1、2019-2020學(xué)年貴州省貴陽市高二（上）期末物理試卷一、選擇題：本題共17小題，共44分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第112題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題2分：第13-17題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題2分，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分請(qǐng)將符合題目要求選項(xiàng)前的字母填在答題卷對(duì)應(yīng)題號(hào)的空格中.（2分）發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（）奧斯特B.法拉第C.庫侖D.安培（2分）下列關(guān)于電荷的認(rèn)識(shí)正確的是（）電荷量很小的帶電體就是元電荷物體所帶的電荷量可以是任意值任何一個(gè)系統(tǒng)的電荷量的代數(shù)和都始終保持不變迄今為止，科學(xué)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)的最小電荷量就是電子所帶的電荷量（2分）下列物理量，不

2、屬于比值法定義的是（）電場(chǎng)強(qiáng)度E=QC.電阻R=p-（2分）兩相鄰勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不同、方向平行。一速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直的帶電粒子不計(jì)重力），從較弱磁場(chǎng)區(qū)域進(jìn)入到較強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域后，粒子的（）A.周期不變速度大小不變軌道半徑增大D.加速度不變（2分）電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的能力，因此（）電動(dòng)勢(shì)是一種非靜電力電動(dòng)勢(shì)越大，表明電源儲(chǔ)存的電能越多電動(dòng)勢(shì)的大小是非靜電力做功能力的反映電動(dòng)勢(shì)就是閉合電路中電源兩端的電壓（2分）如圖所示，導(dǎo)體A、B緊靠在一起，帶正電的小球C靠近導(dǎo)體A的左端，A帶上了-1.0X10*的電荷。則下列說法正確的是（）電子由A轉(zhuǎn)移到B正電荷

3、由A轉(zhuǎn)移到B導(dǎo)體A得到的電子數(shù)是IO8個(gè)導(dǎo)體B失去的電子數(shù)是6.25X1010個(gè)（2分）如圖所示，A、B為一對(duì)固定等量同種電荷連線上的兩點(diǎn)（其中B為中點(diǎn)），C為連線中垂線上的一點(diǎn)?，F(xiàn)將一個(gè)帶電量為q的正點(diǎn)電荷自A沿直線移到B再沿直線移到C，在此過程中該電荷的電勢(shì)能（）jci先增大后減小B.先減小后增大C.一直增大D.直減?。?分）充電后的平行板電容器與電源斷開，保持兩極板的正對(duì)面積不變，增大兩極板間的距離。則電容C和兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E的變化情況是（）C增大B.C不變C.E減小D.E不變（2分）A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，AB：BC=1：2,B點(diǎn)位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點(diǎn)電荷.

4、當(dāng)在A處放一電荷量為+q的點(diǎn)電荷時(shí)，它所受到的靜電力為F；移去A處電荷，在C處放一電荷量為-4q的點(diǎn)電荷，其所受電場(chǎng)力為（）-寺B.導(dǎo)C.-FD.F（2分）在磁場(chǎng)中的同一位置放置很短的一段通電直導(dǎo)線，導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)方向垂直。如果在導(dǎo)線中通入不同的電流，則下列關(guān)于導(dǎo)線受到安培力的大小F與通過導(dǎo)線電流I的關(guān)系圖象正確的是（）（2分）如圖所示，真空中A、B、C、D是正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，在A點(diǎn)和C點(diǎn)固定有電荷量均為q的正點(diǎn)電荷。在B點(diǎn)固定一個(gè)未知電荷量和電性的點(diǎn)電荷后，D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度恰好等于零。則B點(diǎn)的點(diǎn)電荷（）A.帶正電，電荷量為2qB帶負(fù)電，電荷量為13qC.帶負(fù)電，電荷量為2：2qD.帶正電，電

5、荷量為q（2分）一電流表由電流計(jì)G和電阻R并聯(lián)而成，如圖所示，在校準(zhǔn)時(shí)發(fā)現(xiàn)此電流表的讀數(shù)總比準(zhǔn)確值稍小些,采用下列措施可使讀數(shù)變準(zhǔn)確的是（）A.在R上串聯(lián)一比R小得多的電阻B在R上串聯(lián)一比R大得多的電阻在R上并聯(lián)一比R小得多的電阻在R上并聯(lián)一比R大得多的電阻（4分）如圖所示，靜電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線上有A、B兩點(diǎn)，箭頭表示電場(chǎng)的方向。下列關(guān)于AB兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小Ea、Eb，電勢(shì)申A、申B的關(guān)系可能正確的是（）Ag-A.Ea=EbbEa申B（4分）如圖所示，為某品牌的智能送餐服務(wù)機(jī)器人。其額定功率為50W,額定電壓為25V機(jī)器人的電池容量為40Ah.則該機(jī)器人（）額定工作電流為40A充滿電后，在額定電

6、壓下工作的最長時(shí)間為40h電池充滿電后總電量為1.44X105C以額定電流工作時(shí)每秒消耗能量為50J（4分）a、b、c三條長直導(dǎo)線分別由等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)處垂直穿過紙面，截面圖如圖所示。三條導(dǎo)線均固定，導(dǎo)線中通有大小相等、方向如圖中所示的恒定電流。則（）Q舟V導(dǎo)線a所受安培力的方向與ab邊垂直導(dǎo)線b所受安培力的方向與ac邊平行導(dǎo)線c所受安培力的方向與ab邊垂直ab邊中點(diǎn)處的磁感強(qiáng)度為零（4分）如圖所示,一回旋加速器兩個(gè)半徑均為r的D形金屬盒處在垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.兩D形金屬盒分別與高頻交流電極相連接，在兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過狹縫時(shí)都能得到加速。質(zhì)

7、量為m,帶電量為q的粒子從中心O處附近由靜止開始加速，最終從D形金屬盒射出。不計(jì)粒子的重力。則（）A.粒子從電場(chǎng)中獲得能量粒子經(jīng)過電場(chǎng)加速后，周期變小咼頻交流電的頻率為-TTm粒子最終獲得的最大速度值為壘m（4分）如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向水平向右。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子從A點(diǎn)與電場(chǎng)方向成60夾角射入電場(chǎng)，粒子運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，速度方向與電場(chǎng)方向的夾角為30.已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0,不計(jì)粒子重力。則下列說法正確的是（）該粒子一定帶正電該粒子從A運(yùn)動(dòng)到B過程電場(chǎng)力做功為ymv0S該粒子從A運(yùn)動(dòng)到B電勢(shì)能減少了mvg2mvnTOC o 1-5 h zA、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為q二、實(shí)驗(yàn)題：本

8、題共2題，共15分，請(qǐng)考生根據(jù)要求作答.（1分）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，其示數(shù)如圖所示，則金屬絲的直徑mm；19.（2分）如圖所示是一個(gè)多用電表的內(nèi)部簡(jiǎn)化電路圖，在進(jìn)行電壓測(cè)量時(shí)，應(yīng)將S撥到或位置。（2分）用多用電表測(cè)量電阻和直流電壓時(shí)，若選擇開關(guān)撥到“X10Q”的電阻擋，指針位于圖3中a位置，則被測(cè)電阻的阻值是Q；選擇開關(guān)撥到“直流電壓2.5V“擋，指針位于圖中b位置，則被測(cè)電壓是V。（10分）某實(shí)驗(yàn)小組按圖（a）的電路測(cè)定某電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。已將實(shí)驗(yàn)器材進(jìn)行了部分連接，如圖（b）所示。所用電表均理想電表。請(qǐng)根據(jù)要求回答下列問題：（l）請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，將圖（b）中的實(shí)物電路補(bǔ)充完整;

9、（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表壞了，于是移去電流表，同時(shí)用電阻箱R替換滑動(dòng)變阻器，重新連接電路，請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)畫出相應(yīng)的電路圖；（3）用（2）重新連接好的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，仍然通過路端電壓U隨電流I變化的關(guān)系圖象處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，其獲得電流I的表達(dá)式為；（用題中相關(guān)物理量的符號(hào)表示）（4）圖（c）是用實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)作出的路端電壓U隨電流I變化的圖象，根據(jù)圖象，求得電池的電動(dòng)勢(shì)是V，內(nèi)阻是.Q（保留兩位小數(shù)）Iso(6分)如圖所示，質(zhì)量為m、長度為L的金屬棒MN用等長的輕質(zhì)細(xì)線水平懸掛于O、O點(diǎn)，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。金屬棒中通以由M向N的電流I金屬棒MN平衡時(shí)，兩懸線與豎直方向夾角均為6.已知重力加速度大小

10、為g。求：金屬棒MN所受安培力的大小；該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。(9分)如圖所示，真空中平行金屬板M、N之間的距離d為0.04m,兩金屬板間加有200V的穩(wěn)定直流電壓。有一個(gè)質(zhì)量為2X10-i5kg、電荷量為8X10-15C的正電粒子位于M板旁。不計(jì)粒子的重力。求：求帶電粒子所受的靜電力的大??；求帶電粒子從M板由靜止開始運(yùn)動(dòng)到達(dá)N板時(shí)的速度大小；如果兩金屬板的距離減小為原來的一半，其他條件不變，則上述問題(1)(2)的答案又為多少？4*(/*4+二(12分)如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將電荷量為-6X10-6C的點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，靜電力做了-1.2X10-5J的功；再從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，靜電

11、力做了1.2X10-5J的功。已知電場(chǎng)的方向與ABC所在的平面平行。求A、B間和A、C間的電勢(shì)差Uab、Uac；請(qǐng)?jiān)趫D中畫出過B點(diǎn)的一條電場(chǎng)線(標(biāo)出方向)，并說明理由。K(14分)如圖所示，紙面內(nèi)矩形EFGH的EFG區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里。一帶正電的粒子平行于紙面從EF邊上某點(diǎn)垂直EF邊射入磁場(chǎng)，粒子的速度大小為v0.段時(shí)間后，該粒子從EG上某點(diǎn)垂直EG離開磁場(chǎng)，從EH邊上某點(diǎn)射出。已知粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的入射點(diǎn)與離開磁場(chǎng)的出射點(diǎn)之間的距離為d,ZEGF=30.不計(jì)粒子重力。求：(1)該帶電粒子的比荷；(2)該帶電粒子從射入磁場(chǎng)到運(yùn)動(dòng)至EH邊的時(shí)間。2019-202

12、0學(xué)年貴州省貴陽市高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共17小題，共44分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第112題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題2分：第13-17題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題2分，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分請(qǐng)將符合題目要求選項(xiàng)前的字母填在答題卷對(duì)應(yīng)題號(hào)的空格中.【解答】解：奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)體周圍存在磁場(chǎng)，是第一個(gè)發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家;故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。【解答】解：A、元電荷是最小的電荷量，不是帶電體，故A錯(cuò)誤。B、物體所帶的電荷量一定是元電荷的整數(shù)倍，故B錯(cuò)誤。C、根據(jù)電荷守恒定律得一個(gè)與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代

13、數(shù)和保持不變，系統(tǒng)與外界有電荷的交換，電荷量改變，故C錯(cuò)誤。D、迄今為止，科學(xué)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)的最小電荷量就是電子所帶的電荷量，故D正確。故選：D?！窘獯稹拷猓篈、電流強(qiáng)度E與電場(chǎng)力F、電荷量q無關(guān)，反映電場(chǎng)本身的特性，屬于比值法定義的，故A正確。B、電容器的電容C與電荷量Q、電壓U無關(guān)，屬于比值法定義的，故B正確。C、R與L成正比，與S成反比，不符合比值法定義的共性，故不屬于比值法定義的，故C錯(cuò)誤。D、B與F、IL無關(guān)，反映磁場(chǎng)本身的特性，屬于比值法定義的，故D正確。本題選擇不屬于比值法定義的，故選：C?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)周期公式T=可知，粒子從較弱磁場(chǎng)區(qū)域進(jìn)入到較強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域后，B增大、周期減qB

14、小，故A錯(cuò)誤。B、洛倫茲力不做功，因此粒子運(yùn)動(dòng)的速度大小不變，故B正確。2C、根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力可知，Bqv=m否，解得：R=，故從較弱的磁場(chǎng)區(qū)域進(jìn)入較強(qiáng)的磁場(chǎng)區(qū)域后粒子的軌道半徑減小，故C錯(cuò)誤;.D、根據(jù)牛頓第二定律可得：3=遲，由于B增大、所以加速度增大，故mD錯(cuò)誤。故選：B?！窘獯稹拷猓篈、電動(dòng)勢(shì)在數(shù)值上等于非靜電力把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極搬運(yùn)到正極所做的功，不是一種非靜電力，故A錯(cuò)誤。BC、電動(dòng)勢(shì)是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量，是非靜電力做功能力的反映，電動(dòng)勢(shì)越大，表明電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，故B錯(cuò)誤，C正確。D、電源電動(dòng)勢(shì)等于電源沒有接入電

15、路時(shí)兩極間的電壓，在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓，小于電源電動(dòng)勢(shì)，故D錯(cuò)誤。故選：Co【解答】解：AB、金屬導(dǎo)體中的自由電荷為自由電子，帶正電的小球C靠近導(dǎo)體A的左端，A帶上了-1.0X10-8C的電荷，則電子由B轉(zhuǎn)移到A,故AB錯(cuò)誤。CD、導(dǎo)體A得到電子，導(dǎo)體B失去電子，電子數(shù)n=個(gè)=6.25X1010個(gè),故C錯(cuò)誤，D正確。61.6X10-19故選：Do【解答】解：根據(jù)等量同種負(fù)電荷的電場(chǎng)線可知，（pA申b申c，正電荷從A到B再沿直線到C,電場(chǎng)力一直做負(fù)功，故電勢(shì)能一直增大，故C正確。ABD錯(cuò)誤。故選：Co【解答】解：充電后的平行板電容器與電源斷開，則電荷量Q恒定，現(xiàn)保持兩極板的正對(duì)

16、面積不變，僅將兩極板F叫的間距增大，則根據(jù)電容的決定式C=可知，電容C變小，根據(jù)Q=CU可知，兩極板間電壓變大，根4兀kd據(jù)E=可知，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故D正確，ABC錯(cuò)誤。dES故選：Do【解答】解：根據(jù)同種電荷相互排斥、異種電荷相互吸引，分析可知電荷量為-2q的點(diǎn)電荷在C處所受的電場(chǎng)力方向與F方向相同。設(shè)AB=r，則有BC=2ro則有：F=k豎rI|ilrj故電荷量為-2q的點(diǎn)電荷在C處所受電場(chǎng)力為：FC=k=F，故D正確（匪）故選：Do【解答】解：根據(jù)安培力公式F=BIL,B、L不變，F(xiàn)與I成正比，F(xiàn)-I圖象為過原點(diǎn)的一條直線，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：Bo【解答】解：設(shè)正方向邊長1,A、

17、C點(diǎn)的電荷在D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)均為：E=k則A、C點(diǎn)的電荷在D點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為：Ez=12k弓cos45因?yàn)镈點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度恰好等于零，則B點(diǎn)的點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與A、C點(diǎn)的電荷在D點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)等大反向:解得：Q=2l2q故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C?！窘獯稹拷猓弘娏鞅硎緮?shù)偏小，是由于分流電阻偏小造成的，將分流電阻變得稍大些即可，可以在R上串聯(lián)一比R小得多的電阻，故A正確；故選：A?！窘獯稹拷猓篈B、電場(chǎng)線的疏密程度表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，但只給出一條電場(chǎng)線，無法判斷A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小,即EA=EB，EaVEb，都有可能，故AB正確；CD、沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)越來越低，所以申A申B，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：ABD

18、。P額50【解答】解：A、額定工作電流為，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)Q=It可得工乍時(shí)長為t熠MOh，故B錯(cuò)誤;C、電池充滿電后的總電量為Q=40Ah=40X3600C=1.44X105C，故C正確；D、每秒消耗的能量為W=Pt=50X1J=50J，故D正確。故選：CD?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)通電導(dǎo)線之間的相互作用規(guī)律可知，同向電流吸引，異向電流排斥，則導(dǎo)線a受到導(dǎo)線c的排斥力，受到導(dǎo)線b的吸引力，夾角為120，根據(jù)力的合成可知，導(dǎo)線a受到安培力的方向與cb邊平行，故A錯(cuò)誤。B、同理，導(dǎo)線b受到導(dǎo)線a的吸引力，受到導(dǎo)線c的排斥力，合力與ac邊平行，故B正確。C、同理，導(dǎo)線c受到導(dǎo)線a和b的排斥力，夾角為

19、60，則合力為Zacb的角平分線，與ab邊垂直，故C正確。D、導(dǎo)線a、b關(guān)于ab邊中點(diǎn)對(duì)稱分布，故兩者的磁感應(yīng)強(qiáng)度抵消，導(dǎo)線c在ab邊中點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，故D錯(cuò)誤。故選：BC?！窘獯稹拷猓篈、粒子運(yùn)動(dòng)過程中，在電場(chǎng)中加速，使動(dòng)能增加，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，而在磁場(chǎng)中洛倫茲力不對(duì)粒子做功，所以粒子從電場(chǎng)中獲得能量，故A正確。B、粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為，所以加速后不影響粒子的周期，故B錯(cuò)誤。qBC、根據(jù)加速原理可知，高頻交流電的周期和粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，而粒子加速過程中周期不變，所以高頻交流電的周期為，所以頻率為qBT故C錯(cuò)誤。D、當(dāng)粒子運(yùn)動(dòng)的半徑等于r時(shí)，粒子的速度最大,根據(jù)洛

20、倫茲力提供向心力有，則最大速度為章用,rm故D正確。故選：AD?！窘獯稹拷猓篈、由圖中粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知粒子受到水平向右的電場(chǎng)力，故粒子帶正電，故A正確;B、粒子豎直方向的速度Qsin60-yg，粒子水平方向的速度為-v|-|Cos60=*耳口，粒子只受水平向右的電場(chǎng)力作用，所以粒子在豎直方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)時(shí)粒子速度為q粒子從A運(yùn)動(dòng)到B過程中電場(chǎng)力做功為-皿琴2故B錯(cuò)誤；故C正確;C、電場(chǎng)力做的功等于電勢(shì)能的變化量，所以該粒子從A運(yùn)動(dòng)到B電勢(shì)能減少了2D、A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為，故D正確。故選：ACD。二、實(shí)驗(yàn)題：本題共2題，共15分，請(qǐng)考生根據(jù)要求作答.【解答】解：螺旋測(cè)微器：不動(dòng)刻

21、度為0.5mm,可動(dòng)刻度為12.6X0.01mm=0.126mm,則讀數(shù)為0.5+0.126mm=0.626mm。故答案為：0.626?！窘獯稹拷猓河蓤D所示電路圖可知，將S撥到5或6表頭與分壓電阻串聯(lián)，此時(shí)多用電表測(cè)量電壓。故答案：5，6【解答】解：電阻檔讀數(shù)：R=50X10Q=500Q2.5電壓檔最小分度為0.1V,則其讀數(shù)：U=2.00V故答案為：500，2.0021.【解答】解：（1）根據(jù)電路圖（a）連接實(shí)物圖（b）如圖所示:（4）根據(jù)在U-I圖象中斜率絕對(duì)值表示電源內(nèi)阻，縱軸截距等于電源電動(dòng)勢(shì)可得電源電動(dòng)勢(shì)為：E=1.49V電源內(nèi)阻為：r=k=lld=0.54Q0.50Ul=l【解答】解：對(duì)導(dǎo)體棒受力分析受到重力、拉力和安培力，導(dǎo)體棒處于平衡狀態(tài)，設(shè)繩子拉力為T,因此有:Tcos0=mgTsin9=F安解得：F安=mgtanB根據(jù)Fr=BIL安解得：B=mgt答：(1)金屬棒MN所受安培力的大小為mgtanB；(2)該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為丄J-J【解答】解：(1)兩金屬板間的場(chǎng)強(qiáng)大小為：E=d帶電粒子所受的靜電力的大小為：F=qE=N=4X10-11Nd0.04帶電粒子從M板由靜止開始運(yùn)動(dòng)到達(dá)N板的過程，根據(jù)動(dòng)能定理得：12qU=-0得：v=m/s=m/svmV2X10-15由F=知，當(dāng)兩金屬板的距離減小為原來的一半，其他條件不變