1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，物塊a靜止在水平地面上，物塊b疊放在物體a上?，F(xiàn)對物體a施加一個水平向左的恒定

2、拉力F，a、b仍然都處于靜止狀態(tài)。以下說法正確的是A.a受b向右的摩擦力B.b受a向左的摩擦力C.a、b接觸面間的動摩擦因數(shù)一定為零D.地面對a的摩擦力大小等于F2、下列各組物理量中，都是矢量的是A.位移、時間B.速度、速率C.加速度、速度D.路程、位移3、在奧運比賽項目中，高臺跳水是我國運動員的強項。質量為m的跳水運動員進入水中后受到水的阻力而做減速運動，設水對他的阻力大小恒為F，當?shù)氐闹亓铀俣葹間，那么在他減速下降高度為h的過程中，下列說法正確的是（）A.他的動能減少了FhB.他的重力勢能增加了mghC.他機械能減少了（Fmg）hD.他的機械能減少了Fh4、在物理學的發(fā)展過程中，許多物理

3、學家的研究推動了人類文明的進程在對以下幾位物理學家所做的貢獻的敘述中，正確的是（ ）A.亞里士多德認為較重物體與較輕物體下落的一樣快B.伽利略通過理想斜面實驗認為物體的運動不需要力維持C.笛卡爾認為如果物體受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一方向運動下去D.牛頓認為力不僅可以維持物體的運動，而且可以改變物體的運動狀態(tài)5、某同學利用打點計時器研究做勻加速直線運動小車的運動情況.圖示為該同學實驗時打出的一條紙帶，紙帶上兩相鄰計數(shù)點的時間間隔是0.1s.打點計時器打B點時小車的速度（）A.1.45m/sB.0.145m/sC.14.5m/sD.145m/s6、甲、乙兩輛汽車沿同一平直路面行駛，其v

4、t圖象如圖，下列對汽車運動狀況的描述正確的是（）A.在第10s末，乙車改變運動方向B.在第10s末，甲、乙兩車相距150mC.在第20s末，甲、乙兩車相遇D.若乙車在前，則可能相遇兩次7、小明到兩商場選購商品，發(fā)現(xiàn)兩商場自動扶梯傾斜度一樣，但坡面不同，如圖所示。小明站在自動扶梯上隨扶梯一起向上勻速運動，已知小明體重G，鞋底與扶梯間的動摩擦因數(shù)為，扶梯與水平面間的夾角為，小明在兩自動扶梯上受到的摩擦力大小分別為f甲、f乙，扶梯對小明的支持力分別為FN甲、FN乙，下列判斷正確的是（） A.FN甲=FN乙=GcosB.FN甲=G，F(xiàn)N乙=GcosC.f甲=0，f乙=GsinD.f甲=Gsin，f乙=

5、08、從高度為125m的塔頂，先后落下a、b兩球，a球比b球早釋放1秒，g取10m/s2，不計空氣阻力，則以下判斷正確的是（）A.在a球接觸地面之前，兩球距離得越來越遠B.在a球接觸地面之前，兩球的速度差恒定C.兩球運動過程中相對靜止，落地時間差為1秒D.a球接觸地面瞬間，b球的速度為40m/s9、如圖所示，小明在做雙腳跳臺階的健身運動，若忽略空氣阻力，則下列說法正確的是( )A.小明在空中上升過程處于超重狀態(tài)B.小明在空中下降過程中處于失重狀態(tài)C.小明向上起跳脫離地面前處于超重狀態(tài)D.小明落地后下降過程處于失重狀態(tài)10、如圖所示，質量分別為m1=1kg、m2=4kg的A、B兩物體置于光滑的水

6、平面上，中間用輕質彈簧秤連接，大小均為20N的水平拉力F1、F2分別作用在A、B上，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是A.彈簧秤的示數(shù)是0NB.彈簧秤的示數(shù)是20NC.撤去F2的瞬間，B的加速度大小為5m/s2D.撤去F1的瞬間，A的加速度大小為4m/s211、如圖所示，左右?guī)в泄潭〒醢宓拈L木板放在水平桌面上，物體M放于長木板上，并與長木板保持相對靜止，此時彈簧對物體的壓力為3 N，物體的質量為0.5 kg，物體與木板之間無摩擦，物體與左側擋板間無擠壓，則此段時間內木板與物體M可能一起( )A.向右加速B.向右減速C.向左減速D.向左加速12、以下關于分力和合力的關系的敘述中，正確的是( )A

7、.合力和它的兩個分力同時作用于物體上B.合力的大小等于兩個分力大小的代數(shù)和C.合力可能小于它的任一個分力D.合力的大小可能等于某一個分力的大小二填空題(每小題6分，共18分)13、在“探究加速度與合外力、質量的關系”實驗中(1)某同學的實驗方案如圖1所示，他想用砝碼桶的重力表示滑塊受到的合外力F，為了減小這種做法而帶來的實驗誤差，他先做了兩方面的調整措施：用小木塊將長木板無滑輪的一端適當墊高，目的是_；使砝碼桶及桶內砝碼的總質量_滑塊和滑塊上砝碼的總質量（填“遠大于”、“遠小于”或“近似于”）(2)另有甲、乙兩同學在同一實驗室，各取一套圖1所示的裝置放在水平桌面上，滑塊上均不放砝碼，在沒有進行

8、第方面的措施、但滿足第方面的要求的情況下，研究加速度 a 與拉力F的關系，分別得到圖2中甲、乙兩條圖線設甲、乙用的滑塊質量分別為 m甲、m乙，甲、乙用的滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)分別為甲、乙，由圖可知，m甲_m乙， 甲_乙（均填“”、“”或“=”）14、在“探究加速度與力、質量的關系的實驗”時，采用了如圖甲所示的實驗方案，操作如下：(1)平衡摩擦力時，若所有的操作均正確，打出的紙帶如圖乙所示，應_（填“減小”或“增大”）木板的傾角，反復調節(jié)，直到紙帶上打出的點跡_為止。(2)已知小車質量為M，盤和砝碼總質量為m，要使細線的拉力近似等于盤和砝碼和總重力，應該滿足的條件是m_M（填“遠小于”、“遠

9、大于”或“等于”）。(3)圖丙為小車質量定時，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪的小車加速度a與盤和砝碼的總質量m之間的實驗關系圖象。若牛頓第二定律成立，則小車的質量M=_kg。（g取10m/s2）15、一長l=0.8m的輕繩一端固定在O點,另一端連接一質量m=0.1kg的小球,懸點O距離水平地面的高度H=1m。開始時小球處于A點,此時輕繩拉直處于水平方向上,如圖所示。讓小球從靜止釋放,當小球運動到B點時速度vB=4m/s,輕繩恰好斷裂。重力加速度g取10m/s2。求: (1)當小球運動到B點時的繩子拉力大小。(2)繩斷裂后球從B點拋出并落在水平地面的C點,求C點與B點之間的水平距離。三計算題(22分)16、（

10、12分）所受重力G18 N的砝碼懸掛在繩PA和PB的結點上PA偏離豎直方向37角，PB在水平方向，且連在所受重力為G2100 N的木塊上，木塊靜止于傾角為37的斜面上，如圖所示，試求：木塊與斜面間的摩擦力大小和木塊所受斜面的彈力大?。╣取10m/s2,sin37=0.6，cos37=0.8）17、（10分）如圖所示，將一個小球水平拋出，拋出點距水平地面的高度h3.2m，小球落地點與拋出點的水平距離x4.8m。不計空氣阻力，取g10m/s2。求：(1)小球從拋出到落地經(jīng)歷的時間t；(2)小球拋出時的速度大小v0；(3)小球落地時的速度大小v。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60

11、分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】ABCa、b相對靜止且相對地面也靜止，以b為研究對象，由平衡條件知，a對b的摩擦力為0，則a與b之間摩擦力為0，因ab間無相對運動趨勢，則ab接觸面間可能光滑或粗糙，故ABC錯誤；D對a受力分析：由平衡條件知F=f，即a與地面之間的摩擦力大小為F，故D正確。故選D。2、C【解析】A位移是矢量，時間是標量，故A錯誤B速度是矢量，速率是速度的大小，是標量，故B錯誤C加速度和速度都是矢量，故C正確D路程是只有大小沒有方向的標量，位移是矢量故D錯誤3、

12、D【解析】由題可知本題考查功能關系?！驹斀狻緼運動員進入水中后，克服合力做的功等于動能的減小量，故動能減小，故A錯誤；B運動員進入水中后，重力做功，故重力勢能減小，故B錯誤；CD運動員進入水中后，除重力外，克服阻力做功Fh，故機械能減小Fh，故C錯誤，D正確。故選D。4、B【解析】根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可【詳解】A項：亞里士多德認為較重物體比較輕物體下落的更快，故A錯誤；B項：伽利略理想實驗說明力不是維持物體運動的原因，故B正確；C項：笛卡爾認為如果運動中物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向，故C錯誤；D項：牛頓提出

13、牛頓第一定律，指出力是改變物體運動狀態(tài)的原因，而不是維持物體運動的原因，故D錯誤故選B【點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一5、B【解析】根據(jù)毫米刻度尺讀出兩相鄰計數(shù)點的距離根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小【詳解】由圖可知，A、B、C、D四點對應的刻度分別是0、1.20 cm、2.90 cm、5.10 cm，則SAB=1.20 cm，SBC=1.70cm，SCD=2.20 cm，紙帶上兩相鄰計數(shù)點的時間間隔是0.1s，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程

14、中的平均速度，可以求出打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小vB=0.145m/s，故選B.6、D【解析】A由圖可知，在第20s內，乙車一直沿正方向的運動，速度方向沒有改變，故A錯誤；BC由于不知道初始位置甲乙相遇多遠，所以無法判斷在10s末兩車相距多少，也不知道再20s末能否相遇，故BC錯誤；D若剛開始乙在前，且距離為150m，則在10s末兩車相遇；之后甲在乙的前面，當乙的速度等于甲的速度之后，乙慢慢的追上乙，在某個時刻會相遇，故D正確。故選D。7、BC【解析】由題意知分別對甲乙兩圖的小明進行受力分析，如圖所示根據(jù)小明站在自動扶梯上隨扶梯一起向上勻速運動，所以小明受力平衡，則對于甲圖有對于乙圖有綜

15、上分析可知BC正確，AD錯誤。故選BC。8、ABD【解析】AC設b球下降時間為t時，b球下降的高度：，a球下降的高度：，兩球離地的高度差等于下降的高度差：隨時間的增大，位移差增大，故A正確，C錯誤；B設b球下降時間為t時，b球的速度：vb=gt，a球的速度：va=g（t+1），則：v=va-vb=g與時間無關，是一定量，故B正確；D球做自由落體運動，根據(jù)，解得：a球接觸地面瞬間，b球的運動時間為4s，故速度：vb=gt=104m/s=40m/s故D正確。故選ABD。9、BC【解析】A.小明在空中上升過程中只受重力作用，加速度為g，處于失重狀態(tài)，選項A錯誤；B.小明在空中下降過程中只受重力作用，

16、加速度為g，處于失重狀態(tài)，選項B正確；C.小明向上起跳脫離地面前有向上的加速度，則處于超重狀態(tài)，選項C正確；D.小明落地后下降過程做減速運動，加速度向上，則處于超重狀態(tài)，選項D錯誤10、BC【解析】AB兩水平拉力作用下兩物體受力平衡，根據(jù)平衡條件可知彈簧秤的示數(shù)為T=20N，故A錯誤，B正確；C在突然撤去F2瞬間，因為彈簧的彈力不能發(fā)生突變，所以B的加速度大小為：，故C正確；D在突然撤去F1的瞬間，彈簧的彈力不能發(fā)生突變，所以A的加速度大小為：，故D錯誤故選BC。11、BD【解析】物體靜止時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈力F=3N，因為物體與木板之間無摩擦，物體與左側擋板間無擠壓，由牛頓第二定律知F=

17、ma，解得a=6m/s2，方向向左。所以此段時間內木板與物體可能一起向左加速或向右減速。A綜上分析木板與物體可能一起向左加速或向右減速，A錯誤；B綜上分析木板與物體可能一起向左加速或向右減速，B正確；C綜上分析木板與物體可能一起向左加速或向右減速，C錯誤；D綜上分析木板與物體可能一起向左加速或向右減速，D正確；故選BD。12、CD【解析】A合力與分力是等效替代關系，不是重復受力，故A錯誤；B不在同一條直線上的兩個力合成時，遵循平行四邊形定則，故B錯誤；CD不在同一條直線上的兩個力合成時，遵循平行四邊形定則，故合力可能大于、小于或等于任意一個分力，故C D正確；故選CD二填空題(每小題6分，共1

18、8分)13、 .平衡摩擦力 .遠小于 .【解析】在實驗中，為了減少這種做法而帶來的實驗誤差，一要排除摩擦力的影響，二要砂桶的重力接近小車所受的合力a-F圖象的斜率表示加速度的倒數(shù)；求解出加速度與拉力F的表達式后結合圖象分析得到動摩擦因素情況（1）用小木塊將長木板無滑輪的一端墊高，使得重力沿斜面方向的分力等于摩擦力，目的是平衡摩擦力對整體運用牛頓第二定律得，則小車的合力，當砝碼桶及桶內砝碼的總質量遠小于滑塊和滑塊上砝碼的總質量，滑塊和滑塊上砝碼所受的拉力等于砝碼桶及桶內砝碼的總的重力（2）當沒有平衡摩擦力時有，故，即圖線斜率為，縱軸截距的大小為g觀察圖線可知，14、 .增大 .間距相等 .遠小于 .0.08【解析】(1)12由打出的紙帶乙可知，小車做減速運動，則平衡摩擦力不夠，則應增大木板的傾角，反復調節(jié)，直到小車做勻速運動，即直到紙帶上打出的點跡間距相等為止。(2)3設小車質量為M，砝碼盤和砝碼的質量為，設繩子上拉力為F，以整體為研究對象有解得以M為研究對象有繩子的拉力顯然要有必有故有即小車的質量遠大于砝碼盤和砝碼的總質量時才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力，即m遠小于M；(3)4根據(jù)變式為由題意知所以由圖象可知所以15、（1）3N （2）0.8m【解析】考查豎直面內的圓周運動和平拋運動。詳解】（1）小球運動到B點時速度vB=4m/s，則解得繩子拉力