1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一正三角形導線框ABC（高度為a）從圖示位置沿x軸正向勻速穿過兩勻強磁場區(qū)域。兩磁場區(qū)域磁感應強度大小均為B、方向相反、垂直于平面、寬度均為a。下圖反映感應電流與線框移動距離x的關系，以逆時針方向為電流的正方向。圖像正確的是（ ）ABCD2、如圖所示，a、b、c、d為圓上的四個點，ac、bd連線過圓心且相互垂直，置于圓心處帶正電的點電荷在a點產生的場強大小為E。若在該空間再施加一沿ac方向的大小為2E的勻強電場后，以下說法正確的是( )Aa點的場強大小為3E，方向由c到aB

3、c點的場強大小為3E，方向由c到aCb、d兩點的場強相同，大小都為EDb、d兩點的場強不相同，但大小都為E3、下列說法正確的是（）A米、千克、秒、庫侖都屬于國際單位制的基本單位B同一個物體在地球上比在月球上慣性大C一對作用力與反作用力做的功一定大小相等且一正一反D物體做曲線運動時，其所受合力的瞬時功率可能為零4、在如圖所示的位移（x）時間（t）圖象和速度（v）時間（t）圖象中，給出的四條圖線甲、乙、丙、丁分別代表四輛車由同一地點向同一方向運動的情況，則下列說法正確的是（）A0t1時間內，乙車的速度一直大于甲車的速度B0t1時間內，甲車與乙車之間的距離先增大后減小C0t2時間內，丙、丁兩車的距離

4、逐漸減小D0t2時間內，丁車的速度先大于丙車，后小于丙車5、在平直公路上行駛的甲車和乙車，它們沿同一方向運動的圖像如圖所示。已知時刻乙車在甲車前方處，下列說法正確的是（）A時，甲、乙兩車相遇B內，甲、乙兩車位移相等C甲、乙兩車之間的最小距離為D相遇前甲、乙兩車之間的最大距離為18m6、甲、乙兩物體同時同地沿同一直線運動的速度一時間圖象如圖所示，下列說法正確的是（）A時刻兩物體的加速度方向相同B時刻兩物體的速度方向相同C甲物體的加速度逐漸減小D時刻兩物體相遇二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3

5、分，有選錯的得0分。7、如圖所示，豎直放置的半圓形軌道與水平軌道平滑連接，不計一切摩擦圓心O點正下方放置為2m的小球A，質量為m的小球B以初速度v0向左運動，與小球A發(fā)生彈性碰撞碰后小球A在半圓形軌道運動時不脫離軌道，則小球B的初速度v0可能為（）ABCD8、如圖所示，水平面上的同一區(qū)域介質內，甲、乙兩列機械波獨立傳播，傳播方向互相垂直，波的頻率均為2Hz。圖中顯示了某時刻兩列波的波峰與波谷的情況，實線為波峰，虛線為波谷。甲波的振幅為5cm，乙波的振幅為10cm。質點2、3、5共線且等距離。下列說法正確的是（ ）A質點1的振動周期為0.5sB質點2的振幅為5cmC圖示時刻質點2、4的豎直高度差

6、為30cmD圖示時刻質點3正處于平衡位置且向上運動E.從圖示的時刻起經0.25s，質點5能通過的路程為30cm9、如圖所示，斜面傾角為，小球從斜面頂端P點以初速度水平拋出，剛好落在斜面中點處?，F將小球以初速度水平拋出，不計空氣阻力，小球下落后均不彈起，重力加速度為g，則小球兩次在空中運動過程中（）A時間之比為1:2B時間之比為C水平位移之比為1:4D當初速度為時，小球在空中離斜面的最遠距離為10、以下說法正確的是 A晶體具有各向同性，而非晶體具有各向異性B液體表面張力與重力有關，在完全失重的情況下表面張力消失C對于一定的液體和一定材質的管壁，管內徑的粗細會影響液體所能達到的高度D飽和汽壓隨溫度

7、而變，溫度越高飽和汽壓越大E.因為晶體熔化時吸收的熱量只增加了分子勢能，所以熔化過程中晶體溫度不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學用圖中所給器材進行與安培力有關的實驗。兩根金屬導軌ab和a1b1，固定在同一水平面內且相互平行，足夠大的電磁鐵（未畫出）的N極位于兩導軌的正上方，S極位于兩導軌的正下方，一金屬棒置于導軌上且與兩導軌垂直。（不計金屬導軌的電阻和摩擦）(1)在開關閉合后，金屬棒向_（選填“左側”或“右側”）移動。(2)為使金屬棒在離開導軌時具有更大的速度，有人提出以下建議：A適當增加兩導軌間的距離B保持兩個導軌間

8、距不變，換一根更長的金屬棒C將滑動變阻器滑片向左移動D把磁鐵換成磁性更強的足夠大的釹鐵硼磁鐵其中正確的是_（填入正確選項前的字母）。(3)如果將電路中電流方向反向，磁場也反向，金屬棒將會向_（選填“左側或“右側”）移動。12（12分）用如圖甲所示裝置驗證滑塊（含遮光片）和重物組成的系統(tǒng)機械能守恒。光電門固定在氣墊導軌上B點。實驗步驟如下：用天平測滑塊（含遮光片）質量M和重物質量m，用螺旋測微器測遮光片寬度d。測得M=3.0kg，m=l.0kg。正確安裝裝置，并調整氣墊導軌使其水平，調整滑輪，使細線與導軌平行。在氣墊導軌上確定點A，讓滑塊由靜止從A點釋放，記錄滑塊通過光電門遮光片的擋光時間；并用

9、刻度尺測A、B兩點間距離s。改變A點位置，重復第步，得到如下表數據：123456s/cm20.030.040.050.060.070.0/（）2.191.781.551.381.261.17回答下列問題：(1)測遮光片的寬度d時的情況如圖乙所示，則d=_mm。(2)只將滑塊放在導軌上，給氣墊導軌充氣，調整氣墊導軌，當滑塊_時，可以認為導軌水平了。(3)某同學分析處理表中第3組數據，則他算得系統(tǒng)減少的重力勢能Ep=_J，系統(tǒng)增加的動能Ek=_J。根據計算結果，該同學認為在誤差范圍內系統(tǒng)機械能守恒。（g取9.80m/s2，計算結果保留3位有效數字）(4)另一位同學認為前面伺學只選擇了一組數據，他嘗

10、試利用上表中全部數據，做出了函數關系圖像，圖像是一條過坐標原點的直線_。A B C D四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，左端封閉右端開口、直徑相同的U形細玻璃管豎直放置，左管中封閉有長的空氣柱，兩管水銀面相平，水銀柱足夠長，已知大氣壓強?，F將下端閥門打開，緩慢流出部分水銀，然后關閉閥門，左管水銀面下降的高度。(1)求右管水銀面下降的高度；(2)若再將右端封閉，同時對左管緩慢加熱，并保持右管內氣體的溫度不變，使右管的水銀面回到最初高度，求此時左管內氣體的壓強。14（16分）如圖為在密閉容器內一定質

11、量的理想氣體由狀態(tài)A變?yōu)闋顟B(tài)B的壓強P隨體積V的變化關系圖像。(1)用分子動理論觀點論證狀態(tài)A到狀態(tài)B理想氣體溫度升高；(2)若體積VB：VA=5：3，溫度TA=225K，求TB。15（12分）一簡諧橫波以4m/s的波速沿水平繩向x軸正方向傳播已知t=0時的波形如圖所示，繩上兩質點M、N的平衡位置相距波長設向上為正，經時間t1（小于一個周期），此時質點M向下運動，其位移仍為0.02m求（i）該橫波的周期；（ii）t1時刻質點N的位移參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】在上，在范圍，線框穿過左側磁場時，根據

12、楞次定律，感應電流方向為逆時針，為正值。在范圍內，線框穿過兩磁場分界線時，BC、AC邊在右側磁場中切割磁感線，有效切割長度逐漸增大，產生的感應電動勢增大，AC邊在左側磁場中切割磁感線，產生的感應電動勢不變，兩個電動勢串聯，總電動勢增大，同時電流方向為瞬時針，為負值。在范圍內，線框穿過左側磁場時，根據楞次定律，感應電流方向為逆時針，為正值，綜上所述，故A正確。故選A。2、D【解析】A由點電荷在a點產生的場強與勻強電場方向相反可知，a點的合場強大小為E，方向由a到c，故A錯誤；B由點電荷在c點產生的場強與勻強電場方向相同可知，c點的合場強大小為3E，方向由a到c，故B錯誤；CD.由平行四邊形定則可

13、知，b、d兩點的場強方向不同，但大小都為，故C錯誤，D正確。故選D。3、D【解析】A在國際單位制中，力學的單位被選為基本單位的是米、千克、秒，電學的單位被選為基本單位的是安培，不是庫侖，故A錯誤；B慣性大小的唯一量度是質量，故同一個物體在地球上與在月球上慣性一樣大，故B錯誤；C作用力做正功，反作用力也可以做正功，比如兩帶電小球靠斥力分開，庫侖斥力對兩小球都做正功，故C錯誤；D物體做曲線運動時，如果速度和力垂直，功率為零，如勻速圓周運動，故D正確。故選D。4、B【解析】A根據位移時間圖象的斜率表示速度，由圖象可知，乙車的速度在0t1時間內并不是一直大于甲車的速度，故A錯誤；B根據位移時間圖象的斜

14、率表示速度，由圖象可知，甲圖線的斜率不變，說明甲的速度不變，做勻速直線運動，乙車的速度先大于甲車的速度后小于甲車的速度，且由同一地點向同一方向運動，則0t1時間內，甲車與乙車之間的距離先增大后減小，故B正確；CD由速度時間圖像可知，0t2時間內，丁車的速度一直比丙車速度大，且由同一地點向同一方向運動，則兩車間的距離一直增大，故CD錯誤。故選B。5、B【解析】AD0時刻，乙車在甲車前處，前內乙車的速度大于甲車的速度，所以兩車的距離逐漸變大，在時刻速度相等，距離最遠，圖線和時間軸圍成的面積為位移AD錯誤；B圖線和時間軸圍成的面積為位移，前內，根據幾何關系可知甲乙兩車的圖線和時間軸圍成的面積相等，所

15、以二者位移相等，B正確；C甲車速度大于乙車速度，二者最終可以相遇，最小距離為0m，C錯誤。故選B。6、B【解析】A由圖象可知，斜率表示加速度，則時刻兩物體的加速度方向相反，選項A錯誤；Bv-t圖象中速度在時間軸的同一側表示速度方向相同，則時刻兩物體的速度方向相同，選項B正確；C由斜率表示物體的加速度可知，甲物體的切線斜率越來越大，即加速度逐漸增大，選項C錯誤；Dv-t圖象所圍面積表示位移，相遇表示位移相等，由圖象可得，時刻兩物體不相遇，選項D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3

16、分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A與B碰撞的過程為彈性碰撞，則碰撞的過程中動量守恒，設B的初速度方向為正方向，設碰撞后B與A的速度分別為v1和v2，則：mv0=mv1+2mv2由動能守恒得： 聯立得：1.恰好能通過最高點,說明小球到達最高點時小球的重力提供向心力,是在最高點的速度為vmin，由牛頓第二定律得：2mg= A在碰撞后到達最高點的過程中機械能守恒，得：聯立得：v0=，可知若小球B經過最高點，則需要：v02.小球不能到達最高點，則小球不脫離軌道時，恰好到達與O等高處，由機械能守恒定律得：聯立得：v0=可知若小球不脫離軌道時,需滿足：v0由以上的分析可知,若小球不脫離軌道時,需滿足：

17、v0或v0，故AD錯誤，BC正確故選BC【點睛】小球A的運動可能有兩種情況：1恰好能通過最高點，說明小球到達最高點時小球的重力提供向心力，由牛頓第二定律求出小球到達最高點點的速度，由機械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度由碰撞過程中動量守恒及能量守恒定律可以求出小球B的初速度；2小球不能到達最高點，則小球不脫離軌道時，恰好到達與O等高處，由機械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度由碰撞過程中動量守恒及能量守恒定律可以求出小球B的初速度8、ACE【解析】A質點1的振動周期為，選項A正確；B質點2為谷谷相遇點，為振動加強點，則其振幅為15cm，選項B錯誤；C質點2、4都是振動加強點，圖示時刻質點

18、2在波谷，位移為-15cm，質點4在波峰，位移為+15cm，則此時刻2、4的豎直高度差為30cm，選項C正確；D圖示時刻質點3正處于波峰和波谷的中間位置，即在平衡位置，根據波的傳播方向可知，此時向下運動，選項D錯誤；E質點5為振動加強點，從圖示的時刻起經0.25s=0.5T，質點5能通過的路程為2(A1+A2)=30cm，選項E正確。故選ACE。9、BD【解析】AB.設小球的初速度為v0時，落在斜面上時所用時間為t，斜面長度為L。小球落在斜面上時有：解得：設落點距斜面頂端距離為S，則有若兩次小球均落在斜面上，落點距斜面頂端距離之比為1：4，則第二次落在距斜面頂端4L處，大于斜面的長度，可知以2

19、v0水平拋出時小球落在水平面上。兩次下落高度之比1：2，根據得：所以時間之比為，選項A錯誤，B正確；C.根據得水平位移之比為：選項C錯誤；D.當小球的速度方向與斜面平行時，小球到斜面的距離最大。即在小球距離斜面最遠時，垂直于斜面方向的速度等于0。建立沿斜面和垂直于斜面的平面直角坐標系，將初速度v0和重力加速度g進行分解，垂直于斜面的最遠距離選項D正確。故選BD。10、CDE【解析】A晶體分為單晶體和多晶體，單晶體各向異性，多晶體各向同性，非晶體各向同性，故A錯誤；B液體表面張力是微觀的分子引力形成的規(guī)律，與宏觀的超失重現象無關，則在完全失重的狀態(tài)下依然有表面張力的現象，故B錯誤；C浸潤現象中，

20、浸潤液體在細管中上升時，管的內徑越小，液體所能達到的高度越高，故對于一定的液體和一定材質的管壁，管內徑的粗細會影響液體所能達到的高度，則C正確；D飽和汽壓與溫度有關，溫度越高飽和汽壓越大，故D正確；E晶體熔化時吸收熱量，導致內能增大，但只增加了分子勢能，故熔化過程中晶體溫度不變，故E正確。故選CDE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、左側 ACD 左側 【解析】(1)1根據題意可知，磁場方向豎直向下，電流方向垂直紙面向里。所以根據左手定則可得安培力方向為水平向左，故導體棒向左側運動。(2)2ACD根據公式可得，適當增加導軌間的距離或者增大電流或者增大磁場磁感應強度，可增大金屬棒受到的安培力，根據動能定理得則金屬棒離開導軌時的動能變大，即離開導軌時的速度變大，ACD正確；B若換用一根更長的金屬棒，但金屬棒切割磁感線的有效長度即導軌間的寬度不變，安培力F不變，棒的質量變大，由可知速度變小，故B錯誤。故選ACD。(3)3都反向后，電流垂直紙面向外，磁場方向豎直向上，根據左手定則可得安培力方向仍向左，故導體棒仍向左側移動。12、2. 150 靜止 3. 92 3. 85 D 【解析】(1)1測遮光片的寬度d =2mm+0.01mm15.0=2.150mm；(2)2只將滑塊放在導軌上，給氣墊導軌充氣，調整氣墊導軌，當滑塊靜