的電場在O處的電場強度E一定沿著角的O處的電場強度一定沿著角的角平分線向左下方，兩部分球面產(chǎn)生的電場在O點處的電場強度一定相互垂直，而均勻帶電的半球殼的場強大小為，同理可以分析其場強方向，畫出矢量圖，如圖所示第5頁/共20頁

則剩余部分的電場強度大小為故選B。6.M受到紫外線照射會逸出光電子，最大速率為M放置一金屬網(wǎng)NM、N之間加恒定電壓U。已知M、N間距為dm，電荷量為e，則（）A.M、N間距離增大時電子到達N的動能也增大B.只有沿x方向逸出的電子到達N時才有最大動能C.電子從M到N過程中y方向位移大小最大為D.M、N間加反向電壓時電流表示數(shù)恰好為零【答案】C【解析】【詳解】AB．根據(jù)動能定理，從金屬板M上逸出的光電子到到達N板時則到達N板時的動能為第6頁/共20頁

與兩極板間距無關(guān)，與電子從金屬板中逸出的方向無關(guān)，選項AB錯誤；C．平行極板M射出的電子到達N板時在y方向的位移最大，則電子從M到N過程中y方向最大位移為解得選項C正確；D．M、N間加反向電壓電流表示數(shù)恰好為零時，則解得選項D錯誤。故選C。7.如圖為某著陸器經(jīng)過多次變軌后登陸火星的軌跡圖，著陸器先在軌道Ⅰ上運動，然后改在圓軌道Ⅱ上運動，最后在橢圓周軌道Ⅲ上運動，P點是軌道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ的交點的交點，軌道上的P、S、Q三點與火星中心在同一直線上，P、Q兩點分別是橢圓軌道的遠火星點和近火星點．且PQ=2QS=2L，著陸器在軌道1上經(jīng)過P點的速度為v，在軌道2上經(jīng)過P點的速度為v，在軌道3上經(jīng)過P點的速度為v，下列說法正確的是（）A.著陸器P點由軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ需要點火加速B.著陸器在軌道Ⅱ上由P點運動到S點的時間是著陸器在軌道Ⅲ上由P點運動到Q點的時間之比是第7頁/共20頁

C.著陸器在軌道Ⅲ上經(jīng)過P點的加速度可表示為D.著陸器在軌道Ⅱ上S點與在軌道Ⅲ上P點的加速度大小相等【答案】CD【解析】I故A錯誤；B.根據(jù)開普勒第三定律可知：著陸器在軌道Ⅱ與軌道Ⅲ上的周期之比：；則著陸器在軌道Ⅱ上由P點運動到S點的時間與著陸器在軌道Ⅲ上由P點運動到Q點的時間之比是，選項B錯誤；C.著陸器在軌道Ⅲ上經(jīng)過P點的加速度等于軌道Ⅱ上經(jīng)過PC正確；D.著陸器在軌道Ⅱ上S點與在軌道Ⅲ上P點距離火星中心的距離相等，則其加速度大小相等，方向相反，選項D正確；故選CD.二、多選題：本大題共3小題，共5分，部分選對得3分，有選錯得0分)8.一波源處于xOy平面的原點O處，并且垂直xOy平面向外和向內(nèi)振動。在時，波形如圖所示，只有一個實線圓和一個虛線圓，分別代表波峰和波谷。在時，質(zhì)點P第1次處在波峰位置，以垂直xOy平面向外（即沿波峰方向）為正方向，則（）第8頁/共20頁

A時，波源已經(jīng)振動了0.03sB.時，波傳播到的最遠點沿正方向振動C.時，直線上共有3個點達到波峰D.時，波傳播到x正方向上最遠點的坐標為5cm【答案】BC【解析】【詳解】AB．依題意，時，波峰傳播的距離為則波速為根據(jù)又聯(lián)立，解得由時的波形圖，可知該時刻波前恰好傳播到，根據(jù)“上下坡”法可知該點沿正方向振動，則波源已經(jīng)振動的時間為故A錯誤；B正確；C．2cm如圖所示，由圖可知，直線上共有3個點達到波峰，故C正確；第9頁/共20頁

D．根據(jù)B選項分析，可知時，波傳播到的最遠點坐標為根據(jù)可知時，波傳播到x正方向上最遠點的坐標為故D錯誤。故選BC。9.如圖，一小型發(fā)電廠的電壓有效值為220V，通過升壓變壓器，然后輸出給終端，已知，線路電阻為r，現(xiàn)閉合，斷開，用戶的總電阻為，用戶獲得的功率為4000W。變壓器均為理想變壓器，，下列說法正確的是（）A.閉合，斷開，，線路損失的功率為400WB.閉合，斷開，線路損失的功率為200WC.閉合，斷開，獲得的功率為2100WD.閉合，斷開，增大，線路損失的功率將減小【答案】ACD【解析】【詳解】A．由變壓器原理得解得設流過r的電流為I，則第10頁/共20頁

用戶的電流為解得故A正確；BC．閉合，斷開，設流過r的電流為，則的電流為得其中故B錯誤，C正確；D．增大，則減小，減小，故減小，故D正確故選ACD。10.如圖所示為兩個有界勻強磁場，磁感應強度大小均為B為L，距磁場區(qū)域的左側(cè)L處有一邊長為L的正方形導體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場方向垂直。第11頁/共20頁

現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場區(qū)域，以初始位置為計時起點，規(guī)定電流沿逆時針方向時的電動勢EF勢E、外力F和電功率P隨時間變化的圖像正確的是圖中的（）AB.C.D.【答案】BD【解析】AL最大，此后向外磁通量增加，總磁通減小，當運動到2.5L時，磁通量最小為零。故A錯誤；B．當線圈進入第一個磁場時，產(chǎn)生的感應電動勢為E=BLv可知E保持不變，根據(jù)右手定則可知電流沿逆時針方向，電動勢E為正。而線圈開始進入第二個磁場時，兩端同時切割磁感線，由右手定則可知電流沿順時針方向，電動勢E為負，電動勢應為E’=2BLv當線圈離開第二個磁場過程中，左端切割磁感線，根據(jù)右手定則可知電流沿逆時針方向，電動勢E為正，大小為E=BLv故B正確；D．拉力的功率第12頁/共20頁

P=Fv因速度不變，而線框在第一個磁場時，電流為定值，安培力為定值，拉力為定值，電功率也為定值，兩邊分別在兩個磁場中時，安培力為電功率為變?yōu)?倍，此后從第二個磁場中離開時，安培力應等于線框在第一個磁場中的安培力，電功率也等于在第一個磁場中的電功率。故D正確；C．因安培力總是與運動方向相反，故拉力應一直向右，外力一直是正的。故C錯誤。故選BD。三、非選擇題：共5題，共分。為了“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”，現(xiàn)提供如圖甲所示的實驗裝置：（1）以下實驗操作正確的是（）A．將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車在砝碼及砝碼盤的牽引下恰好做勻速運動B．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使細線與木板平行C．先接通電源，后釋放小車D．實驗中小車的加速度越大越好（2）在實驗中得到一條如圖乙所示的紙帶，已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T＝0.1s，且間距x、x、x、xxx6已量出分別為3.09cm3.43cm3.77cm4.10cm4.44cm4.77cma＝________m/s2.(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)第13頁/共20頁

（3a與所受外力F________(填“①”或“②”)是在軌道傾斜情況下得到的；小車及車中砝碼的總質(zhì)量m＝________kg.【答案】①.BC②.0.34③.①④.0.5【解析】【分析】1[1]A車的重力沿斜面的分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是細線的拉力，A錯誤；B．細線的拉力為小車的合力，所以應調(diào)節(jié)定滑輪的高度使細線與木板平行，B正確；C．實驗時，應使小車靠近打點計時器由靜止釋放，先接通電源，后釋放小車，C正確；D．實驗時，為了減小實驗的誤差，小車的加速度應適當大一些，但不是越大越好，D錯誤。故選BC。（2）[2]根據(jù)逐差法得（3）[3][4]由圖線①可知，當F＝0時，a≠0，也就是說當細線上沒有拉力時小車就有加速度，所以圖線①是軌道傾斜情況下得到的，根據(jù)得圖像的斜率由圖像得圖像斜率所以第14頁/共20頁

12.某同學利用實驗室現(xiàn)有器材，設計了一個測量電阻阻值的實驗。實驗器材：干電池E（電動勢1.5V電流表A（量程10mA，內(nèi)阻為90Ω電流表A（量程30mA，內(nèi)阻為30Ω定值電阻R（阻值為150Ω滑動變阻器R（最大阻值為100Ω待測電阻R；開關(guān)S，導線若干。測量電路如圖所示。（1）斷開開關(guān)，連接電路，將滑動變阻器R的滑片調(diào)到阻值最大一端。將定值電阻R0接入電路；閉合開_______（填“A”或“A若不考慮電池內(nèi)阻。此時滑動變阻器接入電路的電阻值應為________Ω。（2）斷開開關(guān)，保持滑片的位置不變。用Rx替換R，閉合開關(guān)后，電流表指針指在滿刻度的處，則Rx的測量值為________Ω。（3）本實驗中未考慮電池內(nèi)阻，對Rx的測量值_________（填“有”或“無”）影響【答案】①.A1②.60③.100④.無【解析】1）[1]若不考慮電源內(nèi)阻，且在電源兩端只接R0時，電路中的電流約為由題知，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片位置，要使電流表指針指在滿刻度的處，則該同學選到的電流表應為A。[2]當不考慮電源內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有第15頁/共20頁

計算出R=60Ω（2）[3]斷開開關(guān)，保持滑片的位置不變，用Rx替換R，閉合開關(guān)后，有代入數(shù)據(jù)有Rx=100Ω（3）[4]若考慮電源內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有聯(lián)立計算出的Rx不受電源內(nèi)阻r的影響。13.恰好使活塞無摩擦地從距底部處緩慢升至距底部處，此后立即斷電進行后續(xù)檢測。已知加熱前的氣體溫度，大氣壓強，活塞質(zhì)量，橫截面積，重力加速度g取。求：（1）停止加熱時，氣體的溫度T；（2）加熱過程中，氣體對外做的功W?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【小問1詳解】第16頁/共20頁

加熱過程，氣體發(fā)生等壓變化由蓋—呂薩克定律，有代入數(shù)據(jù)，解得【小問2詳解】活塞受重力、大氣壓力和內(nèi)部氣體壓力作用處于平衡狀態(tài)，設氣體的壓強為p由共點力平衡條件，有加熱過程中，氣體對外做的功即代入數(shù)據(jù)，解得14.如圖，在0≤x≤h，區(qū)域中存在方向垂直于紙面的勻強磁場，磁感應強度B的大小可調(diào)，方向不變。一質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）的粒子以速度v0從磁場區(qū)域左側(cè)沿x軸進入磁場，不計重力。（1）若粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后穿過y軸正半軸離開磁場，分析說明磁場的方向，并求在這種情況下磁感應強度的最小值B；（2）如果磁感應強度大小為，粒子將通過虛線所示邊界上的一點離開磁場。求粒子在該點的運動方向與x軸正方向的夾角及該點到x軸的距離?！敬鸢浮浚?）磁場方向垂直于紙面向里；；【解析】1）由題意，粒子剛進入磁場時應受到方向向上的洛倫茲力，因此磁場方向垂直于紙面向里。設粒子進入磁場中做圓周運動的半徑為R