1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符

2、合題目要求的。1、如圖所示，在圓形空間區(qū)域內存在關于直徑ab對稱、方向相反的兩個勻強磁場，兩磁場的磁感應強度大小相等，一金屬導線制成的圓環(huán)剛好與磁場邊界重合，下列說法中正確的是A若使圓環(huán)向右平動，感應電流先沿逆時針方向后沿順時針方向B若使圓環(huán)豎直向上平動，感應電流始終沿逆時針方向C若圓環(huán)以ab為軸轉動，a點的電勢高于b點的電勢D若圓環(huán)以ab為軸轉動，b點的電勢高于a點的電勢2、同一平面內固定有一長直導線PQ和一帶缺口的剛性金屬圓環(huán)，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導線，分別與兩塊垂直于圓環(huán)所在平面固定放置的平行金屬板MN連接，如圖甲所示導線PQ中通有正弦交流電流i，i的變化如圖乙所示，規(guī)定從Q到P為電

3、流的正方向，則在12s內AM板帶正電，且電荷量增加BM板帶正電，且電荷量減小CM板帶負電，且電荷量增加DM板帶負電，且電荷量減小3、關于盧瑟福的粒子散射實驗和原子的核式結構模型，下列說法中不正確的是（ ）A絕大多數粒子穿過金箔后，基本上仍沿原來的方向前進B只有少數粒子發(fā)生大角度散射的原因是原子的全部正電荷和幾乎全部質量集中在一個很小的核上C盧瑟福依據粒子散射實驗的現象提出了原子的“核式結構”理論D盧瑟福的“核式結構模型”很好地解釋了氧原子光譜的實驗4、如圖所示的電路中，AB和CD為兩個水平放置的平行板電容器，AB板間有一點P，閉合開關K，待電路穩(wěn)定后將開關斷開?，F將一有機玻璃板（圖中未畫出）插

4、入CD板間，則下列說法正確的是（）ACD平行板電容器的電容減小BP點電勢降低CA、B兩板間的電場強度增大D電阻R中有向右的電流5、如圖所示，甲、乙兩物體用兩根輕質細線分別懸掛在天花板上，兩細線與水平方向夾角分別為60和45，甲、乙間拴接的輕質彈簧恰好處于水平狀態(tài)，則下列判斷正確的是（）A甲、乙的質量之比為1:B甲、乙所受彈簧彈力大小之比為:C懸掛甲、乙的細線上拉力大小之比為1:D快速撤去彈簧的瞬間，甲、乙的瞬時加速度大小之比為1:6、在豎直平衡（截面）內固定三根平行的長直導線a、b、c，通有大小相等、方向如圖所示的電流若在三根導線所在空間內加一勻強磁場后，導線a所受安培力的合力恰好為零，則所加

5、磁場的方向可能是（ ）A垂直導線向左B垂直導線向右C垂直紙面向里D垂直紙面向外二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個等量異種點電荷、固定在同一條水平線上，電荷量分別為和。是水平放置的足夠長的光滑絕緣細桿，細桿上套著一個中間穿孔的小球，其質量為，電荷量為（可視為試探電荷，不影響電場的分布）?，F將小球從點電荷的正下方點由靜止釋放，到達點電荷的正下方點時，速度為，為的中點。則（）A小球從至先做加速運動，后做減速運動B小球運動至點時速度為C小球最終可能返回至點D小

6、球在整個運動過程中的最終速度為8、如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質量為m的小球，從離彈簧上端高h處由靜止釋放，某同學在研究小球落到彈簧上后繼續(xù)向下運動到最低點的過程，他以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下方向建立坐標軸，作出小球所受彈力F大小隨小球下落的位置坐標x的變化關系如圖乙所示，不計小球與彈簧接觸時能量損失，不計空氣阻力，重力加速度為g。以下判斷正確的是（）A最低點的坐標大于B當，重力勢能與彈性勢能之和最大C小球受到的彈力最大值等于D小球動能的最大值為9、如圖甲所示，一個匝數為的多匝線圈，線圈面積為，電阻為。一個勻強磁場垂直于線圈平面穿過該線圈。在0時刻磁感應強度

7、為，之后隨時間變化的特點如圖乙所示。取磁感應強度向上方向為正值。線圈的兩個輸出端、連接一個電阻。在過程中（）A線圈的點的電勢高于點電勢B線圈的、兩點間的電勢差大小為C流過的電荷量的大小為D磁場的能量轉化為電路中電能，再轉化為電阻、上的內能10、如圖所示，下雨天，足球運動員在球場上奔跑時容易滑倒，設他的支撐腳對地面的作用力為F，方向與豎直方向的夾角為，鞋底與球場間的動摩擦因數為，下面對該過程的分析正確的是（ ）A下雨天，動摩擦因數變小，最大靜摩擦力增大B奔跑步幅越大，越容易滑倒C當tan時，容易滑倒三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分

8、）用圖甲所示的實驗裝置驗證、組成的系統(tǒng)的機械能守恒。從高處由靜止開始下落，同時向上運動拉動紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶，其中0是打下的第一個點，每相鄰兩個計數點間還有4個未標出的點，計數點間的距離如圖中所示。已知電源的頻率為，取。完成以下問題。（計算結果保留2位有效數字）(1)在紙帶上打下計數點5時的速度_。(2)在打05點過程中系統(tǒng)動能的增加量_，系統(tǒng)勢能的減少量_，由此得出的結論是_。(3)依據本實驗原理作出的圖像如圖丙所示，則當地的重力加速度_。12（12分）某同學看到某種規(guī)格熱敏電阻的說明書，知悉其阻值隨溫度變化的

9、圖線如圖甲所示。為驗證這個圖線的可信度，某同學設計了一個驗證性實驗，除熱敏電阻R之外，實驗室還提供如下器材：電源E（電動勢為4.5V，內阻約1）、電流表A（量程1mA，內阻約200）、電壓表V（量程3V，內阻約10k）、滑動變阻器R（最大阻值為20）、開關S、導線若干、燒杯、溫度計和水。(1)從圖甲可以看出該熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律是_；(2)圖乙是實驗器材的實物圖，圖中已連接了部分導線，請用筆畫線代替導線把電路連接完整_；(3)閉合開關前，滑動變阻器的滑動觸頭P應置于_端（填“a”或“b”）；(4)該小組的同學利用測量結果，采用描點作圖的方式在說明書原圖的基礎上作出該熱敏電阻的Rtt圖

10、像，如圖丙所示，跟原圖比對，發(fā)現有一定的差距，關于誤差的說法和改進措施中正確的是_A在溫度逐漸升高的過程中電阻測量的絕對誤差越來越大B在溫度逐漸升高的過程中電阻測量的相對誤差越來越大C在溫度比較高時，通過適當增大電阻兩端的電壓值可以減小兩條曲線的差距D在溫度比較高時，通過改變電流表的接法可以減小兩條曲線的差距四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）熱等靜壓設備廣泛用于材料加工中該設備工作時，先在室溫下把惰性氣體用壓縮機壓入到一個預抽真空的爐腔中，然后爐腔升溫，利用高溫高氣壓環(huán)境對放入爐腔中的材料加工處理，改部其

11、性能一臺熱等靜壓設備的爐腔中某次放入固體材料后剩余的容積為0.13 m3，爐腔抽真空后，在室溫下用壓縮機將10瓶氬氣壓入到爐腔中已知每瓶氬氣的容積為3.210-2 m3，使用前瓶中氣體壓強為1.5107 Pa，使用后瓶中剩余氣體壓強為2.0106 Pa；室溫溫度為27 氬氣可視為理想氣體（1）求壓入氬氣后爐腔中氣體在室溫下的壓強；（2）將壓入氬氣后的爐腔加熱到1 227 ，求此時爐腔中氣體的壓強14（16分）如圖所示，真空中有以（r，0）為圓心，半徑為r的圓柱形勻強磁場區(qū)域，磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向里，在y=r的虛線上方足夠大的范圍內，有方向沿y軸負方向的勻強電場，電場強度的

12、大小為E，從O點在紙面內向各個方向發(fā)射速率相同的質子。已知質子在磁場中的軌跡半徑也為r，質子的電量為q，質量為m。(1)速度方向與x軸正方向成30角（如圖中所示）射入磁場的質子，將會進入電場，然后返回磁場，請在圖中畫出質子的運動軌跡；(2)在(1)問下，求出從O點射人的質子第二次離開磁場所經歷的時間。15（12分）如圖所示，地面和半圓軌道面均光滑質量M=1kg、長L=4m的小車放在地面上，其右端與墻壁的距離為S=3m，小車上表面與半圓軌道最低點P的切線相平現有一質量m=1kg的滑塊（不計大小）以v0=6m/s的初速度滑上小車左端，帶動小車向右運動小車與墻壁碰撞時即被粘在墻壁上，已知滑塊與小車表

13、面的滑動摩擦因數=0.1，g取10m/s1（1）求小車與墻壁碰撞時的速度；（1）要滑塊能沿圓軌道運動而不脫離圓軌道，求半圓軌道的半徑R的取值參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】若圓環(huán)向右平動，由楞次定律知感應電流先沿逆時針方向后沿順時針方向，A正確；若圓環(huán)豎直向上平動，由于穿過圓環(huán)的磁通量未發(fā)生變化，所以圓環(huán)中無感應電流產生，B錯誤；若圓環(huán)以ab為軸轉動，在090內，由右手定則知b點的電勢高于a點的電勢，在90180內，由右手定則知a點的電勢高于b點的電勢，以后a、b兩點電勢按此規(guī)律周期性變化，CD錯誤故

14、選A.2、A【解析】在12s內，穿過金屬圓環(huán)的磁場垂直于紙面向里，磁感應強度變小，穿過金屬圓環(huán)的磁通量變小，磁通量的變化率變大，假設環(huán)閉合，由楞次定律可知感應電流磁場與原磁場方向相同，即感應電流磁場方向垂直于紙面向里，然后由安培定則可知感應電流沿順時針方向，由法拉第電磁感應定律可知感應電動勢增大，由此可知上極M板電勢高，帶正電，電荷量增加，故A正確，B、C、D錯誤；故選A3、D【解析】A粒子散射實驗的內容是：絕大多數粒子幾乎不發(fā)生偏轉；少數粒子發(fā)生了較大的角度偏轉；極少數粒子發(fā)生了大角度偏轉（偏轉角度超過，有的甚至幾乎達到，被反彈回來），故A正確；B粒子散射實驗中，只有少數粒子發(fā)生大角度偏轉說

15、明三點：一是原子內有一質量很大的粒子存在；二是這一粒子帶有較大的正電荷；三是這一粒子的體積很小，但不能說明原子中正電荷是均勻分布的，故B正確；C盧瑟福依據粒子散射實驗的現象提出了原子的“核式結構”理論，故C正確；D玻爾的原子模型與原子的核式結構模型本質上是不同的，玻爾的原子模型很好地解釋了氫原子光譜的實驗，故D錯誤；不正確的故選D。4、B【解析】A將玻璃板插入CD板間，則相對介電常數增大，其他條件不變，由可知，CD平行板電容器的電容增大，故A錯誤；BC電容器兩板間電壓斷開開關后，兩電容器總電荷量不變，由于CD電容器的電容增大，電容器兩板間電勢差均變小，由可知，AB板間電場強度變小，則P點與B板

16、間的電勢差變小，因為B板接地電勢始終為零，則P點電勢降低，故B項正確，C項錯誤；D由于插入玻璃板的過程中，電容器兩板間電勢差變小，則AB電容器放電，電阻R中有向左的電流，故D項錯誤。5、D【解析】B因為是同一根彈簧，彈力相等，故B錯誤；AC對甲乙兩個物體受力分析，如圖所示甲乙都處于靜止狀態(tài)，受力平衡，則有對甲，對乙，代入數據得故AC錯誤；D快速撤去彈簧的瞬間，甲、乙所受合力為其重力在繩端的切向分力，根據牛頓運動定律有故D正確。故選D。6、D【解析】根據安培定則可知，導線b在a處的磁場向里，導線c在a處的磁場向外，因b離a較近，可知bc在a處的合磁場垂直紙面向里；因導線a所受安培力的合力恰好為零

17、，可知a處所加磁場的方向為垂直紙面向外；A垂直導線向左，與結論不相符，選項A錯誤； B垂直導線向右 ，與結論不相符，選項B錯誤； C垂直紙面向里，與結論不相符，選項C錯誤； D垂直紙面向外，與結論相符，選項D正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A根據等量異種點電荷的電場線分布，可知，兩點電荷連線的中垂面是等勢面，電勢為0，正點電荷附近電勢大于0，負點電荷附近電勢小于0，根據對稱關系可得其中，所以小球從C到D運動過程中，只有電場力做功，且由于電勢降低，

18、所以電勢能減小，電場力做正功，小球在做加速運動，所以A錯誤；B小球由C到D，由動能定理得則由C到O，由動能定理可得所以B正確；C由分析可知無窮遠處電勢也是0，小球由O到D加速運動，再由D到無窮遠處，電勢升高，電勢能增加，電場力做負功，小球做減速運動，所有不可能返回O點，所以C錯誤；D小球從O到無窮遠處，電場力做功為0，由能量守恒可知，動能變化量也是0，即無窮遠處的速度為所以D正確。故選BD。8、AD【解析】AC根據乙圖可知，當x=h+x0使小球處于平衡位置，根據運動的對稱性可知，小球運動到h+2x0位置時的速度不為零，則小球最低點坐標大于h+2x0，小球受到的彈力最大值大于2mg，選項A正確，

19、C錯誤；B根據乙圖可知，當x=h+x0，小球的重力等于彈簧的彈力，此時小球具有最大速度，以彈簧和小球組成的系統(tǒng)，機械能守恒可知，重力勢能與彈性勢能之和最小，故B錯誤；D小球達到最大速度的過程中，根據動能定理可知故小球動能的最大值為，故D正確。故選AD。9、ABC【解析】A結合圖乙知磁場方向向上且逐漸減小。由楞次定律知感應電流的方向由點經線圈到點，則點電勢高，A正確；B感應電動勢為又有電勢差大小解得B正確；C流過電路的電荷量大小為解得C正確；D電磁感應的過程中磁場能量不轉化，而是作為媒介將其他形式的能轉化為電能，然后再在電阻、上轉化為內能，D錯誤。故選ABC。10、BC【解析】A下雨天，地面變光

20、滑，動摩擦因數變小，最大靜摩擦力減小，故A錯誤；B將力F分解，腳對地面的壓力為Fcos，奔跑幅度越大，夾角越大，則壓力越小，最大靜摩擦力越小，人越容易滑倒，故B正確；CD當FsinFcos時人容易滑倒，此時tan故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.4 0.58 0.60 在誤差允許的范圍內，組成的系統(tǒng)機械能守恒 9.7 【解析】(1)1第4點與第6點間的平均速度等于第5點的瞬時速度，有打下計數點5時的速度。(2)2系統(tǒng)動能的增加量打05點過程中系統(tǒng)動能的增加量。3系統(tǒng)勢能的減少量系統(tǒng)勢能的減少量。4可見與

21、大小近似相等，則在誤差允許的范圍內，組成的系統(tǒng)機械能守恒。(3)5系運動過程中機械能守恒，則有解得則圖像的斜率則當地的重力加速度。12、熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小 a BD 【解析】(1)1由圖像可知，隨著溫度的升高，熱敏電阻的阻值變??；(2)2研究熱敏電阻的性質需要電壓和電流的變化范圍廣，且滑動變阻器的最大值小，故滑動變阻器采用分壓式接法，熱敏電阻的阻值滿足，故采用電流表的內接法減小系統(tǒng)誤差，實物連接如圖所示(3)3滑動變阻器采用的是分壓接法，為了保護電路，應讓干路的阻值最大，則閉合開關前滑片置于a端；(4)4AB絕對誤差為相對誤差為由圖像可知在溫度逐漸升高的過程中，熱敏電阻的理論電阻

22、值阻值和測量電阻值都在逐漸減小，理論電阻值和測量電阻值相差不大，即絕對誤差變化不大，而相對誤差越來越大，故A錯誤，B正確；CD在相同的溫度下，采用電流表的內接法導致測量值總比理論值偏大，故當溫度升高到一定值后，電阻變小，則電流表應該選用外接法減小系統(tǒng)誤差，故C錯誤，D正確。故你BD。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2）【解析】（1）設初始時每瓶氣體的體積為，壓強為；使用后氣瓶中剩余氣體的壓強為，假設體積為，壓強為的氣體壓強變?yōu)闀r，其體積膨脹為，由玻意耳定律得：被壓入進爐腔的氣體在室溫和條件下的體積為：設10瓶氣體壓入完成后爐腔中氣體的壓強為，體積為，由玻意耳定律得：聯立方程并代入數據得：（2）設加熱前爐腔的溫度為，加熱后爐腔的溫度為，氣體壓強為，由查理定律得：聯立方程并代入數據得：14、 (1) ；(2)【解析】(1)如圖所示。(2)質子射入磁場后做勻速圓周運動，有可得質子在磁場中轉過角后從C點垂