1、2023屆湖北省二十一所重點中學(xué)高三第一次聯(lián)考數(shù) 學(xué)本試卷共6頁，22小題，滿分150分.考試用時120分鐘.注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號、試室號和座位號填寫在答題卡指定位置上，并在相應(yīng)位置填涂考生號2作答選擇題時，選出每小題答案后，用 2B 鉛筆把答題卡對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案答案不能答在試卷上3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上. 4考生必須保持答題卡的整潔考試結(jié)束后，將試卷和答題卡一并交回一、選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的.1. 已知集合，則（ ）A. x|B. x|1x3C. 1，2D. 1，2，3【答案】D【解析】【分析】先化簡集合Q，再去求即可解決.【詳解】則故選：D2. 設(shè)復(fù)數(shù)z滿足，復(fù)數(shù)z所對應(yīng)的點位于第一象限，則（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】設(shè)，由題可得，即求.【詳解】設(shè)，則，由復(fù)數(shù)z滿足，復(fù)數(shù)z所對應(yīng)的點位于第一象限，則，解得，.故選：B.3. 若將整個樣本空間想象成一個11的正方形，任何事件都對應(yīng)樣本空間的一個子集，且事件發(fā)生的概率對應(yīng)子集的面積.則如圖所示的涂色部分的面積表示（ ）A. 事件A發(fā)生的概率B. 事件B發(fā)生的概率C. 事件B不發(fā)生條件下事件A

3、發(fā)生的概率D. 事件A、B同時發(fā)生的概率【答案】A【解析】【分析】根據(jù)圖示，表示出涂色部分的面積，利用條件概率的概率公式整理化簡，即可求得答案.【詳解】由題意可得，如圖所示的涂色部分的面積為 ,故選：A4. 已知實數(shù)， 函數(shù)， 滿足， 則的最大值為（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】設(shè)是的兩個零點且，應(yīng)用根與系數(shù)關(guān)系求得，進而代換目標(biāo)式得到以為參數(shù)、為自變量的二次函數(shù)，由二次函數(shù)的性質(zhì)可得，構(gòu)造函數(shù)并應(yīng)用導(dǎo)數(shù)研究單調(diào)性，即可求最大值.【詳解】令是的兩個零點，由題設(shè)若，由根與系數(shù)關(guān)系有：，所以，由且，即，所以，令，則，在上，所以在上遞增，則.綜上，此時，所以時，的最大值.故選

4、：B.【點睛】關(guān)鍵點點睛：設(shè)零點并注意，由根與系數(shù)關(guān)系用零點表示m、n，進而轉(zhuǎn)化為以為自變量的二次函數(shù)形式，根據(jù)其開口方向及其最值得到不等關(guān)系，最后構(gòu)造函數(shù)并應(yīng)用導(dǎo)數(shù)求不等式中關(guān)于表達式的值域.5. 在數(shù)列中， 已知， 且， 則以下結(jié)論成立的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】先根據(jù)遞推公式可得，得出的通項公式，從而驗證得出答案.【詳解】，則， 若中存在某項，使得，則可得這與條件中相矛盾.所以，將上面兩式相除可得所以數(shù)列是公比為的等比數(shù)列.則，設(shè)，則 所以故選：C6. 橢圓上的點到圓上的點的距離的最大值是（ ）A. 11B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】題意轉(zhuǎn)化

5、為橢圓上的點到圓的圓心距離的最大值加上1，利用參數(shù)法，即可求得結(jié)論【詳解】依題意得所求即為橢圓上的點到圓的圓心距離的最大值加上1，設(shè)橢圓上的點為，則橢圓上的點到圓的圓心距離為，時，橢圓上的點到圓的圓心距離的最大值為10，橢圓上的點到圓上的點的距離的最大值為11，故選：A7. 恰有一個實數(shù)使得成立，則實數(shù)的取值范圍為（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】首先分析不是方程的根，故將其轉(zhuǎn)化為，繼而轉(zhuǎn)化為與的圖像僅有一個交點，對函數(shù)求導(dǎo)研究其單調(diào)性即可【詳解】解：當(dāng)時，不成立，所以不是方程的根，故對原方程轉(zhuǎn)化為，故轉(zhuǎn)化為與僅有一個交點，構(gòu)造，當(dāng)或時，當(dāng)時，故函數(shù)在單調(diào)遞減，在和單調(diào)遞

6、增，又，當(dāng)時，時，且時，時，故要使得與僅有一個交點，即的取值范圍是故選：B8. 已知四面體中，則體積的最大值為（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】設(shè)M為CD的中點，連接AM,BM, 設(shè)四面體A-BCD的高為h，利用等體積法表示出四面體的體積，利用三個正數(shù)的均值不等式即可求得答案.【詳解】設(shè)M為CD的中點，連接AM,BM,設(shè)四面體A-BCD的高為h，則,由于，故 ,則,設(shè)，則,所以，當(dāng)且僅當(dāng)平面ACD與平面BCD垂直且即時取等號，故選：C二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，有選錯的得0分，部分選對的得3分

7、.9. 已知函數(shù)，則下列說法正確的是（ ）A. 是偶函數(shù)B. 在（0，+）上單調(diào)遞減C. 是周期函數(shù)D. -1恒成立【答案】AD【解析】【分析】判定的奇偶性判斷選項A；判定的單調(diào)性判斷選項B；判定的周期性判斷選項C；求得的最小值判斷選項D.【詳解】的定義域為R，則為偶函數(shù).故選項A判斷正確；時，恒成立，則為上增函數(shù).故選項B判斷錯誤；選項C判斷錯誤；又為偶函數(shù)，則為上減函數(shù)又，則最小值為.故選項D判斷正確；故選：AD10. 多選題已知拋物線的焦點為，是拋物線上兩點，則下列結(jié)論正確的是（ ）A. 點的坐標(biāo)為B. 若直線過點，則C. 若，則的最小值為D. 若，則線段的中點到軸的距離為【答案】BCD

8、【解析】【分析】根據(jù)拋物線方程的標(biāo)準(zhǔn)形式求出焦點可判斷A；由拋物線的性質(zhì)可判斷B、C；利用拋物線的焦半徑公式可判斷D.【詳解】易知點的坐標(biāo)為，選項A錯誤；根據(jù)拋物線的性質(zhì)知，過焦點時，選項B正確；若，則過點，則的最小值即拋物線通徑的長，為，即，選項C正確，拋物線的焦點為，準(zhǔn)線方程為，過點，分別作準(zhǔn)線的垂線，垂足分別為，所以，所以，所以線段，所以線段的中點到軸的距離為，選項D正確故選：BCD11. 如圖，在棱長為2的正方體中，O為正方體的中心，M為的中點，F(xiàn)為側(cè)面正方形內(nèi)一動點，且滿足平面，則（ ）A. 若P為正方體表面上一點，則滿足的面積為的點有12個B. 動點F的軌跡是一條線段C. 三棱錐的

9、體積是隨點F的運動而變化的D. 若過A，M，三點作正方體的截面，Q為截面上一點，則線段長度的取值范圍為【答案】BD【解析】【分析】選項A：設(shè)為底面正方形ABCD的中心，根據(jù)的面積為，由此可判斷選項A；選項B：分別取，的中點H，G，連接，；證明平面平面，從而得到點F的軌跡為線段GH.選項C：根據(jù)選項B可得出平面，從而得到點F到平面的距離為定值，再結(jié)合的面積也為定值，從而可得到三棱錐的體積為定值.選項D：設(shè)為的中點，從而根據(jù)面面平行的性質(zhì)定理可得到截面即為面，從而線段長度的最大值為線段的長，最小值為四棱錐以為頂點的高.【詳解】對于A：設(shè)為底面正方形ABCD的中心，連接，則，所以的面積為，所以在底面

10、ABCD上點P與點必重合，同理正方形的中心，正方形的中心都滿足題意.又當(dāng)點P為正方體各條棱的中點時也滿足的面積為，故A不正確；對于B：如圖，分別取，的中點H，G，連接，因為，平面，平面，平面，面，所以平面平面，而平面，所以平面，所以點F的軌跡為線段GH，故B正確；對于C：由選項B可知，點F的軌跡為線段GH，因為平面，則點F到平面的距離為定值，同時的面積也為定值，則三棱錐的體積為定值，故C不正確；對于D：如圖，設(shè)平面與平面交于AN，N在上因為截面平面，平面平面，所以同理可證，所以截面為平行四邊形，所以點N為的中點在四棱錐中，側(cè)棱最長，且設(shè)棱錐的高為h，因為，所以四邊形為菱形，所以的邊上的高為面對

11、角線的一半，即為，又，則，所以，解得綜上，可知長度的取值范圍是，故D正確 故選：BD12. 畫法幾何的創(chuàng)始人法國數(shù)學(xué)家加斯帕爾蒙日發(fā)現(xiàn)：橢圓的兩條切線互相垂直，則兩切線的交點位于一個與橢圓同中心的圓上，稱此圓為該橢圓的蒙日圓.已知橢圓的離心率為，、分別為橢圓的左、右焦點，點在橢圓上，直線，則（ ）A. 直線與蒙日圓相切B. 的蒙日圓的方程為C. 記點到直線的距離為，則的最小值為D. 若矩形的四條邊均與相切，則矩形的面積的最大值為【答案】AC【解析】【分析】分析可得出，求出蒙日圓的方程，可判斷B選項的正誤；利用直線與圓的位置關(guān)系可判斷A選項；利用橢圓的定義和點到直線的距離公式可判斷C選項的正誤；

12、分析可知矩形的四個頂點都在蒙日圓上，利用基本不等式可判斷D選項的正誤.【詳解】當(dāng)兩切線分別與兩坐標(biāo)軸垂直時，兩切線的方程分別為、，所以，點在蒙日圓上，故蒙日圓的方程為，因為，可得.對于A選項，蒙日圓圓心到直線的距離為，所以，直線與蒙日圓相切，A對；對于B選項，的蒙日圓的方程為，B錯；對于C選項，由橢圓的定義可得，則，所以，因為，直線的方程為，點到直線的距離為，所以，當(dāng)且僅當(dāng)時，等號成立，C對；對于D選項，若矩形的四條邊均與相切，則矩形的四個頂點都在蒙日圓上，所以，所以，矩形的面積為，D錯.故選：AC.三、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分.13. 已知 的最大值為_， 此時_.【答案】

13、 . -2 . 0【解析】【分析】將化為，由條件利用均值不等式可得出答案.【詳解】 當(dāng)且僅當(dāng)，即，時等號成立.由，則，所以，解得 由，可得故 故答案為： ；14. 六名考生坐在兩側(cè)各有一條通道的同一排座位上應(yīng)考，考生答完試卷的先后次序不定，且每人答完試卷后立即離開座位走出教室.則其中至少有一人交卷時為到達通道而打擾其他尚在考試的同學(xué)的概率為 _.【答案】【解析】【詳解】要不打擾其他尚在考試的同學(xué)，必須每次坐其兩旁的同學(xué)先離開，即每次有兩種選擇，于是，共有種可能.故所求概率為.15. 如圖，是全等的等腰直角三角形（，處為直角頂點），且，四點共線.若點，分別是邊，上的動點（包含端點）， 則_，的取

14、值范圍為_.【答案】 . . 【解析】【分析】如圖：以為原點，以所在的直線為軸建立平面直角坐標(biāo)系，求出各點坐標(biāo)，進而可得直線，的方程，設(shè)出，的坐標(biāo)，結(jié)合橫坐標(biāo)的范圍以及數(shù)量積的坐標(biāo)表示即可求解.【詳解】如圖：以為原點，以所在的直線為軸建立平面直角坐標(biāo)系，則，直線的方程為：，設(shè)，且，直線的方程為：，設(shè)，且，直線的方程為：，設(shè)，且，所以，所以，故答案為：；.16. 有一個棱長為6的正四面體，其中有一半徑為的球自由運動，正四面體內(nèi)未被球掃過的體積為 【答案】【解析】【分析】先考慮球運動到四個頂點位置時，由棱錐的體積減去球的體積求出此部分的體積；再考慮球沿著方向運動且始終與二面角相切時，得到未被球掃過

15、空間均為相同的柱體，求出柱體的體積，即可求得正四面體內(nèi)未被球掃過的體積.【詳解】如圖設(shè)正四面體，當(dāng)球運動到與平面、平面、平面相切時，可得此時球無法繼續(xù)向上運動，設(shè)切點分別為，則此時球面與正四面體頂點之間的部分球無法掃過，同理可得正四面體頂點均有相同的空間未被球掃過，作與平面平行且與此時球相切的平面，易得棱錐為正四面體，設(shè)棱長為，作平面于，則經(jīng)過球心，易得，則，則正四面體的體積，表面積，設(shè)球半徑為，則，即，解得，作，易得為中點，則，設(shè)4個頂點處未被球掃過空間的體積為，球的體積為，可得；當(dāng)球沿著方向運動且始終與二面角相切時，設(shè)球與平面、平面的切點始終為，過的大圓與交于，由垂徑定理知，又，易得，則即

16、為二面角的平面角，易得未被球掃過的部分為柱體，且柱體的底面為扇形與四邊形之間的部分，設(shè)中點為，連接，易得，則即為二面角平面角，又，由余弦定理得，則，則，則，則，設(shè)扇形與四邊形之間部分面積為，扇形面積為，,則，由上知，又，則柱體的高為，正四面體的六條棱未被球掃過空間均為相同的柱體，設(shè)這部分體積為，則，則正四面體內(nèi)未被球掃過的體積為.故答案為：.【點睛】本題關(guān)鍵點在于將正四面體內(nèi)未被球掃過的空間分為兩部分，第一部分為球運動到四個頂點位置時，球面與正四面體頂點之間的部分；第二部分為當(dāng)球沿著方向運動且始終與二面角相切時，球面與二面角之間的柱體部分，再由幾何體的體積公式求解即可.四、解答題：本題共6小題

17、，共70分.解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟.17. 已知的外心為，為線段上的兩點，且恰為中點.（1）證明：（2）若，求的最大值.【答案】（1）證明見解析 （2）【解析】【分析】（1）設(shè)，利用余弦定理求得，再根據(jù)，化簡，可求得，同理可求得，即可得證；（2）利用余弦定理求得，再根據(jù)結(jié)合（1）求得，設(shè)，可求得，再根據(jù)三角形的面積公式結(jié)合基本不等式即可得出答案.【小問1詳解】證明：設(shè)，由余弦定理知：，由是外心知， 而，所以，即，而，因此，同理可知，因此，所以；【小問2詳解】解：由（1）知，由余弦定理知：，代入得，設(shè)，則，因此，當(dāng)且僅當(dāng)時取到等號，因此的最大值為.18. 如圖，在平面五邊形中，是

18、梯形，是等邊三角形.現(xiàn)將沿折起，連接、得如圖的幾何體.（1）若點是的中點，求證：平面；（2）若，在棱上是否存在點，使得二面角的余弦值為？若存在，求的值；若不存在，請說明理由.【答案】（1）證明見解析；（2）存在；.【解析】【分析】（1）取的中點，連接、，證明出四邊形為平行四邊形，可得出，再利用線面平行的判定定理可得出結(jié)論；（2）取中點，連接、，推導(dǎo)出、兩兩垂直，然后以點為原點，分別以射線、為、軸正半軸建立空間直角坐標(biāo)系，設(shè)，利用空間向量法結(jié)合二面角的余弦值為可求得的值，進而可求得的值，由此可得出結(jié)論.【詳解】（1）取中點，連接、，則是的中位線，且，且，且，則四邊形是平行四邊形，又平面，平面，平

19、面；（2）取中點，連接、，易得，在中，由已知，.，所以，、兩兩垂直，以為原點，分別以射線、為、軸正半軸建立如圖所示空間直角坐標(biāo)系，則、，則，假設(shè)在棱上存在點滿足題意，設(shè)，則，設(shè)平面的一個法向量為，則，即，令，得平面的一個法向量，又平面的一個法向量，由已知，整理得，解得（舍去），因此，在棱上存在點，使得二面角的余弦值為，且.【點睛】本題考查線面平行的證明，同時也考查了利用二面角的余弦值解決動點問題，考查計算能力與推理能力，屬于中等題.19. 已知數(shù)列前項和為，.（1）求數(shù)列的通項公式；（2）若，求數(shù)列的前項和.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）由整理可得；進而得到是首項為3，公比為3

20、的等比數(shù)列，即可求出其通項，從而求得結(jié)論；（2）利用第一問的結(jié)論，求得數(shù)列的通項，再結(jié)合錯位相減法即可求得結(jié)論【詳解】解：（1）由題知，即，即，數(shù)列是首項為3，公比為3的等比數(shù)列，；（2）由（1）知， ， 得，.【點睛】數(shù)列求和的方法技巧(1)倒序相加：用于等差數(shù)列、與二項式系數(shù)、對稱性相關(guān)聯(lián)的數(shù)列的求和(2)錯位相減：用于等差數(shù)列與等比數(shù)列的積數(shù)列的求和(3)分組求和：用于若干個等差或等比數(shù)列的和或差數(shù)列的求和20. 微信小程序“黨史知識競賽”中的“答題競賽”版塊有個“雙人競賽”欄目，可滿足兩人通過回答多個問題的形式進行競賽.甲，乙兩單位在聯(lián)合開展黨史學(xué)習(xí)教育特色實踐活動中通過此欄目進行比賽

21、，比賽規(guī)則是：每一輪比賽中每個單位派出一人代表其所在單位答題，兩單位都全部答對或者都沒有全部答對則均記0分；一單位全部答對而另一單位沒有全部答對，則全部答對的單位記1分，沒有全部答對的單位記-1分.設(shè)每輪比賽中甲單位全部答對的概率為，乙單位全部答對的概率為，甲，乙兩單位答題相互獨立，且每輪比賽互不影響.（1）經(jīng)過1輪比賽，設(shè)甲單位記分為X，求X的分布列和期望；（2）若比賽采取3輪制，試計算第3輪比賽后甲單位累計得分低于乙單位累計得分的概率.【答案】（1）分布列答案見解析，數(shù)學(xué)期望： （2）【解析】【分析】（1）理解題意，列出隨機變量X所有可能的取值，然后相互獨立事件的性質(zhì)求解即可.（2）通過列舉法列出3輪比賽后甲單位累計得分低于乙單位累計得分的所有情況，然后利用小問（1）中所得的結(jié)果進行計算.【小問1詳解】由題意X的取值可能為，0，1，則，那么X的分布列為：X01P.【小問2詳解】第3輪比賽后，甲單位累計得分低于乙單位的3輪計分有四種情況（不按先后順序）：；，所以.21. 如圖，已知圓，點，以線段為直徑的圓內(nèi)切于圓O，點的集合記為曲線.（1）求曲線的方程；（2）已知直線，過點的直線與交于兩點，與直線交于點，記的斜率分別為