1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，彈簧秤一端固定在墻壁上，另一端與小木塊A相連，當(dāng)用力勻速抽出長(zhǎng)木板B的過(guò)程中，觀察到彈簧秤的示數(shù)為4.0N，若以a=g勻加速抽出木板B，彈簧秤的示數(shù)大小

2、( )A一定大于4.0NB一定等于4.0NC一定小于4.0ND一定為零2、從同一點(diǎn)沿不同方向拋出質(zhì)量相同的A、B兩球，返回同一高度時(shí)，兩球再次經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)，如圖所示。如果不計(jì)空氣阻力，關(guān)于兩球的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是A在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)小球A速度的變化率大于小球B速度的變化率B小球A在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大于小球B在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間CA、B兩球落地時(shí)速度一定相等D兩球落地時(shí)重力做功的功率可能相等3、一個(gè)質(zhì)量為2kg的物體共受到三個(gè)恒定的共點(diǎn)力作用，大小分別為1N、3N、 8N, 下列說(shuō)法正確的是A物體可能處于靜止?fàn)顟B(tài)B物體可能處于勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)C物體的加速度可能為2 m/s2D物體的加速度可能為1 m/s2

3、4、如圖所示，在水平光滑地面上有A、B兩個(gè)木塊，之間用一輕彈簧連接A靠在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間彈簧壓縮并處于靜止?fàn)顟B(tài)。若突然撤去力F，則下列說(shuō)法中正確的是（ ）A木塊A離開(kāi)墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒B木塊A離開(kāi)墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，機(jī)械能也不守恒C木塊A離開(kāi)墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒D木塊A離開(kāi)墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，但機(jī)械能守恒5、一根導(dǎo)線，分別通以不同電流，并保持溫度不變，當(dāng)電流較大時(shí)，以下說(shuō)法正確的是( )A單位體積內(nèi)自由電子數(shù)較多B自由電子定向移動(dòng)的速率較大C自由電子的熱運(yùn)動(dòng)速率較大D

4、電流的傳導(dǎo)速度較大6、一輛電動(dòng)小車由靜止開(kāi)始沿直線運(yùn)動(dòng)，其vt圖象如圖所示，則汽車在01 s和13 s兩段時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法中正確的是() A運(yùn)動(dòng)方向相反 B平均速度相同C加速度相同 D位移相同二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、某物體質(zhì)量為1kg，在水平拉力作用下沿粗糙水平地面做直線運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間（vt）圖象如圖所示，根據(jù)圖象可知（） A物體所受的拉力總是大于它所受的摩擦力B物體在第3s內(nèi)所受的拉力大于1NC在03s內(nèi)，物體所受的拉力方向始終與摩擦力方向相反D物體在

5、第2s內(nèi)所受的拉力為零8、一小球在豎直方向的升降機(jī)中，由靜止幵始豎直向上做直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球的機(jī)械能E與其上升高度h關(guān)系的圖象如圖所示，其中0h1過(guò)程的圖線為曲線，h1h2過(guò)程的圖線為直線.根據(jù)該圖象，下列說(shuō)法正確的是（ ）A0h1過(guò)程中，小球的動(dòng)能可能先增加后減少B0h1過(guò)程中，升降機(jī)對(duì)小球的支持力一定做正功Ch1h2過(guò)程中，小球的重力勢(shì)能可能不變Dh1h2過(guò)程中，小球的動(dòng)能可能不變9、如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上。A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g?，F(xiàn)對(duì)A施加一水平拉力F，則（）A當(dāng)時(shí)，A、

6、B都相對(duì)地面靜止B當(dāng)時(shí)，A的加速度為C當(dāng)時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)D無(wú)論F為何值，B的加速度不會(huì)超過(guò)10、如圖所示，質(zhì)量均為M的A、B兩滑塊放在粗糙水平面上，兩輕桿等長(zhǎng)，桿與滑塊、桿與桿間均用光滑鉸鏈連接，在兩桿鉸合處懸掛一質(zhì)量為m的重物C，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)桿與水平面間的夾角為。下列說(shuō)法正確的是（ ）A當(dāng)m一定時(shí)，越小，滑塊對(duì)地面的壓力越大B當(dāng)m一定時(shí)，越大，滑塊與地面間的摩擦力越小C當(dāng)一定時(shí)，M越大，滑塊與地面間的摩擦力越大D當(dāng)一定時(shí)，M越大，可懸掛重物C的質(zhì)量m越大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）某同學(xué)要測(cè)量一個(gè)由均勻新材料

7、制成的圓柱體的電阻率的實(shí)驗(yàn)中：(1)用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖所示,可知其長(zhǎng)度為_(kāi)mm；(2)用多用電表的歐姆擋粗測(cè)該圓柱體的電阻Rx的阻值在90 左右，現(xiàn)要測(cè)量其阻值，實(shí)驗(yàn)室提供如下器材： A電流表A1(量程50 mA、內(nèi)阻約1 )B電流表A2(量程200 mA、內(nèi)阻約為0.2 )C電流表A3(量程0.6 A、內(nèi)阻約為0.1 )D定值電阻R0=30 E滑動(dòng)變阻器R(最大阻值約為10 )F電源E(電動(dòng)勢(shì)為4 V)G開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)量電阻Rx的實(shí)驗(yàn)電路，如圖乙所示。為保證測(cè)量時(shí)M、N兩電表讀數(shù)均不小于其量程的1/3，M、N兩處的電流表應(yīng)分別選用：M為_(kāi)，N為_(kāi)(均選填“

8、A1”、“A2”或“A3”)。若M、N電表的讀數(shù)分別為IM、IN，則Rx的計(jì)算式為Rx=_。考慮本次測(cè)量存在一定的系統(tǒng)誤差，所以測(cè)量值比真實(shí)值_(填“偏大”或“偏小”)。12（12分）有一只標(biāo)識(shí)為“2.5 V，0.5 A”的小燈泡，小華想測(cè)定其伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)室所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：編號(hào)器材名稱規(guī)格與參數(shù)A電源E電動(dòng)勢(shì)為3.0V，內(nèi)阻不計(jì)B電流表A1量程010mA，內(nèi)阻200C電流表A2量程0600mA，內(nèi)阻2D電阻箱R阻值999.99E滑動(dòng)變阻器R1最大阻值10F滑動(dòng)變阻器R2最大阻值2k（1）為了達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康男枰M裝一個(gè)量程為3.0 V的電壓表，那么電

9、阻箱的阻值應(yīng)調(diào)到_ ；（2）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇_(選填器材前面的編號(hào))；（3）請(qǐng)幫助小華設(shè)計(jì)一個(gè)電路，要求使誤差盡量小，并將電路圖畫在圖1虛線框內(nèi)_；（4）小華在實(shí)驗(yàn)中用電流表和改裝后的電壓表測(cè)得數(shù)據(jù)并記錄在下表中，請(qǐng)根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在圖2方格紙上作出該小燈泡的伏安特性曲線_；電壓U/V00.51.01.52.02.5電流I/A00.170.300.390.450.49（5）將一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為3的電源直接接在該小燈泡的兩端，則該小燈泡的實(shí)際功率為_(kāi)W(結(jié)果保留1位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)

10、明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一圓柱形絕熱容器豎直放置，通過(guò)絕熱活塞封閉著攝氏溫度為t1的理想氣體，活塞的質(zhì)量為m，橫截面積為S，與容器底部相距h1。現(xiàn)通過(guò)電熱絲給氣體加熱一段時(shí)間，使其溫度上升到（攝氏）t2，若這段時(shí)間內(nèi)氣體吸收的熱量為Q，已知大氣壓強(qiáng)為P0，重力加速度為g，求：氣體的壓強(qiáng)這段時(shí)間內(nèi)活塞上升的距離是多少？這段時(shí)間內(nèi)氣體的內(nèi)能如何變化，變化了多少？14（16分）如圖甲所示，一端開(kāi)口導(dǎo)熱良好的氣缸放置在水平平臺(tái)上，活塞質(zhì)量為10kg，橫截面積為50cm1，氣缸全長(zhǎng)11cm，氣缸質(zhì)量為10kg，大氣壓強(qiáng)為1105Pa，當(dāng)溫度為7時(shí)，活塞封閉的氣柱長(zhǎng)10cm，現(xiàn)將氣缸

11、倒過(guò)來(lái)豎直懸掛在天花板上，如圖乙所示，g取10m/s1求穩(wěn)定后，活塞相對(duì)氣缸移動(dòng)的距離；當(dāng)氣缸被豎直懸掛在天花板上，活塞下降并達(dá)到穩(wěn)定的過(guò)程中，判斷氣缸內(nèi)氣體是吸熱還是放熱，并簡(jiǎn)述原因15（12分）如圖所示，兩物塊B、C用輕質(zhì)彈簧連在一起，置于光滑的水平面上，物塊A以v0與B碰撞，在極短的時(shí)間內(nèi)與B粘合在一起已mA=m，mB=2m，則：（1）在A與B碰撞過(guò)程中損失的動(dòng)能E=?（2）在A與B碰撞過(guò)程中A對(duì)B的沖量是多少？（3）A、B、C與彈簧組成的系統(tǒng)具有的最大彈性勢(shì)能EPmax=12mv02，問(wèn)C的質(zhì)量是多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中

12、，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)滑動(dòng)摩擦力的影響因素可知摩擦力的大小與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，則可由平衡條件可知彈簧彈力的變化?！驹斀狻慨?dāng)用力加速抽出木板B時(shí)，A物體保持靜止，故可知A受B的摩擦力，因A對(duì)B物體的壓力不變，故A、B間的摩擦力不會(huì)發(fā)生變化，故勻速拉動(dòng)時(shí)摩擦力也為4.0N；物體A在彈簧秤的作用下仍保持靜止，故彈簧秤對(duì)A的拉力仍為4.0N，即彈簧秤的示數(shù)大小仍等于4.0N，B正確?！军c(diǎn)睛】考察對(duì)滑動(dòng)摩擦力的理解。2、B【解析】A.兩球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，只受重力，加速度為都為g，所以兩球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)速度的變化率相等.故A錯(cuò)誤.B.由圖可知，兩球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，A球上升的高度

13、大，即A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以A球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長(zhǎng).故B正確.C.由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，則A球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長(zhǎng)。根據(jù)題意可知兩球水平方向距離相等，則A球的水平分速度小于B球的水平分速度，兩球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能守恒，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成可知，兩球落地時(shí)速度不一定相等.故C錯(cuò)誤.D. 由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以兩球落地時(shí)重力做功的功率A球的大于B球的.故D錯(cuò)誤.3、C【解析】AB根據(jù)三力平衡條件，任意兩力之和應(yīng)該大于第三個(gè)力，所以大小分別為1N、3N、8N的三個(gè)力合力不可能為零，故AB錯(cuò)誤；CD合力的最小值F1=8N-（1N+3

14、N）=4N，根據(jù)牛頓第二定律，加速度最小值合力最大值F2=1N+3N+8N=12N，根據(jù)牛頓第二定律，加速度最大值求得物體加速度的范圍：2m/s2a6m/s2，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4、C【解析】撤去F后，木塊A離開(kāi)豎直墻前，豎直方向兩物體氣所受的重力與水平面的支持力平衡，合力為零；而墻對(duì)A有向右的彈力，所以系統(tǒng)的合外力不為零，系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，這個(gè)過(guò)程中，只有彈簧的彈力對(duì)B做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，AB錯(cuò)誤；A離開(kāi)豎直墻后，系統(tǒng)水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，所以系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)機(jī)械能也守恒， C正確，D錯(cuò)誤選C【點(diǎn)睛】根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條

15、件：系統(tǒng)不受外力或所受合外力為零，分析系統(tǒng)所受的外力情況，判斷動(dòng)量是否守恒根據(jù)是否是只有彈簧的彈力做功，判斷系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒5、B【解析】根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nesv可知，導(dǎo)線不變，nes不變，而I增大，則只有v增大，即電子定向移動(dòng)的速度增大電場(chǎng)的傳播是以光速進(jìn)行的，由于光速保持不變，故電場(chǎng)的傳播速率保持不變由于自由電子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的速度由溫度決定，故由于導(dǎo)線保持溫度不變，故自由電子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的速度的大小保持不變只有真正理解了每一概念的真正的含義才能真正學(xué)好物理，故在學(xué)習(xí)新課時(shí)不能放過(guò)任何一個(gè)概念6、B【解析】A、在01s時(shí)間內(nèi)物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在1s3s間內(nèi)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，但

16、速度一直為正，即運(yùn)動(dòng)方向相同，故A錯(cuò)誤；B、由平均速度公式v=v+v02得兩段時(shí)間內(nèi)的平均速度均為12m/s，即平均速度相同，故B正確；C、根據(jù)vt圖象斜率表示加速度，加速度方向不同，加速度大小之比為：a1:a2=1-01:1-02=2:1，所以加速度不同，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)vt圖象與坐標(biāo)軸所圍的“面積”大小等于位移，則得位移之比為：x1:x2=(1211):(1212)=1:2，所以位移不相同，故D錯(cuò)誤；故選B。【點(diǎn)睛】關(guān)鍵知道加速度的大小為v-t圖象斜率的絕對(duì)值，圖象與坐標(biāo)軸所圍的“面積”大小等于位移；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度可公式v=v+v02求解。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5

17、分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】由圖可知，物體在第1s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第2s內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，第3s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)，得第1s內(nèi)，第2s內(nèi)，第3s內(nèi)；根據(jù)牛頓第二定律有：第1s內(nèi)，得，第2s內(nèi)，得，第3s內(nèi)，得，AD錯(cuò)誤；第3s內(nèi)物體的加速度大小為，則有，即，B正確；根據(jù)牛頓第二定律和平衡條件可知：拉力方向始終與摩擦力方向相反，C正確，選BC.【點(diǎn)睛】速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度，所以從圖象可得第1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律列式分析8、ABD【解析】A

18、、B、設(shè)升降機(jī)對(duì)物體的支持力大小為F，由功能關(guān)系得：Fh=E，即F=Eh，所以E-h圖象切線斜率的絕對(duì)值等于小球所受支持力的大小，由圖可知在0h1內(nèi)斜率的絕對(duì)值逐漸減小，故在0h1內(nèi)小球所受的支持力逐漸減小，若支持力先大于重力后小于重力，物體先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能會(huì)先增加后減?。还蔄正確.B、0h1過(guò)程中，升降機(jī)對(duì)小球的支持力方向與位移相同均向上，則支持力對(duì)小球的支持力一定做正功；故B正確.C、由于小球在h1h2內(nèi)重力勢(shì)能隨高度的增大而增大；故C錯(cuò)誤.D、由于小球在h1h2內(nèi)E-h圖的斜率不變，所以小球所受的支持力保持不變，可能與重力平衡，故物體可能做勻速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變；故D正確.故選

19、ABD.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要掌握功能關(guān)系，并能列式分析圖象斜率的物理意義，知道E-h圖象的斜率的絕對(duì)值等于支持力9、BCD【解析】A根據(jù)題意可知，B與地面間的最大靜摩擦力為因此要使B能夠相對(duì)地面滑動(dòng)，A對(duì)B所施加的摩擦力至少為A、B間的最大靜摩擦力為故時(shí)，A、B都相對(duì)地面靜止，A錯(cuò)誤；BA、B恰好不相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可知應(yīng)當(dāng)滿足且即則當(dāng)F3mg，A、B將一起向右加速滑動(dòng)。當(dāng)時(shí)，對(duì)A和B整體受力分析有解得故B正確。CD當(dāng)F3mg時(shí)，A、B將以不同的加速度向右滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有F2mg2maA，解得，故CD正確。故選BCD。10、BCD【解析】A對(duì)ABC整體分析可知，對(duì)地壓力為：與無(wú)

20、關(guān)。故A錯(cuò)誤。B將C的重力按照作用效果分解，如圖所示：可得：對(duì)A分析，受重力、桿的推力、支持力和向右的靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：當(dāng)m一定時(shí)，越大，滑塊與地面間的摩擦力越小。故B正確。CD由上可知，當(dāng)一定時(shí)，M越大，M與地面間的最大靜摩擦力越大；則可懸掛重物C的質(zhì)量m越大。故CD正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、50.15 A1 A2 偏大 【解析】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：主尺+游標(biāo)尺=50mm+30.05mm=50.15mm；（2）電阻R0的電流：，通過(guò)待測(cè)電阻的電流：，故M表選A1，N表選A2。通過(guò)R0的電流為：IR0=IN

21、-IM；并聯(lián)電路電流之比等于電壓之比的倒數(shù)，可得，解得：。因電流表有電阻，則測(cè)量值比真實(shí)值偏大。12、100 E 0.2 【解析】（1）1由題意可知，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用伏安法測(cè)量伏安特性曲線，由表中數(shù)據(jù)可知，電流大小最大約為0.49A，因此電流表應(yīng)采用A2，故只能采用A1與電阻箱串聯(lián)的方式進(jìn)行改裝，由串并聯(lián)電路規(guī)律可知=100（2）2由于本實(shí)驗(yàn)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，所以只能選用總阻值較小的E；（3）3本實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，由于電流表內(nèi)阻較小，故應(yīng)采用電流表外接法，故原理圖如圖所示（4）4根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的伏安特性曲線如圖所示（5）5在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交

22、點(diǎn)表示燈泡的工作點(diǎn)，由圖可知，電壓U=0.8V，電流I=0.22A，則功率WW【點(diǎn)睛】明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)電路的改裝規(guī)律可明確電阻箱應(yīng)接入電阻；根據(jù)滑動(dòng)變阻器的作用可確定應(yīng)選擇的滑動(dòng)變阻器；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行分析，從而明確應(yīng)采用的電路圖；根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象；在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點(diǎn)表示燈泡的工作點(diǎn)，從而確定電壓和電流，由功率公式即可確定電功率四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、； ； Q【解析】活塞受力分析如圖，由平衡條件：得：；設(shè)溫度為t2時(shí)活塞與容器底部相距h2，因?yàn)闅怏w做等壓變化，由蓋呂薩克定律得：由此得：活塞上升了hh2h1；氣體對(duì)外做功為：得：由熱力學(xué)第一定律可知：