1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、中國北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)（BeiDouNavigationSatelliteSystem，BDS）是繼美國全球定位系統(tǒng)（GPS）、俄羅斯格洛納斯衛(wèi)星導航系統(tǒng)（GLONASS）之后第三個成熟的衛(wèi)星導航系統(tǒng)。北斗導航系統(tǒng)中有幾顆衛(wèi)星是地

2、球同步衛(wèi)星，GPS導航系統(tǒng)是由周期約為12h的衛(wèi)星群組成。則北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星與GPS導航衛(wèi)星相比（）A北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的角速度大B北斗導航系統(tǒng)的同步衛(wèi)星的軌道半徑小CGPS導航衛(wèi)星的線速度大DGPS導航衛(wèi)星的向心加速度小2、如圖所示，豎直平面內(nèi)兩個四分之一圓弧軌道的最低點相切，圓心分別為、，半徑分別為和，兩個小球P、Q先后從點水平拋出，分別落在軌道上的、兩點，已知、兩點處于同一水平線上，在豎直方向上與點相距，不計空氣阻力，重力加速度為。下列說法正確的是（）A小球P在空中運動的時間較短B小球Q從拋出到落在軌道上的速度變化量較大C小球P與小球Q拋出時的速度之比為111D兩小球落在軌道上

3、的瞬間，小球P的速度與水平方向的夾角較小3、如圖，兩根平行通電長直導線固定，左邊導線中通有垂直紙面向外、大小為I1的恒定電流，兩導線連線（水平）的中點處，一可自由轉動的小磁針靜止時N極方向平行于紙面向下。忽略地磁場的影響。關于右邊導線中的電流I2，下列判斷正確的是（）AI2I1，方向垂直紙面向外CI2I1，方向垂直紙面向里4、2017年11月24日，國家航天局探月與航天工程中心副主任裴照宇表示，嫦娥五號任務將是我國首次月球表面采樣返回任務，這次任務的完成將標志著我國探月工程“三步走”順利收官。若已知萬有引力常量G，那么在下列給出的各種情景中，能根據(jù)測量的數(shù)據(jù)求出月球密度的是( )A在月球表面使

4、一個小球做自由落體運動，測出落下的高度H和時間tB嫦娥五號貼近月球表面做勻速圓周運動，測出運行周期TC嫦娥五號在高空繞月球做勻速圓周運動，測出距月球表面的高度H和運行周期TD觀察月球繞地球的勻速圓周運動，測出月球的直徑D和運行周期T5、建筑工人常常徒手向上拋磚塊，當磚塊上升到最高點時被樓上的師傅接住。 在一次拋磚的過程中，磚塊運動3s到達最高點，將磚塊的運動勻變速直線運動，磚塊通過第2s內(nèi)位移的后用時為t1，通過第1s內(nèi)位移的前用時為t2，則滿足（ ）ABCD6、如圖所示，在真空云室中的矩形ABCD區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強磁場，靜止放置在O點的鈾238原子核發(fā)生衰變，放出射線后變成某種

5、新的原子核，兩段曲線是反沖核（新核）和射線的徑跡，曲線OP為圓弧，x軸過O點且平行于AB邊。下列說法正確的是（ ）A鈾238原子核發(fā)生的是衰變，放出的射線是高速電子流B曲線OP是射線的徑跡，曲線OQ是反沖核的徑跡C改變磁感應強度的大小，反沖核和射線圓周運動的半徑關系隨之改變D曲線OQ是射線的徑跡，其圓心在x軸上，半徑是曲線OP半徑的45倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，a、b、c、d是均勻介質(zhì)中水平軸上的四個質(zhì)點，相鄰兩點的間距依次為4m、6m和8m。一列簡

6、諧橫波沿x軸正向傳播，在t=0時刻傳到質(zhì)點a處，使質(zhì)點a由平衡位置開始豎直向下運動。波繼續(xù)向前傳播，t=5s時質(zhì)點b已經(jīng)通過了8cm路程并第一次回到了平衡位置，此時質(zhì)點c剛好開始振動。則下列說法正確的是_A該波的波速為1.6cm/sB質(zhì)點c開始振動后，其振動周期為6sC當t5s后，質(zhì)點b向下運動時，質(zhì)點c一定向上運動D在7stI1。故選B。4、B【解析】設月球的質(zhì)量為M，半徑為r，則月球的密度A在月球表面使一個小球做自由落體運動，測出下落的高度H和時間t，根據(jù)，可知算出月球的重力加速度，根據(jù)，可以算得月球的質(zhì)量，但不知道月球的半徑，故無法算出密度，故A錯誤；B根據(jù)得，所以，已知T就可算出密度，

7、故B正確；C、根據(jù)得，但不知道月球的半徑，故無法算出密度，故C錯誤；D、觀察月球繞地球的圓周運動，只能算出地球的質(zhì)量，無法算出月球質(zhì)量，也就無法算出月球密度，故D錯誤；故選B。5、C【解析】豎直向上拋磚是勻變速直線運動，經(jīng)過3s減為0 ，可以從最高點開始逆向思維，把上升過程反過來看作自由落體運動。根據(jù)自由落體運動的公式，得第1s內(nèi)，第2s內(nèi)，第3s內(nèi)的位移之比為從最高點開始，設第1s內(nèi)位移為x ，則第2s內(nèi)為3x，第3s內(nèi)為5x。所以從最高點開始，磚塊通過上拋第2s位移的后的位移為第2個x，通過第1s內(nèi)位移的前的位移即為第9個x，按照自由落體公式可得所以所以ABD錯誤，C正確。故選C。6、D【

8、解析】AD衰變過程中動量守恒，因初動量為零，故衰變后兩粒子動量大小相等，方向相反，由圖像可知，原子核發(fā)生的是衰變，粒子做圓周運動向心力等于洛倫茲力得由于反沖核的電荷量比射線大，則半徑更小，即曲線OQ是射線的徑跡，曲線OP是反沖核的徑跡，由于曲線OP為圓弧，則其圓心在x軸上，射線初速度與x軸重直，新核初速度與x軸垂直，所以新核做圓周運動的圓心在x軸上由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知反沖核的電荷量是粒子的45倍，由半徑公式可知，軌道半徑之比等于電荷量的反比，則曲線OQ半徑是曲線OP半徑的45倍，故A錯誤，D正確。BC由動量守恒可知粒子做圓周運動向心力等于洛倫茲力得由于反沖核的電荷量比射線大，則半徑更小

9、，即曲線OQ是射線的徑跡，曲線OP是反沖核的徑跡，反沖核的半徑與射線的半徑之比等于電荷量的反比，由于電荷量之比不變，則改變磁感應強度的大小，反沖核和射線圓周運動的半徑關系不變，故BC錯誤。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】A在t=5s的時間內(nèi)波形從a傳播到c距離為10m，故波速為故A錯誤；B從波源a起振開始到波形傳播到b點的時間為B點起振后振動了半個周期，總時間為5s，有可得而所有質(zhì)點點的振動周期相同，故質(zhì)點c開始振動后其振動周期也為6s，故B

10、正確；C當t5s后，b和c都已開始振動，兩者的距離為6m等于半個波長，則質(zhì)點b向下運動時質(zhì)點c一定向上運動，故C正確；D當時間7st9s時，而周期，c點起振需要5s，則c點的振動時間在范圍內(nèi)且起振向下，故c正經(jīng)過波谷后向平衡位置振動，則質(zhì)點c向上先加速運動后減速向上運動，故D錯誤；E質(zhì)點ad的距離為18m，則波源a到d的時間為故質(zhì)點振動的時間，且起振豎直向下，而加速度指向平衡位置方向向上，故E正確。故選BCE。8、AD【解析】AB若v0，帶電粒子垂直進入磁場，做勻速圓周運動，則由牛頓第二定律可得：qvBm，T將速度代入可得：rL由左手定則可知 粒子在三角形內(nèi)的區(qū)域內(nèi)偏轉的方向向左，從a射出粒子

11、第一次通過圓弧從a點到達c點的運動軌跡如下圖所示，可得：tac粒子從c到b的時間：tcb帶電粒子從b點到達a點的時間也是，所以粒子第一次返回a點所用的時間是t1tac+tcb+tba故A正確，B錯誤；CD粒子第一次到達a點后沿與初速度方向相反的方向向上運動，依次推理，粒子在一個周期內(nèi)的運動；可知粒子運動一個周期的時間是3個圓周運動的周期的時間，即：故C錯誤，D正確；故選AD。9、BC【解析】A、根據(jù)右手定則可知，MN產(chǎn)生的感應定律的方向為，則N相當于電源在正極，故M點的電勢低于N點，故選項A錯誤；B、當桿的合力為零時，其速度達到最大值，即：由于代入數(shù)據(jù)整理可以得到最大速度，故選項B正確；C、由

12、于桿上電阻與兩電阻并聯(lián)阻值相等，而且并聯(lián)的電流與通過桿MN的電流始終相等，則根據(jù)焦耳定律可知，桿上產(chǎn)生的焦耳熱與兩電阻產(chǎn)生焦耳熱的和相等，故選項C正確；D、根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，當速度最大時，其MN感應電動勢為：根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，此時電路中總電流為：則此時MN兩點間的電勢差大小為：，故D錯誤。10、BC【解析】A由上下坡法可知，質(zhì)點開始振動的方向沿y軸負方向，故A錯誤；B0.8s傳播一個波長，周期為0.8s，故B正確；CD波速v30m/s傳到P點的時間ts3.2s故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。1

13、1、 (1) 3.33 (2) 0.320.36 大于 滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦等 (3) 不需要 【解析】（1）已知打點周期T0.02 s，根據(jù)逐差法可得木塊的加速度為：（2）設木塊的質(zhì)量為M，根據(jù)牛頓第二定律有，聯(lián)立可解得加速度為：，由丙圖可知，當m=0時，a=3.3 ，則木塊與木板間動摩擦因數(shù)0.34 ，因滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦，所以測量值大于真實值（3）實驗中沒有采用細線拉力等于重力，所以不需要滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量12、B【解析】單擺模型中，小球視為質(zhì)點，故擺線長點，測量誤差越小，故要選擇長1m左右的細線；擺

14、球密度要大，體積要小，空氣阻力的影響才小，故要選擇直徑2cm的鐵球；秒表可以控制開始計時和結束計時的時刻，比時鐘的效果要好。故選擇秒表；刻度尺的最小分度越小，讀數(shù)越精確，故要選擇最小刻度是毫米的直尺。A綜上所述，組合較好，A錯誤；B綜上所述，組合較好，B正確；C綜上所述，組合較好，C錯誤；D綜上所述，組合較好，D錯誤；故選B。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)0.5s；(2)2.825m；(3)【解析】(1)P的速率從零增加到v1=1m/s，受外力F1=7N，設其做勻變速直線運動的加速度為a1，經(jīng)過時間t

15、1，位移為x1，有代入數(shù)據(jù)得a1=2m/s2，t1=0.5s，x1=0.25m(2)P從v1=1m/s運動至A點，F(xiàn)2=9N，設其做勻變速直線運動的加速度為a2，有：設P從速度v1經(jīng)過t2時間，在A點的速度為v2，位移為x2，則 v2=v1+a2t2解得v2=2m/s，x2=0.375mP從A點至B點，先做勻加速直線運動，速度達到v3=4m/s，位移為x3，有：解得x3=1.5mP達到速度v3時撤掉水平外力，在摩擦力作用下減速，減速到達B點時速度是v4=3m/s，位移為x4，有 解得x4=0.7m軌道OB的長度 (3)P從B點開始水平方向受向左的電場力，豎直方向上受重力，做曲線運動。水平方向的加速度大小水平方向上先向右做勻減速運動，再向左做勻加速運動，經(jīng)時間與平臺右邊緣碰相碰。豎直方向上做自由落體運動，有，解得t4=0.5s落地時水平方向的速度落地時豎直方向的速度 落地時的速度大小為14、【解析】設氣缸總容積為V，初始狀態(tài)最終平衡狀態(tài)A、B兩部分氣體做等溫變化，由玻意耳定律，得聯(lián)立解得15、 (1),方向水平向右；(2) ；(3)【解析】(1)根據(jù)題意，方向為合力方向，小球所受電場力水平向右，小球帶正電，則勻強