1、通遼市2020屆高三增分訓(xùn)練（四）理科綜合卷物理部分一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.小球以某一初速度由地面豎直向上運動。當其落回地面時會與地面發(fā)生碰撞并反彈。如此上升、下落及反彈數(shù)次。若規(guī)定豎直向下為正方向，不計碰撞時間和空氣阻力，下列vt圖像中能正確描述小球運動的是（）a. b. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】小球以某一初速度由地面豎直向上運動過程中，只受到豎直向下的重力，加速度為；下落過程只受到豎直向下的重力，做自由落體運動，

2、加速度為；接觸地面反彈后速度立即變成反向，做豎直上拋運動，小球在空中運動的加速度一直是，則圖象的斜率不發(fā)生變化，但由于碰撞中存在能量損失，所以小球彈起時的速度越來越小，故a、b、c錯誤，d正確；故選d。2.光電效應(yīng)的發(fā)現(xiàn)使人們對光有了新的認識。用圖（a）裝置觀察光電效應(yīng)，將不帶電的鋅板與驗電器相連，驗電器箔片閉合；用弧光燈發(fā)出的紫外線照射鋅板，發(fā)現(xiàn)驗電器箔片張開。已知鋅的逸出功為3.34ev，原子的能級圖如圖（b）所示。下列說法正確的（）a. 紫外線照射鋅板時，鋅板失去電子帶正電，驗電器箔片得到電子帶負電b. 若用光子能量為1.82ev的某單色光照射鋅板，只要照射足夠長的時間，驗電器箔片也一定

3、會張開c. 用大量處于n=4能級氫原子發(fā)出的光照射鋅板，逸出光電子的最大初動能為9.41evd. 用大量處于n=4能級的氫原子發(fā)出的光照射鋅板，其中有4種頻率的光可以使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)【答案】c【解析】【詳解】a紫外線照射鋅板時發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，電子從鋅板上飛出，鋅板帶上正電，發(fā)現(xiàn)驗電器箔片張開，說明驗電器箔片帶正電，故a錯誤；b由于，所以若用光子能量為1.82ev的某單色光照射鋅板，不能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)，驗電器箔片不會張開，故b錯誤；c大量處于能級的氫原子向能級躍遷時，輻射的最大光子能量為根據(jù)光電效應(yīng)方程得逸出光電子的最大初動能為故c正確；d一群處于能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，輻射光子種類數(shù)

4、目為種，其中同理31也可，所以有3種大于3.34ev，則有3種不同頻率的光能使鋅發(fā)生光電效應(yīng)，故d錯誤；故選c。3.如圖所示，真空中，垂直于紙面向里的勻強磁場只在兩個同心圓所夾的環(huán)狀區(qū)域存在(含邊界)，兩圓的半徑分別為r、3r，圓心為o一重力不計的帶正電粒子從大圓邊緣的p點沿po方向以速度v1射入磁場，其運動軌跡如圖，軌跡所對的圓心角為120°若將該帶電粒子從p點射入的速度大小變?yōu)関2時，不論其入射方向如何，都不可能進入小圓內(nèi)部區(qū)域，則v1：v2至少為a. b. c. d. 2【答案】b【解析】【詳解】粒子在磁場中做圓周運動，如圖：由幾何知識得：，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得

5、：，解得：；當該帶電粒子從p點射入的速度大小變?yōu)関2時，若粒子豎直向上射入磁場粒子恰好不能進入磁場時，即粒子軌道半徑，則不論其入射方向如何，都不可能進入小圓內(nèi)部區(qū)域，此時洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，則：，故b正確，acd錯誤4.在如圖所示電路中，電源電動勢為e，內(nèi)阻為r，l1和l2為兩個相同的燈泡，每個燈泡的電阻和電源內(nèi)阻的阻值均相同。d為理想二極管，c為電容器，開關(guān)s處于斷開狀態(tài)。下列說法中正確的是（）a. 滑動變阻器滑片向右移動，電流表示數(shù)變小b. 滑動變阻器滑片向右移動，電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率變小c. 開關(guān)s閉合后，l2亮度變暗d. 開關(guān)s閉合后，電流表示數(shù)不變【答案】d

6、【解析】【詳解】ab滑動變阻器與電容串聯(lián)，所在支路可視斷路，所以滑動變阻器滑片滑動，電流表示數(shù)不變，電源輸出電流不變，電源內(nèi)阻發(fā)熱功率不變，選項ab錯誤。cd開關(guān)s閉合后，由于二極管的單向?qū)щ娦?，二極管中無電流，l2亮度不變，電流表示數(shù)不變，選項c錯誤，d正確。故選d。5.如圖所示，地球衛(wèi)星p繞某地球做勻速圓周運動，地球相對飛行器的張角為=2；另一衛(wèi)星q的張角為4則p與q的周期之比為a. b. c. d. 【答案】d【解析】【詳解】根據(jù)幾何關(guān)系可知衛(wèi)星p的軌道半徑為 衛(wèi)星q的軌道半徑為 根據(jù)開普勒第三定律，可知p與q的周期之比為，故d正確；acd錯誤6.如圖所示，abc為紙面內(nèi)邊長為l的正三角

7、形，空間存在著平行于紙面的勻強電場，在a點向紙面內(nèi)各個方向射出速度大小相同的電子，電子的電量為e，質(zhì)量為m，結(jié)果到達b點時的電子速度恰好為零， 到達c點的電子速度大小為v，則下列判斷正確的是 a. 粒子從a點射出的速度大小為2vb. 勻強電場的電場強度大小為c. 勻強電場的電場強度方向由a指向bd. b、c兩點間的電勢差為【答案】bc【解析】【詳解】ab由動能定理，從a到b的過程中，從a到c的過程中，得到，故a錯誤b正確；c由于到達b點的電子速度恰好為零，因此到達b點的電子一定做的是勻減速直線運動，因此電場的方向一定是從a點指向b點，故c正確；d b、c兩點間的電勢差故d錯誤.7.如圖所示，甲

8、、乙兩種粗糙面不同但高度相同的傳送帶，傾斜于水平地面放置。以同樣恒定速率v向上運動現(xiàn)將一質(zhì)量為m的小物體（視為質(zhì)點）輕輕放在a處，小物體在甲傳送帶上到達b處時恰好達到傳送帶的速率v；在乙傳送帶上到達離b豎直高度為h的c處時達到傳送帶的速率v，已知b處離地面高度為h，則在物體從a到b的運動過程中（）a. 甲傳送帶與小物體間的動摩擦因數(shù)小于乙傳送帶與小物體間的動摩擦因數(shù)b. 將小物體傳送到b處，甲傳送帶消耗的電能小于乙傳送帶消耗的電能c. 甲傳送帶對小物體做的功小于乙傳送帶對小物體做的功d. 將小物體傳送到b處，甲產(chǎn)生的熱量大于乙產(chǎn)生的熱量【答案】ad【解析】【詳解】a根據(jù)公式可知物體加速度關(guān)系為

9、由牛頓第二定律則有由此可知即甲傳送帶與小物體間的動摩擦因數(shù)小于乙傳送帶與小物體間的動摩擦因數(shù)，故a正確；bcd傳送帶對小物體做功等于小物塊機械能的增加量，兩種情況下物體動能的增加量相等，重力勢能的增加量也相同，即機械能的增加量相等，根據(jù)功能關(guān)系知，兩種傳送帶對小物體做功相等，由摩擦生熱知對甲有聯(lián)立可得對乙有聯(lián)立可得所以有根據(jù)能量守恒定律，電動機消耗的電能等于摩擦產(chǎn)生的熱量與物塊增加機械能之和，因物塊兩次從a到b增加的機械能相同，所以將小物體傳送到b處，兩種傳送帶消耗的電能甲更多，故b、c錯誤，d正確；故選ad。8.如圖所示，質(zhì)量m的小球套在固定傾斜的光滑桿上，原長為l0的輕質(zhì)彈簧一端固定于o點

10、，另一端與小球相連，彈簧與桿在同一豎直平面內(nèi)圖中ao水平，bo間連線長度恰好與彈簧原長相等，且與桿垂直， o在o的正下方，c是ao段的中點，30°現(xiàn)讓小球從a處由靜止釋放，下列說法正確的有a. 下滑過程中小球的機械能守恒b. 小球滑到b點時的加速度為c. 小球下滑到b點時速度最大d. 小球下滑到c點時的速度為【答案】bd【解析】【分析】由題中“質(zhì)量m的小球套在固定傾斜的光滑桿上”可知，本題考查物體運動過程中能量、速度和加速度的變化，根據(jù)能量守恒定律和牛頓第二定律可分析本題【詳解】a、下滑過程中小球的機械能會和彈簧的彈性勢能相互轉(zhuǎn)化，因此小球的機械能不守恒，故a錯誤；b、因為在b點，彈

11、簧恢復(fù)原長，因此重力沿桿的分力提供加速度，根據(jù)牛頓第二定律可得解得故b正確；c、到達b點加速度與速度方向相同，因此小球還會加速，故c錯誤；d、因為c是ao段的中點，30°，所以當小球到c點時，彈簧的長度與在a點時相同，故在從a到c的過程中彈簧彈性勢能沒變，小球重力做功全部轉(zhuǎn)化為小球的動能，所以得解得故d正確三、非選擇題：共62分。第912題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1316題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題9.將兩根自然長度相同、勁度系數(shù)不同、粗細也不同彈簧套在一起，看成一根新彈簧，設(shè)原粗彈簧（記為a）勁度系數(shù)為k1，原細彈簧（記為b）勁度系數(shù)為k2，套成的新彈簧（

12、記為c）勁度系數(shù)為k3。關(guān)于k1、k2、k3的大小關(guān)系，同學(xué)們做出了如下猜想：甲同學(xué)：和電阻并聯(lián)相似，可能是乙同學(xué)：和電阻串聯(lián)相似，可能是k3=k1k2丙同學(xué)：可能是(1)為了驗證猜想，同學(xué)們設(shè)計了相應(yīng)的實驗（裝置見圖甲）。(2)簡要實驗步驟如下，請完成相應(yīng)填空。將彈簧a懸掛在鐵架臺上，用刻度尺測量彈簧a的自然長度l0；在彈簧a的下端掛上鉤碼，記下鉤碼的個數(shù)n、每個鉤碼的質(zhì)量m和當?shù)氐闹亓铀俣却笮，并用刻度尺測量彈簧的長度l1；由f=_計算彈簧的彈力，由x=l1l0計算彈簧的伸長量，由計算彈簧的勁度系數(shù)；改變鉤碼的個數(shù)，重復(fù)實驗步驟、，并求出彈簧a的勁度系數(shù)的平均值k1；僅將彈簧分別換為b

13、、c，重復(fù)上述操作步驟，求出彈簧b、c的勁度系數(shù)的平均值k2、k3，比較k1、k2、k3并得出結(jié)論。(3)圖乙是實驗得到的圖線，由此可以判斷同學(xué)_的猜想正確?！敬鸢浮?(1). nmg (2). 乙【解析】【詳解】(2)1根據(jù)共點力平衡可知(3)2由圖可知由此可知滿足故乙的猜想正確。10.如圖所示的電路圖是利用半偏法測量一塊電流計g（量程300，內(nèi)阻100到200之間）的內(nèi)阻。現(xiàn)有器材如下：a直流電源（輸出電壓12v）b電阻箱（999.9）c滑動變阻器（500）d滑動變阻器（5k）e滑動變阻器（50k）（1）電阻器選用_，電阻器選用_。（填器材前的字母）（2）為了測定電流計g的內(nèi)阻，在接通電路

14、前，先把電阻器r1的阻值調(diào)到最大。然后操作必要的步驟依次是_（填選項前的字母），最后記錄r2的阻值。a閉合b閉合c調(diào)節(jié)的阻值，使電流計指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度d調(diào)節(jié)的阻值，使電流計指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半e調(diào)節(jié)的阻值，使電流計指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的f調(diào)節(jié)的阻值，使電流計指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度（3）若電流計滿刻度的時，r2的阻值為120.0，則電流計內(nèi)阻rg的測量值為_，由于存在系統(tǒng)誤差，該測量值_電流計內(nèi)阻的真實值（填“大于”或“小于”）【答案】 (1). b (2). e (3). acbe (4). 2400 (5). 小于【解析】【詳解】(1)1r2應(yīng)選電阻箱，通過讀出電阻箱的阻值來確定電流計的內(nèi)阻。2由于

15、電源電動勢12v，電流計g的滿偏電流為300，回路總電阻因此電阻器r1選e。(2)3選閉合k1，調(diào)整滑動變阻器r1，使電流計g達到滿偏，再閉合k2，調(diào)整r2，使電流計示數(shù)達滿偏的，與半偏法原理相同，因此順序為acbe。(3)4由于電阻箱與電流計并聯(lián)，電壓相同，因此可得5由于接入電阻箱r2，使整個回路總阻減小，總電流增大，而流過電流計的電流為原來的，因此流過電阻箱r2的電流略大于原電流的，因此r2的阻值應(yīng)小于的一半，而測量的結(jié)果認為等于的一半，因此測量值小于真實值。11.已知半徑為r的小球在空氣中下落時受到的粘滯阻力f滿足如下規(guī)律：f=6vr，公式中為空氣與小球間的粘滯系數(shù)。一同學(xué)欲使用傳感器通

16、過實驗測定粘滯系數(shù)，他將一個半徑為r0、質(zhì)量為m的小球從空中某位置由靜止釋放，測得小球速度為v0時，加速度大小為a0，若忽略空氣浮力，已知當?shù)刂亓铀俣葹間，求：(1)粘滯系數(shù)；(2)若測得小球下落h高度時達到最大速度，求此過程中小球損失的機械能和下落時間?！敬鸢浮?1)；(2)；【解析】【詳解】(1)對小球根據(jù)牛頓第二定律可得其中解得粘滯系數(shù)(2)達到最大速度時，根據(jù)平衡條件可得其中可得最大速度為根據(jù)功能關(guān)系可得解得根據(jù)動量定理可得其中聯(lián)立可得12.如圖所示，平行光滑金屬導(dǎo)軌pq、mn分別由一段圓弧和水平部分組成，水平部分固定在絕緣水平面上，導(dǎo)軌間距為l、m、p間接有阻值為r的定值電阻，導(dǎo)軌

17、水平部分在cd、ef間有垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場i，磁感應(yīng)強度大小為b，gh右側(cè)有垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場ii，磁感應(yīng)強度大小為2b，金屬棒b垂直導(dǎo)軌放在導(dǎo)軌的ef、gh之間，金屬棒a在圓弧導(dǎo)軌上離水平面高h處由靜止釋放，金屬棒在導(dǎo)軌上運動過程中始終與導(dǎo)軌接觸良好并與導(dǎo)軌垂直，兩金屬棒接入電路的電阻均為r，質(zhì)量均為m，cd、ef間的距離為2h，重力加速度為g，金屬棒a與b碰撞后粘在一起，最后金屬棒a、b停在磁場ii區(qū)域內(nèi)，求：(1)金屬棒a通過磁場i的過程中，通過定值電阻的電量；(2)金屬棒a離開磁場i時的速度大??；(3)金屬棒a、b一起在磁場ii中運動的距離x?！敬鸢浮?1)； (2)；

18、 (3)【解析】【詳解】(1)金屬棒a通過磁場i的過程中，通過金屬棒a的電量q=it根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律根據(jù)閉合電路歐姆定律有解得通過定值電阻的電量(2)設(shè)金屬棒a進入磁場i時的速度大小為v1，根據(jù)機械能守恒有解得金屬棒a通過磁場i的過程中，根據(jù)動量定理有即解得(3)設(shè)金屬棒a與b碰撞后的共同速度為v3，根據(jù)動量守恒有解得a、b一起以速度v3進入磁場，根據(jù)動量定理即解得物理選修3-313.用油膜法估測分子的大小。下面給出的實驗步驟中，正確排序應(yīng)為_。（填序號）a. 待油酸薄膜的形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆將油酸薄膜的形狀畫在玻璃板上b. 用滴管將濃度為0.1%的油酸酒精溶液一滴一滴

19、地滴入量筒中，記下滴入1ml油酸酒精溶液的滴數(shù)nc. 將畫有油酸薄膜輪廊的玻璃板放在坐標紙上，以坐標紙上邊長為1cm的正方形為單位，計算輪廓內(nèi)正方形的個數(shù)約為m個，算出油酸薄膜的面積d. 將痱子粉均勻地撒在淺盤內(nèi)水面上，用滴管吸取濃度為0.1%的油酸酒精溶液，從低處向水面中央滴入一滴利用以上測量數(shù)據(jù)，寫出單個油酸分子直徑的表達式為_?！敬鸢浮?(1). bdac (2). 【解析】【詳解】1本實驗的基本步驟是：b用滴管將濃度為0.1%油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，記下滴入1ml的油酸酒精溶液的的滴數(shù)n，可求得1滴油酸酒精溶液的體積；d將痱子粉均勻地撒在淺盤內(nèi)水面上，用滴管吸取濃度為0.1%

20、的油酸酒精溶液，從低處向水面中央滴入一滴油酸酒精溶液，使之充分擴散，形成單分子油膜；a待油酸薄膜的形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆將油酸薄膜的形狀畫在玻璃板上；c將畫有油酸薄膜輪廊的玻璃板放在坐標紙上，以坐標紙上邊長為1cm的正方形為單位，計算輪廓內(nèi)正方形的個數(shù)約為m個，計算出油酸薄膜的面積。故實驗步驟中，正確排序應(yīng)為bdac。21滴油酸含有的油酸體積為則單個油酸分子直徑的表達式為14.“拔火罐”是一種中醫(yī)療法，為了探究“火罐”的“吸力”，設(shè)計了如圖實驗。圓柱形氣缸（橫截面積為s）固定在鐵架臺上，輕質(zhì)活塞通過細線與質(zhì)量為m的重物相連，將一團燃燒的輕質(zhì)酒精棉球從缸底的開關(guān)k處扔到氣缸內(nèi)，酒

21、精棉球熄滅時（此時缸內(nèi)溫度為t）閉合開關(guān)k，此時活塞下的細線剛好拉直且拉力為零，而這時活塞距缸底為l，由于氣缸傳熱良好，隨后重物會被吸起，待重物穩(wěn)定時，活塞上升的距離恰好等于。已知環(huán)境溫度為27不變，p0為大氣壓強，氣缸內(nèi)的氣體可看作理想氣體，求：(1)物質(zhì)量m與酒精棉球熄滅時的溫度t的關(guān)系式；(2)若t=127，氣缸內(nèi)溫度降低到重新平衡的過程中外界對氣體做的功?！敬鸢浮?1)；(2)【解析】【詳解】精棉球燒滅時，封閉氣體壓強，此時體積為：，溫度為：重物被吸起穩(wěn)定后，活塞受力平衡，由平衡方程可得可得此時封閉氣體體積為，溫度由理想氣體狀態(tài)方程得解得t=127時，由問分析可得，封閉氣體溫度降低過程中，開始時，氣體壓強變化，但氣體的體積沒有變化，故此過程外界對氣體不做功，活塞向上運動時，可知壓強故外界對氣體做的功為【物理選修3-4】15.下列說法正確的是（ ）a. 當一列聲波從空氣中傳入水中時，波長變長b. 機械波可在真空中傳播c. 站在鐵道邊的人在火車向他開來的過程中會聽到火車鳴笛的頻率變大d. 當機械橫波從一端傳播到另一端