1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，電鍵S原來是閉合的，當R1、 R2的滑片剛好處于各自的中點位置時，懸在平行板電容器C兩水平極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止狀態(tài)，能使塵埃P加速向上移動的方法是( )A把R1的滑片向上移動B把R2的滑片向上移動C把R2

2、的滑片向下移動D斷開電鍵S2、在如圖所示的四幅圖中，正確標明了帶正電的粒子所受洛倫茲力F方向的是ABCD3、1876年美國物理學家羅蘭完成了著名的“羅蘭實驗”此實驗可簡化為大量的負電荷加在一個橡膠圓盤邊緣上，然后在圓盤附近懸掛一個小磁針，將圓盤繞中心軸按如圖所示方向高速旋轉時，就會發(fā)現(xiàn)小磁針發(fā)生偏轉忽略地磁場對小磁針的影響下列說法錯誤的是A小磁針發(fā)生偏轉說明了電流會產生磁場B圓盤中心軸處的磁場方向向下C當小磁針位于圓盤的左上方時，它的N極指向左側D當小磁針位于圓盤的左下方時，它的N極指向右側4、如圖在研究自感現(xiàn)象的實驗中,用兩個完全相同的燈泡a、b分別與有鐵芯的線圈L和定值電阻R組成如圖所示的

3、電路（自感線圈的直流電組與定值電阻R的阻值相等）,閉合開關S達到穩(wěn)定后兩燈均可以正常發(fā)光.關于這個實驗的下面說法中正確的是A閉合開關的瞬間,通過a燈的電流大于通過b燈的電流B閉合開關后,a燈先亮,b燈后亮C閉合開關,待電路穩(wěn)定后斷開開關,通過a燈的電流不大于原來的電流D閉合開關,待電路穩(wěn)定后斷開開關,通過b燈的電流大于原來的電流5、孤立的兩顆星球A、B構成雙星系統(tǒng)，已知A、B質量之比mA ：mB=1 ：3，那么它們的線速度之比vA ：vB為( )A1：1B3：1C1：3D9：16、如圖所示，實線表示某電場的電場線（方向未標出），虛線是一帶負電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設M點和N點的電勢

4、分別為，粒子在M和N時加速度大小分別為，速度大小分別為，電勢能分別為下列判斷正確的是ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的是兩個閉合電路中兩個電源的UI圖象，下列說法中正確的是( )A電動勢E1E2，內阻r1r2B電動勢E1E2，內阻r1r2C電動勢E1E2，發(fā)生短路時的電流I1I2D當兩電源的工作電流變化相同時，電源2的路端電壓變化較大8、如圖所示，在點電荷Q形成的電場中，帶電粒子q僅受電場力作用，運動軌跡為MEGFN曲線，其中G點與等勢面a相切，E

5、、F兩點在等勢面b上，M、N兩點在等勢面c上則以下判斷正確的是（ ）Aq與Q電性相同B帶電粒子在G點電勢能最小C帶電粒子在M點動能大于F點D帶電粒子在E點電勢能小于N點9、如圖電路中，A、B為兩塊豎直放置的金屬板，G是一只靜電計，開關S合上時，靜電計張開一個角度，下述情況中可使指針張角增大的(即AB間電壓增大的)是:_A合上S，使A、B兩板靠近一些B合上S，使A、B正對面積錯開一些C斷開S，使A、B間距增大一些D斷開S，使A、B正對面積錯開一些10、如圖所示，甲、乙為兩個獨立電源(外電路為純電阻)的路端電壓與通過它們的電流I的關系圖線，下列說法中正確的是()A電源甲的電動勢大于電源乙的電動勢B

6、電源甲的內阻小于電源乙的內阻C路端電壓都為U0時，它們的外電阻相等D電流都是I0時，兩電源的內電壓相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）（1）在一次實驗時某同學用游標卡尺測量（如圖所示），示數(shù)為 _ cm.在一次實驗時某同學用螺旋測微器測量（如圖），示數(shù)為_ mm.（2）某電阻額定電壓為3 V（阻值大約為10 ）為測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：A：電流表A1（量程300 mA，內阻約1 ）B：電流表A2（量程0.6 A，內阻約0.3 ）C：電壓表V1（量程3.0 V，內阻約3 k）D：電壓表V2（量程5.0 V，內阻

7、約5 k）E：滑動變阻器R1（最大阻值為10 ）F：滑動變阻器R2（最大阻值為1 k）G：電源E（電動勢4 V，內阻可忽略）H：電鍵、導線若干為了盡可能提高測量準確度，應選擇的器材為（只需添器材前面的字母即可）：電流表_，電壓表_，滑動變阻器_.畫出該實驗電路圖 _ .12（12分）下列為某組同學的“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗（1）請?zhí)暨x合適的電表量程，在下圖1中，完成余下的電路連線要求小燈泡兩端的電壓能從零開始連續(xù)變化_（2）根據(jù)上述電路，測量得到了一組實驗數(shù)據(jù)，并在I-U圖中描點連線后得到如下圖線a該組同學為了進一步研究溫度對電阻的影響，將小燈泡玻璃敲碎后，使燈絲倒置浸在油杯中（如下圖

8、2所示），使燈絲的溫度在開始階段基本不變，更換電表的量程后，再次完成上述實驗，得到實驗數(shù)據(jù)如下表所示請用表中數(shù)據(jù)在坐標紙上描點，并作出I-U圖線b_（3）根據(jù)上述的I-U圖像，比較a、b兩條圖線的異同，并說明原因 _四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，離子發(fā)生器發(fā)射出一束質量為m、電荷量為q的離子，從靜止經(jīng)加速電壓U1加速后，獲得速度v0，并沿垂直于勻強電場方向射入兩平行板中央，受偏轉電壓U2作用后，以速度v離開電場，已知平行板長為L，兩板間距離為d，求：(1)v0的大小(2)離子在偏轉電場中運動

9、的時間t(3)離子在離開偏轉電場時的偏移量y14（16分）如圖所示，勻強電場電場線與AC平行，把108C的正電荷從A點移到B點，靜電力做功6108J，AB長6cm，AB與AC成60角求：(1)在圖中標出場強方向及計算場強大小；(2)設B處電勢為1V，則A處電勢為多少；(3)在（2）問基礎上，該電荷在A點電勢能為多少15（12分）如圖所示，勻強電場的場強方向水平向右一根絕緣絲線一端固定在O點，另一端連接一質量為m、電荷量為q的小球小球靜止在電場中，絲線與豎直方向成37已知重力加速度為g，sin37=0.6，cos37=0.1求：（1）小球帶電的種類；（2）小球受到的電場力大小F；（3）電場強度的

10、大小E參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析: 以油滴為研究對象進行受力分析可知，油滴靜止不動，所受電場力與重力平衡，即。題中R1沒有電流通過，故改變R1時對電路工作狀態(tài)無影響，粒子將靜止不動，故A錯誤；把R2的滑片向上移動，減小R2的阻值，R2的電壓變小，電容器電壓變小，電場力小于重力，粒子向下運動，故B錯誤；把R2的滑片向下移動，增大R2的阻值，R2的電壓變大，電容器電壓變大，電場力大于重力，粒子向上運動，故C正確；斷開電鍵S時，電容器與可變電阻構成閉合回路，電容器放電，油滴下落，故D錯誤。考點

11、：閉合電路歐姆定律2、B【解析】由左手定則判斷出帶電粒子所受洛倫茲力方向，然后答題【詳解】A項：由左手定則可知，在第1幅圖中，粒子所受洛倫茲力豎直向下，故A錯誤；B項：由左手定則可知，在第2幅圖中，粒子所受洛倫茲力豎直向上，故B正確；C項：由左手定則可知，在第3幅圖中，粒子所受洛倫茲力豎直向內，故C錯誤； D項：由左手定則可知，在第4幅圖中，粒子所受洛倫茲力豎直向外，故D錯誤故選B3、B【解析】由題中“大量的負電荷加在一個橡膠圓盤邊緣上”可知，本題主要考察定向運動電荷會形成電流和安培定制，根據(jù)安培定則和磁極間的相互作用可以分析本題?！驹斀狻緼根據(jù)題意可以知道，磁針收到磁場力的作用，原因是因為電

12、荷的定向移動，從而形成電流，而電流周圍會產生磁場，A說法正確但不符合題目要求，故A不符合題意；B由于是負電荷定向移動， 因此形成的電流方向與負電荷移動方向相反，根據(jù)安培定則可以判斷圓盤中心軸處的磁場方向向上，B說法錯誤，符合題目要求，故B符合題意；C圓盤產生的磁場方向向上，故等效磁場上方為N極，故小磁針的N極將向左側偏轉，C說法正確，故C不符合題意；D若小磁針處于圓盤的左下方時，因下方是S極，則小磁針的N極向右偏，D說法正確，故D不符合題意。4、C【解析】A. 閉合開關的瞬間，由于線圈中自感電動勢的阻礙，通過a燈的電流小于通過b燈的電流。故A錯誤。B. 閉合開關后，b燈立即正常發(fā)光，b燈由于線

13、圈中自感電動勢的阻礙，電流逐漸增大，慢慢亮起來。故B錯誤。C. 閉合開關，待電路穩(wěn)定后斷開開關，b燈中原來電流立即減為零，線圈L產生自感電動勢，使a中電流逐漸從原來值減小到零，則通過a燈的電流不大于原來的電流，通過b燈的電流也不大于原來的電流，故C正確，D錯誤5、B【解析】雙星繞連線上某點做勻速圓周運動，萬有引力提供圓周運動向心力，兩星的周期和角速度相同則有：可得=據(jù)v=r，可得：故選B。6、D【解析】試題分析：將粒子的運動分情況討論：從M運動到N；從N運動到M，根據(jù)電場的性質依次判斷；電場線越密，電場強度越大，同一個粒子受到的電場力越大，根據(jù)牛頓第二定律可知其加速度越大，故有；若粒子從M運動

14、到N點，則根據(jù)帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，可知在某點的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做負功，電勢能增大，動能減小，即，負電荷在低電勢處電勢能大，故；若粒子從N運動到M，則根據(jù)帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，可知在某點的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做正功，電勢能減小，動能增大，即，負電荷在低電勢處電勢能大，故；綜上所述，D正確；【點睛】考查了帶電粒子在非勻強電場中的運動；本題的突破口是根據(jù)粒子做曲線運動時受到的合力指向軌跡的內側，從而判斷出電場力方向與速度方向的夾角關系，進而判斷出電場力做功情況二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四

15、個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】試題分析：U-I圖象中與U軸的交點表示電源的電動勢，斜率表示內阻，電動勢E1=E2，內阻r1r2，故B錯誤，A正確；U-I圖象與I軸的交點表示短路電流，故發(fā)生短路時的電流I1I2，故C錯誤；根據(jù)U=E-Ir可知，U=-rI，內阻r1r2，故當電源的工作電流變化相同時，電源2的路端電壓變化較大；故D正確；故選ACD.考點：U-I圖線；閉合電路的歐姆定律【名師點睛】本題考查了閉合電路電源的U-I圖象的相關知識，要求同學們理解U-I圖象中與U軸的交點表示電源的電動勢，與I軸的交點表示短路電流

16、，斜率表示內阻8、AC【解析】試題分析：由力學知識可知，物體受到的合力指向軌跡的內側，根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出帶電粒子與點電荷是同種電荷，存在靜電斥力根據(jù)力與速度方向關系可分析做功的正負解：A、由圖可知，粒子受靜電斥力的作用，MG段電場力與速度方向的夾角為鈍角，電場力做負功，GN段電場力與速度方向的夾角為銳角，電場力做正功因此q與Q電性相同，且G點電勢能最大，故A正確，B錯誤；C、由題意可知，E與F在同一等勢線上，而粒子從M到E，電場力做負功，電勢能增加，所以在M點電勢能小于F點，則在M點動能大于F點，故C正確D、同理可知，M與N點是等電勢的，所以粒子在E點電勢能大于N點，故D錯誤；故選AC【

17、點評】本題考查運用力學知識分析電場中軌跡問題的能力電場力具有力的共性，判斷電場力做功的正負，按照功的公式，分析電場力與速度方向的夾角來判斷及學會由電場力做功的正負來確定電勢能的增加與否9、CD【解析】試題分析：靜電計測量的是電容器兩端間的電勢差合上開關，電容器兩端間的電勢差不變；斷開開關，電容器所帶的電荷量不變解：A、合上開關，電容器兩端間的電勢差不變，靜電計指針張角不變故A、B錯誤C、斷開S，電容器帶電量保持不變，使A、B間距靠近一些，根據(jù)，d變小，C變大根據(jù)，U減小，張角變小故C錯誤D、斷開S，電容器帶電量保持不變，使A、B正對面積錯開一些，根據(jù)，S變小，C變小根據(jù)，U增大，張角增大故D正

18、確故選D【點評】解決本題的關鍵在處理電容器動態(tài)分析時，電容始終與電源相連，兩端間電勢差不變，與電源斷開，電量保持不變10、AC【解析】根據(jù)歐姆定律可知外電阻R路端電壓U與電流I的關系為R=U/I，圖線與U軸交點的坐標值表示電動勢的大小，與I軸交點的坐標值表示電路中的短路電流，圖線的斜率大小表示電源內電阻的大?。妱觿菖c短路電流的比值），電源的內電壓等于通過電源的電流與電源內阻的乘積，即U內=Ir【詳解】圖線與U軸交點的坐標值表示電動勢的大小，由圖線可知，甲與U軸交點的坐標值比乙的大，表明甲的電動勢大于乙的電動勢，故A正確圖線的斜率大小表示電源內電阻的大小（電動勢與短路電流的比值），圖線甲的斜率

19、大于圖線乙的斜率，表明甲的內阻大于乙的內阻，故B錯誤根據(jù)歐姆定律可知外電阻R路端電壓U與電流I的關系為R=U/I，在U-I圖線中甲、乙兩圖線的交點坐標為（I0，U 0），說明兩電源的外電阻相等，故C正確電源的內電壓等于通過電源的電流與電源內阻的乘積，即U內=Ir，因為甲的內阻較乙的內阻大，所以當電流都為I 0時，甲電源的內電壓較大，故D錯誤故選AC【點睛】本題利用圖象考查了閉合電路歐姆定律，要特別注意圖象與兩軸交點分別表示電動勢和短路電流，圖象斜率表示內阻大小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 ; ; A; C; E; 【解析】（1）

20、120分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為104mm，游標尺上第1個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為:10.05mm=0.05mm所以最終讀數(shù)為：104mm+0.05mm=104.05mm=10.405cm；2螺旋測微器的固定刻度為8mm，可動刻度為：7.50.01mm=0.075mm所以最終讀數(shù)為：8mm+0.075mm=8.075mm（2）3根據(jù)歐姆定律，流過電阻的最大電流：故電流表選A；4電阻額定電壓為3V則電壓表選C即可；5為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式接法，為了方便調節(jié)，滑動變阻器選小阻值的E 6即被測電阻為小電阻，選取電流表外接，題目要求

21、為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式故電路圖如圖【點睛】選擇器材通常的步驟：1、根據(jù)實驗要求設計合理的實驗電路2、估算電路中電壓、電流可能達到的最大值，以此選擇電壓表和電流表的量程12、 燈絲溫度不變時，電阻不變；隨著電壓升高，燈絲散熱不及，溫度升高，電阻變大 【解析】試題分析：（1）本實驗中應采用滑動變阻器分壓接法和電流表外接法，故實物圖如圖所示；（2）根據(jù)描點法可得出對應的圖象如圖所示；（3）根據(jù)兩圖象可知，異同之處有：a圖線表明小燈泡的電阻變化明顯，b圖象表明小燈泡燈絲在電壓較小時電阻變化不明顯，而電壓超過一定值時，電阻變化明顯；其原因為：燈絲溫度不變時，電阻不變；而隨著電壓升高，燈絲散熱不及，溫度升高明顯，從而電阻變大考點：測量燈泡的伏安特性曲線【名師點睛】本題考查測量燈泡的伏安特性曲線實驗，要注意明確實驗原理，并且掌握分析圖象的基本方法，能從圖象中找出電阻的變化四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)2qU1m(2)Lm2qU1(3)U2L24dU1(4)2qU1m+qU22L22md2U1【解析】(1)在加速電場中，由動能定理得：qU1=12mv02-0解得：v0=2q