1、第二輪能力專題: 三種典型力學模型的分析,三種模型及其概要,三種模型是指：碰撞模型、人船模型、子彈打木塊模型,碰撞的分類,彈性碰撞,非彈性碰撞,完全非彈性碰撞,1碰撞模型:,碰撞過程的力學特征：,經(jīng)歷的時間極短，所經(jīng)歷的時間在整個力學過程中可以忽略；碰撞雙方相互作用的內(nèi)力往往是遠大于外力，系統(tǒng)在碰撞前后遵從總動量守恒定律，且碰撞前后能量不會增加,彈性碰撞特例：,遵從碰撞前后系統(tǒng)的總動量守恒定律,即 m11+m22=m1u1+m2u2,遵從碰撞前后系統(tǒng)的總動能相等,即,m112+m222=m1u12+m1u22,由此可得碰后的速度,且碰撞前后,雙方的相對速度大小相等,即u2u1=v1v2,完全非

2、彈性碰撞特例：,遵從碰撞前后系統(tǒng)的總動量守恒定律,即 m11+m22=m1u1+m2u2,具備碰撞雙方碰后的速度相等的特征，即,E=m112+m222m1u12m2u22 =m112+m222,碰撞過程中機械能損失最大,2人船模型,“人船模型”是由人和船兩個物體構成的系統(tǒng)；該系統(tǒng)在人和船相互作用下各自運動，運動過程中該系統(tǒng)所受到的合外力為零，即系統(tǒng)在運動過程中總動量守恒。,原型：,長為L、質(zhì)量為M的小船停在靜水中，一個質(zhì)量為m的人立在船頭。若不計水的阻力，當人從船頭走到船尾的過程中，系統(tǒng)在水平方向不受外力作用，水平方向上動量守恒，人走動過程中的每時每刻它們的總動量都是零。設人的速度為v人，船的

3、速度為v船，人經(jīng)t秒從船頭到船尾，人相對岸的位移為s人，船相對岸的位移為s船.,由動量守恒定律得： mv人=Mv船,滿足相似的關系。即,兩邊同乘以運動時間t，則,即 ms人=Ms船,而 s人+s船=L，所以有：,3子彈打木塊模型,原型:如圖所示，一顆質(zhì)量為m的子彈以速度v0射入靜止在光滑水平面上的木塊M中且未穿出。設子彈與木塊間的摩擦為f。子彈打進深度d相對木塊靜止，此時木塊前進位移為s。,對子彈由動能定理有： ,對系統(tǒng)，由動量守恒有： mv0=（Mm）v ,對木塊由動能定理： ,將相加可得 ,相互作用的力f與相時位移的大小d的乘積，等于子彈與木塊構成的系統(tǒng)的動能的減少量，亦即產(chǎn)生的內(nèi)能。,由

4、和可得動能的損失值：,故打入深度,明確:當構成系統(tǒng)的雙方相對運動出現(xiàn)往復的情況時,公式中的d應就理解為“相對路程”而不是“相對位移的大小”.,1碰撞模型,例1 甲、乙兩球在光滑水平軌道上向同方向運動，已知它們的動量分別是p甲=5kgm/s，p乙=7 kgm/s。甲從后面追上乙并發(fā)生碰撞，碰后乙球的動量變?yōu)?0kgm/s，則兩球質(zhì)量m甲與m乙的關系可能是下面的哪幾種？ （ ） A.m甲m乙 B.m乙2m甲 C.m乙4m甲 D.m乙6m甲,解析：,從題中給出的選項看，m甲、m乙是倍數(shù)關系，這樣可用km甲來表示m乙，,設碰前甲、乙兩球的速度為v甲、v乙，碰后甲、乙兩球的速度為v/甲、v/乙。,因甲從

5、后面追上乙發(fā)生碰撞，則在碰前甲的速度應大于乙的速度，即v甲v乙。,由已知m甲v甲=5，m乙v乙=7，則有 ,由動量守恒定律可知，碰后甲的動量為2kgm/s，又因碰后，乙的速度大于等于甲的速度，v/乙v/甲，,則同理也有 ,在碰撞的過程中，未說動能有無損失，這樣可列出動能的不等式為,將已知量代入，并分別解上述不等式；,由,由此可知，只有選項C正確。,A.m甲m乙 B.m乙2m甲 C.m乙4m甲 D.m乙6m甲,例2 如圖所示質(zhì)量為m的滑塊靜止在光滑的水平桌面上，滑塊的光滑弧面底部與桌面相切，一個質(zhì)量為m的小球以速度v0向滑塊飛來，設小球不會越過滑塊，求滑塊能獲得的最大速度？此后小球做什么運動?,

6、解析：小球m在滑塊M上先上升再下落，整個過程中M一直在加速，故M的最大速率出現(xiàn)在m與M分離時刻，整個相互作用的過程中系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒。即,由方程可以看出，屬于彈性碰撞模型，故,V1=0,小球做自由落體運動,例3 如圖所示，水平光滑軌道寬和彈簧自然長度均為d。m2的左邊有一固定擋板。ml由圖示位置靜止釋放，當m1與m2相距最近時m1速度為v1，求在以后的運動過程中m1的最小速度和m2的最大速度。,解析：,m1與m2相距最近時m1的速度v1為其最大速度，在以后的運動中，m1先減速，m2先加速；,當兩者速度相等時，相距最遠，此后m1將繼續(xù)減速，而m2將繼續(xù)加速。當它們距再次相距d時，m1減速

7、結束，而m2加速結束，此時m1與m2的速度v1/、v2/即為所求。以后m2將減速運動，而m1將加速運動，,此即彈性碰撞模型，則,例4：如圖,弧形斜面質(zhì)量為M,靜止于光滑水平上，一質(zhì)量為m的小球以速度VO向左運動，小球最多能升高到離水平面h處，求該系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量。,解：小球減少的動能轉化為小球的重力勢能和產(chǎn)生的熱量，即EK=Q+ mgh,由完全非彈性碰撞模型知EK=,所以Q=EKmgh= mgh.,例5:如圖.質(zhì)量為m的小車靜止在光滑的水平軌道上,長為L的細線一端固定在小車上,另一端拴一質(zhì)量也為m的小球.現(xiàn)給小球一初速度V,求其能上升的最大高度為多少?,解：當小球上升到最高點時,二者具有共同速

8、度,符合上述模型的條件.系統(tǒng)減少的動能 EK全部轉化為小球的重力勢能EP=m球gh,例6：如圖,在光滑的水平上,依次有質(zhì)量分別為m、2m、3m、10m的10個小球,排成一直線,彼此有一定的距離.開始時,后面的9個小球是靜止的,第一個小球以初速度VO向著第二小球碰去,結果它們先后全部粘合在一起向前運動,由于連續(xù)地碰撞,系統(tǒng)損失的機械能為多少？,解：,把后面的9個小球看成一個整體，由完全非彈性碰撞模型,有,解：取人和氣球為對象，系統(tǒng)開始靜止且同時開始運動，人下到地面時，人相對地的位移為h，設氣球對地位移L，則根據(jù)推論有 ML=mh,例7:載人氣球原來靜止在空中，與地面距離為h ，已知人的質(zhì)量為m

9、，氣球質(zhì)量（不含人的質(zhì)量）為M。若人要沿輕繩梯返回地面，則繩梯的長度至少為多長？,2人船模型,解：劈和小球組成的系統(tǒng)水平方向 不受外力，故水平方向動量守恒，且初始時兩物均靜止，故由推論知ms1=Ms2,其中s1和s2是m和M對地的位移，由上圖很容易看出：s1=b-s2代入上式得，m(b-s2)=Ms2, 所以 s2=mb/(M+m)即為M發(fā)生的位移。,例8.一個質(zhì)量為M,底面邊長為 b 的劈靜止在光滑的水平面上，見左圖，有一質(zhì)量為 m 的物塊由斜面頂部無初速滑到底部時，劈移動的距離是多少？,拓展：如圖所示，三個形狀不同，但質(zhì)量均為M的小車停在光滑水平面上，小車上質(zhì)量為m的滑塊，由靜止開始從一端

10、滑至另一端，求在此過程中，小車和滑塊對地的位移是多少？,解:滑塊與圓環(huán)組成相互作用的系統(tǒng)，水平方向動量守恒。雖均做非勻速運動，但可以用平均動量的方法列出動量守恒表達式。,設題述過程所用時間為 t，圓環(huán) 的位移為s，則小滑塊在水平方向上對地的位移為（R-s），如圖所示.,即 Ms=m(Rs),拓展:如圖所示，質(zhì)量為M，半徑為R的光滑圓環(huán)靜止在光滑水平面上，有一質(zhì)量為 m 的小滑塊從與環(huán)心O等高處開始無初速下滑到達最低點時，圓環(huán)發(fā)生的位移為多少？,取圓環(huán)的運動方向為正，由動量守恒定律得,例9.如圖所示，寬為d、質(zhì)量為M的正方形木靜止在光滑水平面上，一質(zhì)量m的小球由靜止開始沿“Z”字通道從一端運動到

11、另一端，求木塊-和小球的對地位移.,解：,把小球和木塊看成一個系統(tǒng),由于水平方向所受合外力為零,則水平方向動量守恒.,設小球的水平速度為v1、木塊的速度為v2，則有 mv1=Mv2 若小球對地位移為 s1、木塊對地位移為s2，則有 ms1=Ms2,且 s1+s2=d 解得,例10. 質(zhì)量為M的船靜止于湖水中，船身長L,船頭、船尾分別站著甲、乙兩人，甲的質(zhì)量為m1，乙的質(zhì)量為m2，且m1m2，求當甲、乙兩人交換位置后，船身位移的大小是多少？,解析：,船及甲、乙兩人組成的系統(tǒng)水平方向不受外力作用，故水平方向動量守恒，系統(tǒng)每時每刻總動量為零，符合人船模型的條件。,甲、乙兩人互換位置相當于質(zhì)量為（ml

12、m2）的人在質(zhì)量為M2m2的船上，從甲的位置走到乙的位置，如圖所示。,可以應用人船模型的結論,得船的位移：,例11、質(zhì)量為M=4.0kg的平板小車靜止在光滑的水平面上，如圖所示，當t=0時，兩個質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg的小物體A、B都以大小為v0=7m/s。方向相反的水平速度，同時從小車板面上的左右兩端相向滑動。到它們在小車上停止滑動時，沒有相碰，A、B與車間的動摩擦因數(shù)=0.2，取g=10m/s2,求： （1）A在車上剛停止滑動時，A和車的速度大小 （2）A、B在車上都停止滑動時車 的速度及此時車運動了多長時間。 （3）在給出的坐標系中畫出小車 運動的速度時間圖象。,解:(1)當

13、A和B在車上都滑行時，在水平方向它們的受力分析如圖所示：,由受力圖可知，A向右減速， B向左減速，小車向右加速，所以首先是A物塊速度減小到與小車速度相等。,設A減速到與小車速度大小相等時，所用時間為t1，其速度大小為v1，則：,v1=v0-aAt1 mAg=mAaB v1=a車t1 mAg-mBg=Ma車 ,由聯(lián)立得：v1=1.4m/s t1=2.8s,（2）根據(jù)動量守恒定律有： mAv0mBv0=(M+mA+mB)v v=1m/s ,總動量向右，當A與小車速度相同時，A與車之間將不會相對滑動了。,設再經(jīng)過t2時間小物體A與B、車速度相同，則： v=v1aBt2 mBg=(mAm車)aB 由式

14、得：t2=1.2s,所以A、B在車上都停止滑動時，車的運動時間為t=t1+t2=4.0s,（3）由（1）可知t1=2.8s時，小車的速度為v1=1.4m/s，在0t1時間內(nèi)小車做勻加速運動。在t1t2時間內(nèi)小車做勻減速運動，末速度為v=1.0m/s,小車的速度時間圖如圖所示,3子彈打木塊模型,例12 如圖所示，在光滑水平面上有一質(zhì)量為M的盒子，盒子中央有一質(zhì)量為m的小物體（大小可忽略），它與盒底部的摩擦系數(shù)為。盒子內(nèi)部長L，現(xiàn)給物體m以水平初速v0向右運動。設物體與壁碰撞時無能量損失。求：（1）物體相對盒子靜止時，盒的速度大?。?（2）物體m與盒壁碰撞的碰撞次數(shù)。,解析：,由m以v0開始運動到

15、m與M 相對靜止的全過程中，系統(tǒng)動量守恒，符合子彈打木塊模型。即,mv0=（Mm）v,由,可得,所以,例13、如圖所示,傾角370的固定斜面AB長L=12m,質(zhì)量為M=1kg的木塊由斜面上的中點C從靜止開始下滑,0.5s時被一顆質(zhì)量為m=20g的子彈以v0=600m/s沿斜面向上的速度正對木塊射入并穿出,穿出時速度u=100m/s.以后每隔1.5s就有一顆子彈射入木塊,設子彈射穿木塊的時間可忽略不計，且每次射入木塊對子彈的阻力都相同。已知木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.25。(g取10m/s2，sin3700.60，cos3700.80)，求： 第一顆子彈從木塊中穿出時木塊的速度大小和方向。 木

16、塊在斜面上最多能被多少顆子彈擊中。 在木塊從C點開始運動到最終離 開斜面的過程中，子彈、木塊和 斜面這一系統(tǒng)所產(chǎn)生的總熱量是 多少。,解：,（1）木塊開始下滑時: MgsinMgcos=Ma1 a1 = g(sincos) = 4m/s2,末速度v1 = a1t1 = 2m/s,設第一顆子彈穿過木塊時木塊的速度大小為V1/,方向沿斜面向上： 由動量守恒定律: mv0 Mv1 = mu + Mv1/ v1/ =8m/s 方向沿斜面向上,(2）木塊沿斜面上滑時： 對木塊:由 MgsinMgcos=Ma2 a2=8m/s2,上滑時間：,上滑位移：,t21.5s ，第二顆子彈擊中木塊前，木塊上升到最高

17、點P1后又會下滑0.5秒。,故木塊到A點的最大距離為：,木塊從P1再次下滑0.5s秒后被第二顆子 彈擊中，與第一顆子彈擊中后過程完全相同，故再次上滑的位移仍為4m. 9.5 + 4 0.5 = 13m 12m,由此可知，第二顆子彈擊中木塊后，木塊將滑出斜面。故共有兩顆子彈擊中木塊。,（3） 全過程系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱量可分兩部分：,兩顆子彈穿過木塊所產(chǎn)生的內(nèi)能為：,6940 J,木塊在斜面上滑行時所產(chǎn)生的內(nèi)能：,木塊在斜面上滑行的總路程為:s=0.5+4+0.5+3= 8m,那么產(chǎn)生的內(nèi)能為：U2 = Mgcoss = 16 J,總全過程系統(tǒng)所產(chǎn)生的熱量為:U=U1 +U2 =6956J,例14：如

18、圖甲,一質(zhì)量為0.4kg足夠長且粗細均勻的絕緣細管置與水平地面上,細管內(nèi)表面粗糙,外表面光滑有一質(zhì)量為0.1kg電量為0.1C的帶正電小球沿管以水平向右的速度進入管內(nèi)，細管內(nèi)徑略大于小球直徑,已知細管所在位置有水平方向垂直于管向里的勻強磁場,磁感應強度為1特g取10m/s2),（2）若細管不固定,帶電小球以v0=20m/s的初速度進入管內(nèi),且整個運動過程中細管沒有離開地面,則系統(tǒng)最終產(chǎn)生的內(nèi)能為多少?,(1)當細管固定不動時,在乙圖中畫出小球在管中運動初速度和最終穩(wěn)定速度的關系圖象（取水平向右為正方向,解：,帶正點的小球受力如圖,洛侖磁力隨速度的變化而變化，導致支持力、摩擦力的變化。,當洛侖磁力等于重力時摩擦力為0.此時, 小球 和細管的速度保持不變。達到穩(wěn)定的運動狀 態(tài).則：當qvB=mg時v=mg/qB=10m/s,（1）當初速度小于10m/s時，支持力方向向