1、2016-2017學(xué)年湖南省常德一中高三（上）第五次月考物理試卷（12月份）一、選擇題（共12小題，每小題4分，滿分48分）1物理學(xué)中用到大量的科學(xué)研究方法，在建立下列物理概念時(shí)，都用到“等效替代”方法的是（）A“合力與分力”“平均速度”“總電阻”B“質(zhì)點(diǎn)”“平均速度”“點(diǎn)電荷”C“點(diǎn)電荷”“總電阻”“電場(chǎng)強(qiáng)度”D“合力與分力”“質(zhì)點(diǎn)”“電場(chǎng)強(qiáng)度”2在點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中的O點(diǎn)，由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的試探電荷，試探電荷運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)時(shí)的速度大小為v若該試探電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)中的a點(diǎn)時(shí)，需克服電場(chǎng)力做功為W，試探電荷運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)時(shí)的速度大小仍為v，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零則下列判斷正確的

2、是（）A電場(chǎng)中a點(diǎn)電勢(shì)a=B電場(chǎng)中O點(diǎn)電勢(shì)為O=C試探電荷在無(wú)窮遠(yuǎn)處的初速度vm=DaO間電勢(shì)差為UaO=3如圖所示，光滑斜面固定在水平地面上，在水平拉力F的作用下，小物塊靜止在斜面上現(xiàn)保持物塊靜止，將拉力F方向由水平逐漸變成豎直向上，則這一過(guò)程中（）AF逐漸增大，物塊對(duì)斜面的壓力逐漸減小BF先增大后減小，物塊對(duì)斜面的壓力逐漸減小CF逐漸減小，物塊對(duì)斜面的壓力逐漸增大DF先減小后增大，物塊對(duì)斜面的壓力逐漸減小4我們?cè)谏钪幸苿?dòng)貨物經(jīng)常推著或拉著物體沿地面運(yùn)動(dòng)，這樣方便省力在粗糙的水平面上放置一個(gè)小物體P，P受到與水平面成夾角的斜向上的拉力作用沿水平面運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示，物體P的加速度隨F變化規(guī)律

3、如圖乙中圖線P所示，把物體P換成Q，其他條件不變，重復(fù)操作，得到Q的加速度隨F變化規(guī)律如圖乙中圖線Q所示圖乙中b，c和d都是已知量，由此可知（）AP的質(zhì)量大于Q的質(zhì)量BP和Q的材料相同CP的質(zhì)量為DQ的質(zhì)量為52013年4月將出現(xiàn)“火星合日”的天象“火星合日”是指火星、太陽(yáng)、地球三者之間形成一條直線時(shí)，從地球的方位觀察，火星位于太陽(yáng)的正后方，火星被太陽(yáng)完全遮蔽的現(xiàn)象，如圖所示已知地球、火星繞太陽(yáng)運(yùn)行的方向相同，若把火星和地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的軌道視為圓，火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)周期約等于地球公轉(zhuǎn)周期的2倍，由此可知（）A“火星合日”約每1年出現(xiàn)一次B“火星合日”約每2年出現(xiàn)一次C火星的公轉(zhuǎn)半徑約為地球公轉(zhuǎn)半徑

4、的倍D火星的公轉(zhuǎn)半徑約為地球公轉(zhuǎn)半徑的8倍6如圖所示，重力為G的小球用輕繩懸于O點(diǎn)，用力F拉住小球，使輕繩保持偏離豎直方向60角且不變當(dāng)F與豎直方向的夾角為時(shí)，有F最小，則、F的值分別為（）A0，GB30，GC60，GD90，G7如圖所示，一小球以速度v0從傾角為=53的斜面頂端A處水平拋出，垂直落到在斜面底端與斜面垂直的擋板上的B點(diǎn)，已知重力加速度為g，sin 37=0.6，cos 37=0.8，則下列說(shuō)法正確的是（）A小球到達(dá)B點(diǎn)的速度大小為v0B斜面的長(zhǎng)度為C小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為mgv0DB點(diǎn)到水平面的高度為8如圖所示，電路中所有元件完好，但光照射到光電管上，靈敏電流計(jì)中沒(méi)有電

5、流通過(guò)，其原因可能是（）A入射光太弱B入射光波長(zhǎng)太長(zhǎng)C光照時(shí)間短D電源正負(fù)極接反9下表列出了幾種不同物體在某種速度下的德布羅意波的波長(zhǎng)和頻率為1MHz的無(wú)線電波的波長(zhǎng)，由表中數(shù)據(jù)可知（）質(zhì)量（kg）速度（m/s）波長(zhǎng)（m）彈子球2.01021.01023.31030電子（100eV）9.110315.01061.21010無(wú)線電波（1MHz）3.01083.3102A要檢測(cè)彈子球的波動(dòng)性幾乎不可能B無(wú)線電波通常情況下表現(xiàn)出波動(dòng)性C電子照射到金屬晶體（大小約為1010m）上能觀察到波動(dòng)性D只有可見(jiàn)光才有波動(dòng)性10如圖甲所示，細(xì)繩跨過(guò)光滑的輕質(zhì)定滑輪連接A、B兩球，滑輪懸掛在一個(gè)傳感器正下方，B球

6、換用質(zhì)量m不同的球，而A球始終不變，通過(guò)計(jì)算機(jī)描繪得到傳感器拉力F隨B球質(zhì)量m變化的關(guān)系如圖乙所示，F(xiàn)=F0直線是曲線的漸近線，已知輕質(zhì)定滑輪質(zhì)量可看成零，重力加速度為g，則（）A根據(jù)圖線可以確定A球質(zhì)量m0=gB根據(jù)圖線可以計(jì)算B球?yàn)槟骋毁|(zhì)量m時(shí)其運(yùn)動(dòng)的加速度aCA、B球運(yùn)動(dòng)的加速度a一定隨B質(zhì)量m的增大而增大D傳感器讀數(shù)F一定小于A、B球總重力11如圖為氫原子的能級(jí)示意圖，鋅的逸出功是3.34eV，那么對(duì)氫原子在能級(jí)躍遷過(guò)程中發(fā)射或吸收光子的特征認(rèn)識(shí)正確的是（）A用氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)射的光照射鋅板一定不能產(chǎn)生光電效應(yīng)B一群處于n=3能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，發(fā)出的光照射鋅板，鋅板

7、表面所發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能為8.75eVC用能量為10.3eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)D用能量為14.0eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子電離12下列說(shuō)法中正確的是（）A目前已建成的核電站的能量來(lái)自于重核裂變B一個(gè)氫原子從n=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時(shí)，能輻射3種不同頻率的光子C盧瑟福依據(jù)少數(shù)粒子發(fā)生大角度散射提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型D按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，原子總能量增大二、解答題（共6小題，滿分52分）13（8分）氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在

8、導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒(méi)有摩擦我們可以用帶豎直擋板C和D的氣墊導(dǎo)軌以及滑塊A和B來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示（彈簧的長(zhǎng)度忽略不計(jì)），采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a用天平分別測(cè)出滑塊A、B的質(zhì)量mA、mBb調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，使導(dǎo)軌處于水平c在A和B間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧，用電動(dòng)卡銷(xiāo)鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上d用刻度尺測(cè)出A的左端至C板的距離L1e按下電鈕放開(kāi)卡銷(xiāo)，同時(shí)使分別記錄滑塊A、B運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開(kāi)始工作當(dāng)A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時(shí)停止計(jì)時(shí)，記下A、B分別到達(dá)C、D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1和t2（1）實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)測(cè)量的物理量是（2）利用上述測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是，上式中算得的A、B兩

9、滑塊的動(dòng)量大小并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因可能是（至少寫(xiě)出兩點(diǎn)）（3）利用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是否可以測(cè)出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能的大??？（填“可以”或“不可以”）14（6分）在用DIS研究小車(chē)加速度與外力的關(guān)系時(shí)，某實(shí)驗(yàn)小組先用如圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置，重物通過(guò)滑輪用細(xì)線拉小車(chē)，位移傳感器（發(fā)射器）隨小車(chē)一起沿傾斜軌道運(yùn)動(dòng)，位移傳感器（接收器）固定在軌道一端實(shí)驗(yàn)中把重物的重力作為拉力F，改變重物重力重復(fù)實(shí)驗(yàn)四次，列表記錄四組數(shù)據(jù)：a/ms22.012.984.026.00F/N1.002.003.005.00（1）在坐標(biāo)紙上作出小車(chē)加速度a和拉力F的關(guān)系圖（c）線；（2）從所得圖線分析該實(shí)驗(yàn)小組在操作過(guò)

10、程中的不當(dāng)之處是：；（3）如果實(shí)驗(yàn)時(shí)，在小車(chē)和重物之間接一個(gè)不計(jì)質(zhì)量的微型力傳感器用來(lái)測(cè)量拉力F，如圖（b）所示從理論上分析，該實(shí)驗(yàn)圖線的斜率將（填“變大”，“變小”，“不變”）15在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，某金屬的截止頻率相應(yīng)的波長(zhǎng)為0，該金屬的逸出功為若用波長(zhǎng)為（0）的單色光做該實(shí)驗(yàn)，則其遏止電壓為已知電子的電荷量、真空中的光速和普朗克常量分別為e、c和h16（8分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)現(xiàn)將A無(wú)初速釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體，并沿桌面滑動(dòng)已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m；A和B的質(zhì)量相等；A和B整體與桌面之

11、間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2重力加速度g取10m/s2求：（1）碰撞前瞬間A的速率v；（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率v；（3）A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離l17（12分）一個(gè)靜止的鈾核（原子質(zhì)量為232.0372u）放出一個(gè)粒子（原子質(zhì)量為4.0026u）后衰變成釷核（原子質(zhì)量為228.0287u）（已知：原子質(zhì)量單位1u=1.661027kg，1u相當(dāng)于931MeV）（1）寫(xiě)出核衰變反應(yīng)方程；（2）算出該核衰變反應(yīng)中釋放出的核能；（3）假設(shè)反應(yīng)中釋放出的核能全部轉(zhuǎn)化為釷核和粒子的動(dòng)能，則釷核獲得的動(dòng)能有多大？18（14分）如圖甲所示，真空室中電極K發(fā)出的電子（初速度不計(jì)）經(jīng)過(guò)電勢(shì)差為U0的加速電

12、場(chǎng)加速后，沿兩水平金屬板C、D間的中心線射入兩板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，最后打在熒光屏上C、D兩板間的電勢(shì)差UCD隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示，設(shè)C、D間的電場(chǎng)可看作勻強(qiáng)電場(chǎng)，且兩板外無(wú)電場(chǎng)已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e（重力不計(jì)），C、D極板長(zhǎng)為l，板間距離為d，偏轉(zhuǎn)電壓UCD，熒光屏距C、D右端的距離為l，所有電子都能通過(guò)偏轉(zhuǎn)電極（1）求電子通過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的時(shí)間t0；（2）若UCD的周期T=t0，求熒光屏上電子能夠到達(dá)的區(qū)域的長(zhǎng)度；（3）若UCD的周期T=2t0，求到達(dá)熒光屏上O點(diǎn)的電子的動(dòng)能2016-2017學(xué)年湖南省常德一中高三（上）第五次月考物理試卷（12月份）參考答案與試題解析一、選擇題（共12

13、小題，每小題4分，滿分48分）1 物理學(xué)中用到大量的科學(xué)研究方法，在建立下列物理概念時(shí)，都用到“等效替代”方法的是（）A“合力與分力”“平均速度”“總電阻”B“質(zhì)點(diǎn)”“平均速度”“點(diǎn)電荷”C“點(diǎn)電荷”“總電阻”“電場(chǎng)強(qiáng)度”D“合力與分力”“質(zhì)點(diǎn)”“電場(chǎng)強(qiáng)度”【考點(diǎn)】合力的大小與分力間夾角的關(guān)系；質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識(shí)；歐姆定律【分析】物理學(xué)中用到大量的科學(xué)方法，建立“合力與分力”、“平均速度”、“合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)”采用等效替代的方法，“質(zhì)點(diǎn)”、“點(diǎn)電荷”采用理想化模型的方法，“平均速度”、“電勢(shì)”，“電場(chǎng)強(qiáng)度”采用比值定義法【解答】解：A、“合力與分力”“平均速度”“總電阻”均采用“等效替代”的思想方法，故

14、A正確；B、“質(zhì)點(diǎn)”、“點(diǎn)電荷”采用理想化模型的方法，故B錯(cuò)誤；C、“點(diǎn)電荷”是采用理想化模型的方法，“電場(chǎng)強(qiáng)度”采用比值定義法，故C錯(cuò)誤；D、“合力與分力”采用“等效替代”的思想方法，“質(zhì)點(diǎn)”采用理想化模型的方法，“電場(chǎng)強(qiáng)度”采用比值定義法，故D錯(cuò)誤；故選：A【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于物理學(xué)上常用的科學(xué)研究方法：等效替代法、理想化模型法、比值定義法等等要理解并掌握，并進(jìn)行歸納總結(jié)，對(duì)學(xué)習(xí)物理量的意義有很大的幫助2（2016秋龍鳳區(qū)校級(jí)期中）在點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中的O點(diǎn)，由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的試探電荷，試探電荷運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)時(shí)的速度大小為v若該試探電荷從無(wú)窮遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)中的a點(diǎn)時(shí)，需克服電場(chǎng)力做

15、功為W，試探電荷運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)時(shí)的速度大小仍為v，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零則下列判斷正確的是（）A電場(chǎng)中a點(diǎn)電勢(shì)a=B電場(chǎng)中O點(diǎn)電勢(shì)為O=C試探電荷在無(wú)窮遠(yuǎn)處的初速度vm=DaO間電勢(shì)差為UaO=【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能【分析】由=求得電勢(shì)，由求得電勢(shì)差，由動(dòng)能定理求得速度【解答】解：A、從無(wú)窮遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)中的a點(diǎn)時(shí)，需克服電場(chǎng)力做功為W，則由a點(diǎn)到無(wú)窮遠(yuǎn)處電場(chǎng)力做功為W，則在a點(diǎn)的電勢(shì)為：a=，則A正確B、由o點(diǎn)到無(wú)窮遠(yuǎn)處的電場(chǎng)力做功為：+W，則o點(diǎn)的電勢(shì)為O=+，則B錯(cuò)誤C、電荷在a點(diǎn)的動(dòng)能為，由無(wú)窮遠(yuǎn)處的速度為vm，則=w，則vm=，則C錯(cuò)誤D、aO間電勢(shì)差為UaO=，則D錯(cuò)誤故選

16、：A【點(diǎn)評(píng)】明確電勢(shì)差與電場(chǎng)力做功有關(guān)，常常根據(jù)動(dòng)能定理求電勢(shì)差3如圖所示，光滑斜面固定在水平地面上，在水平拉力F的作用下，小物塊靜止在斜面上現(xiàn)保持物塊靜止，將拉力F方向由水平逐漸變成豎直向上，則這一過(guò)程中（）AF逐漸增大，物塊對(duì)斜面的壓力逐漸減小BF先增大后減小，物塊對(duì)斜面的壓力逐漸減小CF逐漸減小，物塊對(duì)斜面的壓力逐漸增大DF先減小后增大，物塊對(duì)斜面的壓力逐漸減小【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用【分析】對(duì)物體受力分析，受推力、重力、支持力，三力平衡，畫(huà)出力圖，作出支持力N和推力F的合力，根據(jù)平衡條件可知它們的合力與重力大小相等，方向相反，保持不變分別作出F在位置1、2

17、、3三個(gè)位置的合成圖，分析選擇【解答】解：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，小球受到重力G、斜面的支持力N和推力F三個(gè)力作用畫(huà)出力圖，作出N和F的合力，根據(jù)平衡條件可知它們的合力與重力大小相等，方向相反，保持不變分別作出F在位置1、2、3三個(gè)位置的合成圖，由圖可知：F先減小后增大，N逐漸減小，故D正確故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題是力平衡中動(dòng)態(tài)變化分析類(lèi)型，采用的是圖解法，也可以采用函數(shù)法求解，難度適中4我們?cè)谏钪幸苿?dòng)貨物經(jīng)常推著或拉著物體沿地面運(yùn)動(dòng)，這樣方便省力在粗糙的水平面上放置一個(gè)小物體P，P受到與水平面成夾角的斜向上的拉力作用沿水平面運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示，物體P的加速度隨F變化規(guī)律如圖乙中圖線P所示，把物體P換成

18、Q，其他條件不變，重復(fù)操作，得到Q的加速度隨F變化規(guī)律如圖乙中圖線Q所示圖乙中b，c和d都是已知量，由此可知（）AP的質(zhì)量大于Q的質(zhì)量BP和Q的材料相同CP的質(zhì)量為DQ的質(zhì)量為【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用【分析】由牛頓第二定律可得出對(duì)應(yīng)的加速度的表達(dá)式，則再根據(jù)圖象的性質(zhì)可求得動(dòng)摩擦因數(shù)，同時(shí)分析兩物體的質(zhì)量大小能否求出【解答】解：A、對(duì)物體應(yīng)用牛頓第二定律有：Fcos（mgFsin）=ma可得：a=Fg，故圖線縱軸截距表示g，可知兩者動(dòng)摩擦因數(shù)相同，P和Q的材料相同，P的斜率大于Q的斜率，而圖線斜率表示，則可知P的質(zhì)量小于Q的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤，B正確；C、根據(jù)圖象的斜率可知，=，

19、故PQ的質(zhì)量無(wú)法由bcd求出；故CD錯(cuò)誤；故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，解題關(guān)鍵在于明確圖象的性質(zhì)，注意圖象中斜率與截距的意義5（2015鞍山二模）2013年4月將出現(xiàn)“火星合日”的天象“火星合日”是指火星、太陽(yáng)、地球三者之間形成一條直線時(shí)，從地球的方位觀察，火星位于太陽(yáng)的正后方，火星被太陽(yáng)完全遮蔽的現(xiàn)象，如圖所示已知地球、火星繞太陽(yáng)運(yùn)行的方向相同，若把火星和地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的軌道視為圓，火星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)周期約等于地球公轉(zhuǎn)周期的2倍，由此可知（）A“火星合日”約每1年出現(xiàn)一次B“火星合日”約每2年出現(xiàn)一次C火星的公轉(zhuǎn)半徑約為地球公轉(zhuǎn)半徑的倍D火星的公轉(zhuǎn)半徑約為地球公轉(zhuǎn)半徑的8倍【考點(diǎn)

20、】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；向心力【分析】由圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得出多長(zhǎng)時(shí)間火星、地球及月球處在同一直線上；由萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力可知火星半徑與地球半徑的大小關(guān)系【解答】解：A、因火星的周期為地球周期的2倍，故地球轉(zhuǎn)一周時(shí)，火星轉(zhuǎn)動(dòng)了半圈，故一年內(nèi)不會(huì)出現(xiàn)“火星合日”現(xiàn)象；只有等火星轉(zhuǎn)動(dòng)一圈時(shí)才會(huì)同時(shí)出現(xiàn)在同一直線上，故約2年出現(xiàn)一次，故A錯(cuò)誤，B正確；C、由G=m可知，R=，故半徑R與成比，故火星的公轉(zhuǎn)半徑約為地球公轉(zhuǎn)半徑的倍；故C正確，D錯(cuò)誤；故選：BC【點(diǎn)評(píng)】行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)與衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的模型相似：旋轉(zhuǎn)天體繞中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，中心天體對(duì)旋轉(zhuǎn)天體的萬(wàn)有引力提供旋轉(zhuǎn)天體的向心力本題關(guān)鍵抓住萬(wàn)有

21、引力提供向心力，列式求解出線速度、角速度、周期和向心力的表達(dá)式，再進(jìn)行討論6（2016春如皋市期末）如圖所示，重力為G的小球用輕繩懸于O點(diǎn)，用力F拉住小球，使輕繩保持偏離豎直方向60角且不變當(dāng)F與豎直方向的夾角為時(shí)，有F最小，則、F的值分別為（）A0，GB30，GC60，GD90，G【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【分析】小球始終處于平衡狀態(tài)，合力為零，根據(jù)共點(diǎn)力平衡，抓住重力不變，細(xì)繩的拉力方向不變，運(yùn)用作圖法求出F有最小值時(shí)的值【解答】解：如圖所示，小球受三個(gè)力而處于平衡狀態(tài)，重力mg的大小和方向都不變，繩子拉力T方向不變，因?yàn)槔K子拉力T和外力F的合力等于重力，通過(guò)作圖法知，當(dāng)F的方向與繩

22、子方向垂直時(shí)，由于垂線段最短，所以F最小，則由幾何知識(shí)得=30Fmin=mgcos30=故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題屬于力學(xué)的動(dòng)態(tài)分析，關(guān)鍵能夠正確進(jìn)行受力分析，抓住不變量，運(yùn)用作圖法進(jìn)行求解7如圖所示，一小球以速度v0從傾角為=53的斜面頂端A處水平拋出，垂直落到在斜面底端與斜面垂直的擋板上的B點(diǎn)，已知重力加速度為g，sin 37=0.6，cos 37=0.8，則下列說(shuō)法正確的是（）A小球到達(dá)B點(diǎn)的速度大小為v0B斜面的長(zhǎng)度為C小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為mgv0DB點(diǎn)到水平面的高度為【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)小球垂直落到擋板上時(shí)，速度擋

23、板垂直，將速度分解，可求得小球落到B點(diǎn)時(shí)速度和豎直分速度，再研究下落的高度和斜面的長(zhǎng)度問(wèn)題【解答】解：A、將B點(diǎn)速度分解為水平和豎直方向，根據(jù)幾何關(guān)系B點(diǎn)速度與水平方向的夾角為53，故A錯(cuò)誤；C、B點(diǎn)的豎直分速度，由幾何關(guān)系，得，所以小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率，故C錯(cuò)誤；B、初速度沿斜面方向的分量，重力加速度沿斜面的分量gcos37，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的公式得：斜面長(zhǎng)為故B錯(cuò)誤：D、斜面的豎值高度，平拋的豎直位移，B點(diǎn)到水平面的高度為，故D正確；故選：D【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合位移關(guān)系進(jìn)行求解8（2014江蘇二模）如圖所示，電路中所有元件完好，但

24、光照射到光電管上，靈敏電流計(jì)中沒(méi)有電流通過(guò)，其原因可能是（）A入射光太弱B入射光波長(zhǎng)太長(zhǎng)C光照時(shí)間短D電源正負(fù)極接反【考點(diǎn)】光電效應(yīng)【分析】當(dāng)入射光波長(zhǎng)小于金屬的極限波長(zhǎng)時(shí)，金屬能產(chǎn)生光電效應(yīng)當(dāng)光電管上加上反向電壓時(shí)，靈敏電流計(jì)中可能沒(méi)有電流通過(guò)【解答】解：A、光電管能否產(chǎn)生光電效應(yīng)與入射光的強(qiáng)度沒(méi)有關(guān)系故A錯(cuò)誤B、若入射光波長(zhǎng)太長(zhǎng)，大于金屬的極限波長(zhǎng)時(shí)，金屬不能產(chǎn)生光電效應(yīng)，靈敏電流計(jì)中沒(méi)有電流通過(guò)故B正確C、光電管能否產(chǎn)生光電效應(yīng)與光照時(shí)間沒(méi)有關(guān)系故C錯(cuò)誤D、電源正負(fù)極接反時(shí)，光電管加上反向電壓，光電子做減速運(yùn)動(dòng)，可能不能到達(dá)陽(yáng)極，電路中不能形成電流故D正確故選BD【點(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)光電效

25、應(yīng)產(chǎn)生的條件理解和應(yīng)用能力光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件是取決于入射光的頻率或波長(zhǎng)，與入射光的強(qiáng)度、光照時(shí)間沒(méi)有關(guān)系9下表列出了幾種不同物體在某種速度下的德布羅意波的波長(zhǎng)和頻率為1MHz的無(wú)線電波的波長(zhǎng)，由表中數(shù)據(jù)可知（）質(zhì)量（kg）速度（m/s）波長(zhǎng)（m）彈子球2.01021.01023.31030電子（100eV）9.110315.01061.21010無(wú)線電波（1MHz）3.01083.3102A要檢測(cè)彈子球的波動(dòng)性幾乎不可能B無(wú)線電波通常情況下表現(xiàn)出波動(dòng)性C電子照射到金屬晶體（大小約為1010m）上能觀察到波動(dòng)性D只有可見(jiàn)光才有波動(dòng)性【考點(diǎn)】光的波粒二象性【分析】物質(zhì)具有波粒二象性，波長(zhǎng)越長(zhǎng)時(shí)波動(dòng)

26、性越明顯，波長(zhǎng)越短時(shí)粒子性越明顯【解答】解：A、由表可知，彈子球的波長(zhǎng)為3.31030m，遠(yuǎn)小于宏觀物質(zhì)和微觀物質(zhì)的尺寸，故要檢測(cè)彈子球的波動(dòng)性幾乎不可能，故A正確；B、無(wú)線電波的波長(zhǎng)為3.0102m，大于普通物體的尺寸，很容易發(fā)生衍射，故通常情況下只能表現(xiàn)出波動(dòng)性，故B正確；C、電子的波長(zhǎng)為1.21010m，與原子的尺寸接近，故照射到金屬晶體上才能觀察到它的波動(dòng)性，故C正確；D、根據(jù)德布羅意的物質(zhì)波理論，電磁波和實(shí)物粒子都具有波粒二象性，故D錯(cuò)誤；故選：ABC【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵明確電磁波和實(shí)物粒子都具有波粒二象性，波長(zhǎng)越大時(shí)波動(dòng)性越明顯10（2015安徽一模）如圖甲所示，細(xì)繩跨過(guò)光滑的輕質(zhì)定滑

27、輪連接A、B兩球，滑輪懸掛在一個(gè)傳感器正下方，B球換用質(zhì)量m不同的球，而A球始終不變，通過(guò)計(jì)算機(jī)描繪得到傳感器拉力F隨B球質(zhì)量m變化的關(guān)系如圖乙所示，F(xiàn)=F0直線是曲線的漸近線，已知輕質(zhì)定滑輪質(zhì)量可看成零，重力加速度為g，則（）A根據(jù)圖線可以確定A球質(zhì)量m0=gB根據(jù)圖線可以計(jì)算B球?yàn)槟骋毁|(zhì)量m時(shí)其運(yùn)動(dòng)的加速度aCA、B球運(yùn)動(dòng)的加速度a一定隨B質(zhì)量m的增大而增大D傳感器讀數(shù)F一定小于A、B球總重力【考點(diǎn)】牛頓第二定律；作用力和反作用力【分析】對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，隔離分析，根據(jù)牛頓第二定律求出繩子拉力，從而得出傳感器拉力大小，當(dāng)m趨向于無(wú)窮大，傳感器示數(shù)趨向于F0，結(jié)合表達(dá)式

28、求出A球的質(zhì)量分別結(jié)合牛頓第二定律求出當(dāng)mm0，當(dāng)mm0時(shí)，加速度的表達(dá)式，從而分析判斷【解答】解：A、當(dāng)m較大時(shí)，對(duì)整體分析，加速度a=隔離對(duì)m分析，mgT=ma，解得T=，當(dāng)m趨向于無(wú)窮大，則F0=2T=4m0g，解得A球質(zhì)量m0=故A正確；B、知道B球的質(zhì)量，結(jié)合圖線可知道傳感器的拉力，從而知道繩子的拉力，隔離對(duì)B球分析，根據(jù)牛頓第二定律可以求出加速度故B正確；C、當(dāng)mm0，加速度a=m增大，則加速度增大；當(dāng)mm0時(shí)，加速度a=，當(dāng)m增大時(shí)，a減小故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)兩球的質(zhì)量相等，此時(shí)繩子拉力等于小球的重力，則傳感器示數(shù)F等于A、B球的總重力故D錯(cuò)誤故選：AB【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵能夠正確

29、地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，掌握整體法和隔離法的靈活運(yùn)用11（2014如皋市校級(jí)模擬）如圖為氫原子的能級(jí)示意圖，鋅的逸出功是3.34eV，那么對(duì)氫原子在能級(jí)躍遷過(guò)程中發(fā)射或吸收光子的特征認(rèn)識(shí)正確的是（）A用氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)射的光照射鋅板一定不能產(chǎn)生光電效應(yīng)B一群處于n=3能級(jí)的氫原子向基態(tài)躍遷時(shí)，發(fā)出的光照射鋅板，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能為8.75eVC用能量為10.3eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)D用能量為14.0eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子電離【考點(diǎn)】氫原子的能級(jí)公式和躍遷【分析】氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)出的光子的最小能量與鋅板

30、的逸出功的關(guān)系判斷是否發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象要使處于基態(tài)的氫原子電離，照射光光子的能量應(yīng)能使電子從基態(tài)躍遷到無(wú)限遠(yuǎn)處，最小頻率的電磁波的光子能量應(yīng)為：h=0E1【解答】解：A、氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)出的光子的最小能量為10.2eV，照射金屬鋅板一定能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B、氫原子從高能級(jí)向n=3的能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)出的光子的能量最小為E大=1.51+13.6=12.09eV，因鋅的逸出功是3.34ev，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動(dòng)能為EKm=12.093.34=8.75eV，故B正確；C、用能量為10.3eV的光子照射，小于12.09eV，不可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)，要正好

31、等于12.09eV，才能躍遷，故C錯(cuò)誤；D、能量為14OeV大于13.6eV，因此此光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子電離，故D正確；故選：BD【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道什么是電離，以及能級(jí)的躍遷滿足h=EmEn，注意吸收光子是向高能級(jí)躍遷，釋放光子是向低能級(jí)躍遷，同時(shí)掌握吸收或釋放能量要正好等于能級(jí)之差12下列說(shuō)法中正確的是（）A目前已建成的核電站的能量來(lái)自于重核裂變B一個(gè)氫原子從n=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時(shí)，能輻射3種不同頻率的光子C盧瑟福依據(jù)少數(shù)粒子發(fā)生大角度散射提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型D按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，原子總能量增大【考點(diǎn)】氫

32、原子的能級(jí)公式和躍遷；粒子散射實(shí)驗(yàn)【分析】核電站的能量來(lái)自于重核裂變；根據(jù)躍遷理論求出可能釋放頻率的種數(shù)和原子核能量的變化【解答】解：A、目前已建成的核電站的能量來(lái)自于重核裂變故A正確；B、一個(gè)氫原子從n=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時(shí)，最多能輻射2種不同頻率的光子故B錯(cuò)誤；C、粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù)粒子發(fā)生較大偏轉(zhuǎn)是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)故C正確D、按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，將吸收一定的能量，原子總能量增大；同時(shí)根據(jù)：可知，半徑增大時(shí)，電子的動(dòng)能減小故D正確故選：ACD【點(diǎn)評(píng)】本題考查了重核裂變、能級(jí)躍遷、粒子散射實(shí)驗(yàn)等知識(shí)，比較簡(jiǎn)單，關(guān)鍵要熟悉教

33、材，牢記這些基本知識(shí)點(diǎn)二、解答題（共6小題，滿分52分）13（8分）（2016秋陸川縣校級(jí)期末）氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒(méi)有摩擦我們可以用帶豎直擋板C和D的氣墊導(dǎo)軌以及滑塊A和B來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示（彈簧的長(zhǎng)度忽略不計(jì)），采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a用天平分別測(cè)出滑塊A、B的質(zhì)量mA、mBb調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，使導(dǎo)軌處于水平c在A和B間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧，用電動(dòng)卡銷(xiāo)鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上d用刻度尺測(cè)出A的左端至C板的距離L1e按下電鈕放開(kāi)卡銷(xiāo)，同時(shí)使分別記錄滑塊A、B運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開(kāi)始工作

34、當(dāng)A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時(shí)停止計(jì)時(shí)，記下A、B分別到達(dá)C、D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1和t2（1）實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)測(cè)量的物理量是B的右端至D板的距離L2（2）利用上述測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是mAmB=0，上式中算得的A、B兩滑塊的動(dòng)量大小并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因可能是測(cè)量時(shí)間、距離、質(zhì)量等存在誤差，由于阻力、氣墊導(dǎo)軌不水平等造成誤差（至少寫(xiě)出兩點(diǎn)）（3）利用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是否可以測(cè)出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能的大??？可以（填“可以”或“不可以”）【考點(diǎn)】驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律【分析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定測(cè)量的物理量，以及測(cè)量的步驟，根據(jù)原理列出動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式由能量守恒定律列方程，然后分析答題【

35、解答】解：（1）因系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒即：mAvAmBVB=0，由于系統(tǒng)不受摩擦，故滑塊在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)故有：vA=，vB=，所以還要測(cè)量的物理量是：B的右端至D板的距離L2（2）若要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律則：mAvAmBVB=0，帶入得：mAmB=0；由實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)步驟可知，產(chǎn)生誤差的原因：L1、L2、t1、t2、mA、mB的數(shù)據(jù)測(cè)量誤差；沒(méi)有考慮彈簧推動(dòng)滑塊的加速過(guò)程；滑塊并不是做標(biāo)準(zhǔn)的勻速直線運(yùn)動(dòng)滑塊與導(dǎo)軌間有少許摩擦力氣墊導(dǎo)軌不完全水平；（3）根據(jù)能量守恒定律被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能Ep=mAvA2+mBvB2，將vA，vB代入上式得：EPmA（）2+=mA（）2，可以測(cè)出彈簧的彈性勢(shì)

36、能；故答案為：（1）B的右端至D板的距離L2；（2）mAmB=0；測(cè)量時(shí)間、距離、質(zhì)量等存在誤差，由于阻力、氣墊導(dǎo)軌不水平等造成誤差（3）可以【點(diǎn)評(píng)】利用位移或位移與時(shí)間的比值表示物體的速度是物理實(shí)驗(yàn)中常用的一種方法，要注意掌握14（6分）（2012秋浙江期中）在用DIS研究小車(chē)加速度與外力的關(guān)系時(shí)，某實(shí)驗(yàn)小組先用如圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置，重物通過(guò)滑輪用細(xì)線拉小車(chē)，位移傳感器（發(fā)射器）隨小車(chē)一起沿傾斜軌道運(yùn)動(dòng)，位移傳感器（接收器）固定在軌道一端實(shí)驗(yàn)中把重物的重力作為拉力F，改變重物重力重復(fù)實(shí)驗(yàn)四次，列表記錄四組數(shù)據(jù)：a/ms22.012.984.026.00F/N1.002.003.005.0

37、0（1）在坐標(biāo)紙上作出小車(chē)加速度a和拉力F的關(guān)系圖（c）線；（2）從所得圖線分析該實(shí)驗(yàn)小組在操作過(guò)程中的不當(dāng)之處是：傾角過(guò)大，平衡摩擦力過(guò)度；（3）如果實(shí)驗(yàn)時(shí)，在小車(chē)和重物之間接一個(gè)不計(jì)質(zhì)量的微型力傳感器用來(lái)測(cè)量拉力F，如圖（b）所示從理論上分析，該實(shí)驗(yàn)圖線的斜率將變大（填“變大”，“變小”，“不變”）【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【分析】（1）根據(jù)所提供數(shù)據(jù)采用描點(diǎn)法可正確畫(huà)出加速度a和拉力F的關(guān)系圖線（2）根據(jù)所畫(huà)圖象可得出正確結(jié)果（3）根據(jù)牛頓第二定律，得出圖線斜率表示的物理意義，從而判斷圖線斜率的意義【解答】解：（1）根據(jù)所給數(shù)據(jù)，畫(huà)出小車(chē)加速度a和拉力F的關(guān)系圖線如下圖

38、所示：（2）由圖象可知，當(dāng)小車(chē)?yán)榱銜r(shí)，已經(jīng)產(chǎn)生了加速度，故在操作過(guò)程中斜面的傾角過(guò)大，平衡摩擦力過(guò)度（3）根據(jù)牛頓第二定律得，a=，知圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)掛重物時(shí)，a=，圖線的斜率表示系統(tǒng)質(zhì)量的倒數(shù)，用力傳感器時(shí)，加速度a=圖線的斜率表示小車(chē)質(zhì)量M的倒數(shù)，可知圖線的斜率變大故答案為：（1）如圖；（2）傾角過(guò)大，平衡摩擦力過(guò)度；（3）變大【點(diǎn)評(píng)】實(shí)驗(yàn)裝置雖然有所變動(dòng)，但是實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)方法、操作細(xì)節(jié)等是一樣的，故任何實(shí)驗(yàn)明確實(shí)驗(yàn)原理是解答實(shí)驗(yàn)的關(guān)鍵15（2011新課標(biāo)）在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，某金屬的截止頻率相應(yīng)的波長(zhǎng)為0，該金屬的逸出功為若用波長(zhǎng)為（0）的單色光做該實(shí)驗(yàn)，則其遏止電壓為已知電

39、子的電荷量、真空中的光速和普朗克常量分別為e、c和h【考點(diǎn)】愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程【分析】逸出功W0=hc，根據(jù)該公式求出金屬逸出功的大小根據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合Ekm=eU求出遏止電壓的大小【解答】解：金屬的逸出功根據(jù)光電效應(yīng)方程知：，又Ekm=eU，則遏止電壓U=故答案為：，【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及掌握最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系16（8分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)現(xiàn)將A無(wú)初速釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體，并沿桌面滑動(dòng)已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m；A和B的質(zhì)量相等；A和B整體與桌面之間的

40、動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2重力加速度g取10m/s2求：（1）碰撞前瞬間A的速率v；（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率v；（3）A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離l【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；機(jī)械能守恒定律【分析】（1）A到B的過(guò)程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出碰撞前A的速度（2）A、B碰撞的過(guò)程中動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出碰撞后整體的速率（3）對(duì)AB整體運(yùn)用動(dòng)能定理，求出AB整體在桌面上滑動(dòng)的距離【解答】解：設(shè)滑塊的質(zhì)量為m（1）A下滑過(guò)程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mgR=mv2，代入數(shù)據(jù)解得，解得碰撞前瞬間A的速率：v=2m/s（2）A、B碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以A的初速度方向?yàn)?/p>

41、正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv=2mv，代入數(shù)據(jù)解得，碰撞后瞬間A和B整體的速率：v=1m/s（3）對(duì)A、B系統(tǒng)，由動(dòng)能定理得：2mv2=2mgl，代入數(shù)據(jù)解得，A和B整體沿水平桌面滑動(dòng)的距離：l=0.25m答：（1）碰撞前瞬間A的速率v為2m/s；（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率v為1m/s；（3）A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離l為0.25m【點(diǎn)評(píng)】本題考查了機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒、動(dòng)能定理的綜合，難度中等，知道機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒的條件，關(guān)鍵是合理地選擇研究對(duì)象和過(guò)程，選擇合適的規(guī)律進(jìn)行求解17（12分）（2007南京模擬）一個(gè)靜止的鈾核（原子質(zhì)量為232.0372u）放出一個(gè)粒子（原子質(zhì)量為

42、4.0026u）后衰變成釷核（原子質(zhì)量為228.0287u）（已知：原子質(zhì)量單位1u=1.661027kg，1u相當(dāng)于931MeV）（1）寫(xiě)出核衰變反應(yīng)方程；（2）算出該核衰變反應(yīng)中釋放出的核能；（3）假設(shè)反應(yīng)中釋放出的核能全部轉(zhuǎn)化為釷核和粒子的動(dòng)能，則釷核獲得的動(dòng)能有多大？【考點(diǎn)】愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程；原子核衰變及半衰期、衰變速度【分析】（1）粒子的符號(hào)是He，根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒書(shū)寫(xiě)核衰變反應(yīng)方程；（2）求出質(zhì)量虧損，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求解核衰變反應(yīng)中釋放出的核能；（3）根據(jù)能量守恒和動(dòng)量守恒求解釷核獲得的動(dòng)能【解答】解：（1）核衰變反應(yīng)方程為：UHe+Th（2）該核衰變反應(yīng)中質(zhì)量虧損為m=232.0372u4.0026u228.0287u=0.0059u 根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程得，