1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、四個電荷量大小相同的點電荷位于正方形四個角上，電性與各點電荷附近的電場線分布如圖所示ab、cd分別是正方

2、形兩組對邊的中垂線，O為中垂線的交點，P、Q分別為ab、cd上的兩點，OPOQ，下列說法中正確的是（）AP、Q兩點電勢相等，場強也相等BP點的電勢比M點的低CPM兩點間的電勢差大于QM間的電勢差D帶負電的試探電荷在Q點時比在M點時電勢能小2、用細線將籃球拴在升降機光滑的側壁上，當升降機加速下降時，出現(xiàn)如圖所示的情形四位同學對此現(xiàn)象做出了分析與判斷，其中可能正確的是()A升降機的加速度大于g，側壁對球無擠壓B升降機的加速度小于g，側壁對球有擠壓C升降機的加速度等于g，側壁對球無擠壓D升降機的加速度等于g，側壁對球有擠壓3、下列敘述符合物理學史實的是（ ）A牛頓提出了萬有引力定律，并用實驗測量了萬

3、有引力常量B庫侖最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場C奧斯特對電磁感應現(xiàn)象的研究，將人類帶人了電氣化時代D安培提出了分子電流假說，解釋了磁鐵的磁場和電流的磁場在本質上相同4、如圖所示，ABCD是一個盆式容器，盆內側壁與盆底BC的連接處都是一段與BC相切的圓弧，BC是水平的，其長度d0.60m盆邊緣的高度為h0.30m在A處放一個質量為m的小物塊并讓其從靜止下滑已知盆內側壁是光滑的，而盆底BC面與小物塊間的動摩擦因數(shù)為0.1小物塊在盆內來回滑動，最后停下來，則停的地點到B的距離為（）A0.50 mB0.60 mC0.1 mD05、伽利略相信，自然界的規(guī)律時簡單明了的。他從這個信念出發(fā)，猜想

4、落體的速度應該是均勻變化的。為驗證自己的猜想，他做了“斜面實驗”，如圖所示。發(fā)現(xiàn)銅球在斜面上運動的位移與時間的平方成正比。改變球的質量或增大斜面傾角，上述規(guī)律依然成立。于是，他外推到傾角為的情況，得出落體運動的規(guī)律。結合以上信息，判斷下列說法正確的是A伽利略通過“斜面實驗”來研究落體運動規(guī)律時為了便于測量速度B伽利略通過“斜面實驗”來研究落體運動規(guī)律時為了便于測量加速度C由“斜面實驗”的結論可知，銅球運動的速度隨位移均勻增大D由“斜面實驗”的結論可知，銅球運動的速度隨時間均勻增大6、如圖所示，AB是半圓弧的直徑，處于水平，O是圓弧的圓心，C是圓弧上一點，OAC37，在A、O兩點分別以一定的初速

5、度同時水平拋出兩個小球，結果都落在C點，則兩個球拋出的初速度v1、v2的大小之比為(sin 370.6，cos 370.8，取g10 m/s2，不計空氣阻力)()Av1v2327Bv1v2167Cv1v2163Dv1v2169二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，固定在同一水平面上的兩平行金屬導軌AB，CD，兩端接有阻值相同的兩個定值電阻質量為m的導體棒垂直放在導軌上，輕彈簧左端固定，右端連接導體棒，整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中當導體棒靜止在OO位置時，彈

6、簧處于原長狀態(tài)此時給導體棒一個水平向右的初速度v0，它能向右運動的最遠距離為d，且能再次經過OO位置已知導體棒所受的摩擦力大小恒為Ff，導體棒向右運動過程中左側電阻產生的熱量為Q，不計導軌和導體棒的電阻則()A彈簧的彈性勢能最大為12mv02QFfdB彈簧的彈性勢能最大為12mv022QFfdC導體棒再次回到OO位置時的動能等于12mv024Q2FfdD導體棒再次回到OO位置時的動能大于12mv024Q2Ffd8、如圖，一光滑的輕滑輪用細繩OO懸掛于O點；另一細繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊b外力F向右上方拉b，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)若F方向不變，大小在一定范圍

7、內變化，物塊b仍始終保持靜止，則（）A繩OO的張力也在一定范圍內變化B物塊b所受到的支持力也在一定范圍內變化C連接a和b的繩的張力也在一定范圍內變化D物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化9、如圖所示，自左向右依次固定放置半圓形玻璃磚、足夠長的豎立的長方體玻璃磚和光屏，BC、MN、PQ三個表面相互平行一點光源可沿著圓弧移動，從點光源發(fā)出的一束白光始終正對圓心O射入半圓形玻璃磚，經過長方體玻璃磚后，打在光屏上已知玻璃對紅光的折射率為n=1.513，若不考慮光在各個界面的反射，則下列說法正確的是 A點光源從B移動到C的過程中，光屏上總有彩色光斑B點光源從B移動到C的過程中，光屏上紅色光斑的移動速

8、率比紫色光斑的小C點光源在A點時，光屏上紅色光斑在紫色光斑的上方D點光源在A點時，若撤除長方體玻璃磚，光屏上紅色光斑將向上移動E.點光源在A點時，若將光屏稍向右平移，光屏上紅色光斑與紫色光斑的間距將增大10、如圖所示，水平細桿上套一細環(huán)A，環(huán)A和球B間用一輕質繩相連，質量分別為mA、mB （mAmB），由于B球受到水平風力作用，A環(huán)與B球一起向右勻速運動，已知細繩與豎直方向的夾角為，則下列說法正確的是A風力增大時，輕質繩對B球的拉力保持不變B風力增大時，桿對A環(huán)的支持力保持不變CB球受到的風力F為mAgtan DA環(huán)與水平細桿間的滑動摩擦因數(shù)為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題

9、卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在研究性學習中，利用所學的知識解決了如下問題：一輕質彈簧豎直懸掛于某一深度為h=35 cm，且開口向下的小筒中（沒有外力作用時彈簧的下端位于筒內，用測力計可以同彈簧的下端接觸），如圖甲所示，若本實驗的長度測量工具只能測量露出筒外彈簧的長度l，現(xiàn)要測出彈簧的原長l0和彈簧的勁度系數(shù)，該同學通過改變l而測出對應的彈力F，作出F-l圖象如圖乙所示，則彈簧的勁度系數(shù)為k= _ N/m，彈簧的原長l0= _ cm12（12分）如圖甲所示是某同學探究加速度與力的關系的實驗裝置。他在氣墊導軌上安裝了一個光電門B，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過氣墊導

10、軌左端的定滑輪與力傳感器相連，力傳感器可直接測出繩中拉力，傳感器下方懸掛鉤碼，每次滑塊都從A處由靜止釋放。氣墊導軌摩擦阻力很小可忽略不計，由于遮光條的寬度很小，可認為遮光條通過光電門時速度不變。(1)該同學用游標卡尺測量遮光條的寬度d，如圖乙所示，則d=_mm。(2)實驗時，該同學用游標卡尺測量遮光條的寬度d值，將滑塊從A位置由靜止釋放，測量遮光條到光電門的距離L，若要得到滑塊的加速度，還需由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門B的_；(3)下列不必要的一項實驗要求是_；A應使滑塊質量遠大于鉤碼和力傳感器的總質量B應使A位置與光電門間的距離適當大些C應將氣墊導軌調節(jié)水平D應使細線與氣墊導軌平行(4)

11、改變鉤碼質量，測出對應的力傳感器的示數(shù)F，已知滑塊總質量為M，用（2）問中已測物理量和已給物理量寫出M和F間的關系表達式F=_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，固定斜面足夠長，斜面與水平面的夾角=30，一質量為3m的“L”型工件沿斜面以速度v0勻速向下運動，工件上表面光滑，其下端連著一塊擋板某時刻，一質量為m的小木塊從工件上的A點，沿斜面向下以速度v0滑上工件，當木塊運動到工件下端時（與擋板碰前的瞬間），工件速度剛好減為零，后木塊與擋板第1次相碰，以后每隔一段時間，木塊就與工件擋板碰撞一次已知

12、木塊與擋板都是彈性碰撞且碰撞時間極短，木塊始終在工件上運動，重力加速度為g求：（1）木塊滑上工件時，木塊、工件各自的加速度大小（2）木塊與擋板第1次碰撞后的瞬間，木塊、工件各自的速度大?。?）木塊與擋板第1次碰撞至第n（n=2，3，4，5，）次碰撞的時間間隔及此時間間隔內木塊和工件組成的系統(tǒng)損失的機械能E14（16分）甲車以加速度3m/s2由靜止開始作勻加速直線運動，乙車落后2s鐘在同一地點由靜止開始，以加速度4m/s2作勻加速直線運動，兩車的運動方向相同，求：（1）在乙車追上甲車之前，兩車距離的最大值是多少？（2）乙車出發(fā)后經多長時間可追上甲車？此時它們離開出發(fā)點多遠？15（12分）如圖所示

13、，一導熱性能良好、內壁光滑的汽缸豎直放置，在距汽缸底部l=36cm處有一與汽缸固定連接的卡環(huán)，活塞與汽缸底部之間封閉了一定質量的氣體當氣體的溫度T0=300K、大氣壓強p0=1.0105Pa時，活塞與汽缸底部之間的距離l0=30cm，不計活塞的質量和厚度現(xiàn)對汽缸加熱，使活塞緩慢上升，求：（1）活塞剛到卡環(huán)處時封閉氣體的溫度T1；（1）封閉氣體溫度升高到T1=540K時的壓強p1參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：電場線的疏密表示場強的大小，電場線越密，電場強度越大，根據圖象知P點的電場強度比Q點

14、的小根據電場線與等勢面垂直，可知ab與cd是兩條等勢線，則P與O的電勢相等，Q與O的電勢也相等，所以P、Q兩點的電勢相等，故A錯誤；ab連線上各點的電勢相等，M點比ab連線上各點的電勢低，則M點的電勢比P點的低，故B錯誤；由于P、Q兩點電勢相等，所以PM兩點間的電勢差等于QM間的電勢差，故C錯誤；P、Q兩點的電勢相等，則Q點的電勢高于M點的電勢，而負電荷在電勢高處電勢能小，所以帶負電的試探電荷在Q點的電勢能比在M點小，故D正確。考點：電勢差與電場強度的關系、電勢能【名師點睛】本題的關鍵要掌握電場線的分布情況，理解電場的疊加原理，掌握電場線的兩個物理意義：電場線的疏密表示場強的大小，電場線方向表

15、示電勢的高低。2、C【解析】試題分析：當升降機加速下降時，加速度等于g，則小球在豎直方向上僅受重力，拉力為零，由于小球在水平方向上平衡，可知側壁對小球無擠壓，故C正確，D錯誤當升降機加速下降時，加速度大于g，小球受重力、繩子的拉力，由于水平方向上平衡，則側壁對小球有彈力，即側壁對球有擠壓，故A錯誤當升降機加速下降是，加速度小于g，不會出現(xiàn)如圖所示的情況，球會在懸點下方，故B錯誤故選C考點：牛頓第二定律的應用【名師點睛】解決本題的關鍵知道小球和升降機具有相同的加速度，通過隔離對小球分析，合力在豎直下降，抓住水平方向平衡進行求解3、D【解析】A. 牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許用實驗測量了萬有引

16、力常量，故A錯誤；B、物理學家法拉第最早引入了電場的概念，并提出用電場線形象表示電場，故B錯誤；C、法拉第對電磁感應現(xiàn)象的研究，將人類帶人了電氣化時代，故C錯誤；D. 安培提出了分子電流假說，解釋了磁鐵的磁場和電流的磁場在本質上相同，故D正確；故選D。4、B【解析】根據動能定理，對小物塊開始運動到停止的全過程進行研究，求出小物塊在BC面上運動的總路程，再由幾何關系分析最后停止的地點到B的距離【詳解】設小物塊在BC面上運動的總路程為S物塊在BC面上所受的滑動摩擦力大小始終為fmg，對小物塊從開始運動到停止運動的整個過程進行研究，由動能定理得mghmgs0得到，d0.60m，則s5d，所以小物塊在

17、BC面上來回運動共5次，最后停在C點，則停的地點到B的距離為0.60m。故選B。5、D【解析】AB自由落體運動下落很快，不易計時，伽利略讓小球沿阻力很小的斜面滾下，延長了小球的運動時間，“沖淡”了重力的作用，故AB錯誤；CD由“斜面實驗”可知，銅球在斜面上運動的位移與時間的平方成正比，由公式可知，銅球運動的速度隨時間均勻增大，故C錯誤，D正確。故選D。6、A【解析】兩球下落的高度相同，根據；知，下落的時間相同，設圓弧的半徑為R，則A點拋出的球平拋運動的水平位移x12Rcos 37cos 371.28R，從O點拋出的球做平拋運動的水平位移為x2x1R0.28R，根據知v1v2327，A正確二、多

18、項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】當導體棒向右運動的過程中，根據能量的轉換與守恒得：12mv02EP+2Q+fd；所以：EP12mv022Qfd，故A錯誤，B正確；由于產生了電能和熱能，導體棒的機械能不斷減小，所以導體棒在同一個位置時，向右的速度大于向左的速度。所以導體棒向左運動的過程中產生的電能小于導體棒向右運動的過程中產生的電能。即：2Q2Q；當導體棒向左運動的過程中，根據能量的轉換與守恒得：EP12mv2+2Q+fd；聯(lián)立得：12mv212m v022Q

19、fd2Qfd12m v024Q2fd；故C錯誤，D正確。故選BD。點睛：該題考查電磁感應中的能量的轉化與守恒，要注意導體棒向左運動的過程中產生的電能小于導體棒向右運動的過程中產生的電能8、BD【解析】由于整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，所以滑輪兩側連接a和b的繩子的夾角不變；物塊a只受重力以及繩子的拉力，由于物體a平衡，則連接a和b的繩子張力T保持不變；由于繩子的張力及夾角均不變，所以OO中的張力保持不變，A、C錯誤；b處于靜止即平衡狀態(tài)，對b受力分析有：力T與力F與x軸所成夾角均保持不變，由平衡條件可得：N+Fsin+Tsin-mg=0，f+Fcos-Tcos=0；由此可得：N=mg-Fsin-Tsi

20、n；由于T的大小不變，可見當F大小發(fā)生變化時，支持力的大小也在一定范圍內變化，B正確；f=Tcos-Fcos，由于T的大小不變，當F大小發(fā)生變化時，b靜止可得摩擦力的大小也在一定范圍內發(fā)生變化，D正確；故選BD。9、BCE【解析】A、當入射光AOBC時，不發(fā)生折射，在光屏上沒有彩色光斑，故A錯誤；B、由于紅光的折射率最小，紫光的折射率最大，點光源從B移動到C的過程中，紅光通過半圓形玻璃磚后折射角最小，移動的距離最小，由于光線通過長方體玻璃磚后，出射光線與入射光線平行，可知光屏上紅色光斑的移動距離比紫光小，紅光移動速率比紫色光斑的小，故B正確；C、點光源在A點時，由于紅光的偏折程度最小，紫光的偏

21、折程度最大，則紅光的光屏上紅色光斑在紫色光斑的上方，故C正確；D、光線通過長方體玻璃磚后會向上發(fā)生移側，則點光源在A點時，若撤除長方體玻璃磚，光屏上紅色光斑將向下移動，故D錯誤；E、點光源在A點時，若將光屏稍向右平移，出射光線方向不變，根據幾何關系可知，光屏上紅色光斑與紫色光斑的間距增大，故E正確；故選BCE10、BC【解析】AC以B球為研究對象，分析受力如圖2所示，由平衡條件得到：輕質繩對球B的拉力，風力，風力F增大時，增大，減小，T增大，故A錯誤；C正確；B以整體為研究對象，分析受力如圖1所示，根據平衡條件得知：桿對環(huán)A的支持力，所以桿對環(huán)A的支持力保持不變，故B正確；D由圖1得到，環(huán)A與

22、水平細桿間的動摩擦因數(shù)為，故D錯誤故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、200 25 【解析】根據胡克定律寫出F與l的關系式，然后結合數(shù)學知識求解即可。【詳解】根據胡克定律F與l的關系式為F=k(l+h-l0)=kl+k(h-l0)，從圖象中可得直線的斜率為k=Fl=60-2020N/cm=200N/m，截距為20N；故彈簧的勁度系數(shù)為：k=200N/m，由k(h-l0)=20N，解得：l0=25cm12、2.30 時間 A 【解析】(1)1由圖知第6條刻度線與主尺對齊d=2mm+60.05mm=2.30mm(2)2已知初速度為零

23、，位移為L，要計算加速度，需要知道末速度，根據瞬時速度的計算方法可知，需要由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門B的時間t；(3)3A拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質量和鉤碼質量大小關系無關，故A正確。B應使A位置與光電門間的距離適當大些，有利于減小誤差，故B錯誤。C應將氣墊導軌調節(jié)水平，使拉力才等于合力，故C錯誤。D要保持拉線方向與氣墊導軌平行，拉力才等于合力，故D錯誤。(4)4滑塊到達光電門的速度為：v=根據勻加速運動的速度位移的關系公式得：a=根據牛頓第二定律得到：F=Ma=四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）a1； a1 （1）1v0 ；1v0（3）t =（n=1,3,4,5,）；E=14（n1）mv01（n=1,3,4,5,）【解析】（1）設工件與斜面間的動摩擦因數(shù)為，木塊加速度為a1，工件加速度為a1對木塊，由牛頓第二定律