1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，一根輕質彈簧上端固定，下端掛一質量為的平盤，盤中有一質量為的物塊，盤

2、靜止時彈簧長度比自然長度伸長了現向下拉盤使彈簧再伸長后停止，然后松手放開，設彈簧總處在彈性限度內，則剛松手時盤對物體的支持力大小應為（ ）A.B.C.D.2、關于物理量的說法，下列正確的是（）A.加速度是描述物體速度變化快慢的B.速度是描述物體位置變化的C.位移和路程都能描述運動物體位置的變化D.平均速度可以用來精確描述變速運動的快慢3、小船在靜水中速度為4m/s，它在寬為200m、流速為3m/s的河中渡河。則渡河需要的最短時間為（）A.40sB.50sC.66.7sD.90s4、如圖所示,質量均為m的兩木塊a與b疊放在水平面上,a受到水平向右的力的作用,b受到水平向左的力的作用,兩力大小均為

3、F?，F兩木塊保持靜止狀態(tài),則()A.a、b之間無靜摩擦力B.a、b之間一定存在靜摩擦力C.b與地面之間一定存靜摩擦力D.b受到的合外力比a受到的合外力大5、一同學從樓的窗口處，兩只手一高一低同時釋放兩個鐵球，忽略空氣的影響，則兩球在落地前的運動情況，下列敘述正確的是（ ）A.下落過程中兩球間的距離逐漸增大B.下落過程中兩球間的距離保持不變C.下落過程中兩球間的距離逐漸減小D.兩球落地時的速度相等6、把一木塊放在水平桌面上保持靜止，下面說法中哪個是正確的A.木塊對桌面的壓力在數值上等于木塊受的重力B.木塊對桌面的壓力是彈力，是由于桌面發(fā)生形變而產生的C.木塊對桌面的壓力就是木塊受的重力，施力物體

4、是地球D.木塊保持靜止是由于木塊對桌面的壓力與桌面對木塊的支持力二力平衡7、如圖所示，用OA、OB兩根輕繩將物體懸于兩墻之間，OA、OB兩根輕繩之間的夾角為90當更換OA繩，使A點下移，直至輕繩OA為水平，在此過程中保持O點位置不變則在A點不斷下移到A的過程中，則OA、OB兩繩的拉力（ ）A.OA逐漸增大B.OB逐漸增大C.OA先變小后變大D.OB先變大后變小8、圖甲中，質量為M 的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置一質量為m 的小滑塊當木板受到隨時間t 變化的水平拉力F 作用時，其加速度a 與F 的關系如圖乙所示取g10m/s2，則（ ）A.滑塊的質量m4kgB.木板的質量M2kgC.當F8

5、N 時，滑塊加速度為3m/s2D.滑塊與木板間的動摩擦因素為0.19、一質量為10kg的物體靜止在粗糙的水平地面上，物體與地面的動摩擦因數為0.4，現同時加上如圖所示的水平力F1和F2后，物體開始做勻加速直線運動，已知F270N，則F1的值可能是（g10m/s2）A.20NB.40NC.80ND.120N10、如圖所示，質量為m2的物體放在車廂底板上，用豎直細線通過定滑輪與質量為ml的小球相連，不計滑輪摩擦，車廂以水平加速度a向右勻加速運動，物體m2仍壓在車廂底板上，則( )A.細線與豎直方向夾角的正切值tana/gB.物體m1所受細線拉力C.物體m1所受細線拉力TmlgcosD.物體m2所受

6、底板摩擦力fm2a11、我國研制的“嫦娥三號”月球探測器于2013年12月1日發(fā)射成功，并成功在月球表面實現軟著陸。探測器首先被送到距離月球表面高度為H的近月軌道做勻速圓周運動，之后在軌道上的A點實施變軌，使探測器繞月球做橢圓運動，當運動到B點時繼續(xù)變軌，使探測器靠近月球表面，當其距離月球表面附近高度為h（h5m）時開始做自由落體運動，探測器攜帶的傳感器測得自由落體運動時間為t，已知月球半徑為R，萬有引力常量為G。則下列說法正確的是（）A.“嫦娥三號”的發(fā)射速度必須大于第一宇宙速度B.探測器在近月圓軌道和橢圓軌道上的周期相等C.“嫦娥三號”在A點變軌時，需減速才能從近月圓軌道進入橢圓軌道D.月

7、球的平均密度為12、作用于同一物體上的三個力，不可能使物體做勻速直線運動的是A.2N、3N、6NB.4N、5N、6NC.5N、5N、5ND.1N、7N、10N二填空題(每小題6分，共18分)13、在彈性限度之內，一輕彈簧受到10N的拉力時，它的伸長量是4cm，則該彈簧勁度系數是_ N/m，當彈簧不受拉力時，該彈簧勁度系數是_ N/m，當彈簧兩端受到拉力為5N，彈簧的伸長量是_cm14、一物理興趣小組在進行探究“外力一定時加速度與質量間關系”，采用如圖甲所示的實驗裝置，進行如下操作：A.取下小吊盤，調整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列等間距的點B.使小車靠近打點計時器，在小

8、吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼C.接通打點計時器電源，釋放小車，打出一條紙帶，在紙帶上標出小車中砝碼的質量D.保持小吊盤中物塊質量不變，改變小車中砝碼的質量，重復步驟CE.測量并求出不同相對應的小車加速度（1）該小組中一名同學取出一條紙帶，舍去開始較密集的部分，標出7個計數點，相鄰兩個計數點間還有4個點未標出，如圖乙所示。該同學只測了兩個數據、，已知電源的頻率為，則小車的加速度為_（用所給物理量符號表示）（2）該小組的另一名同學以砝碼的質量為橫坐標，測得的加速度倒數為縱坐標，在坐標紙上作出關系圖，若圖線縱軸上的截距為，斜率為，重力加速度為，則盤和盤中物塊的質量為_，小車質量為_。（

9、用所給物理量符號表示）15、為了探究“加速度與力、質量的關系”，現提供如左下圖所示實驗裝置請思考探究思路并回答下列問題：(1)為了消除小車與水平木板之間摩擦力的影響應采取的做法是（ ）A將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻速運動B將木板不帶滑輪的一端適當墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻加速運動C將木板不帶滑輪的一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動D將木板不帶滑輪的一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻加速運動(2)某學生在平衡摩擦力時，使得長木板傾角偏大他所得到關系是上圖中的哪根圖線？圖中a是小車的加速度，F是細線作用于小車的拉力答：_；（3）消除小

10、車與水平木板之間摩擦力的影響后，要用鉤碼總重力代替小車所受的拉力，此時鉤碼質量m與小車總質量M之間應滿足的關系為_；（4）圖為某次實驗得到的紙帶，已知實驗所用電源的頻率為50Hz根據紙帶可求出小車的加速度大小為_m/s2（結果保留二位有效數字）三計算題(22分)16、（12分）如圖甲所示，一根長1m的硬桿一端固定在轉軸O上，另一端固定一小球，使硬桿繞轉軸在豎直平面內做勻速圓周運動，當小球運動到最高點A時對桿的壓力大小為0.6N，當小球運動到最低點B時對桿的拉力大小為1.4N，重力加速度g取10m/s2。(1)求小球的質量及其做圓周運動的角速度；(2)如圖乙所示，將小球穿在硬桿上，硬桿與豎直軸線

11、OO的夾角為，使硬桿繞OO勻速轉動，此時小球相對于硬桿靜止在某一位置上，且與硬桿之間沒有摩擦，已知sin=0.8，cos=0.6，求：桿對小球的彈力大小；小球做圓周運動的角速度與其離O點距離x的關系式。17、（10分）甲、乙兩車在同一平直公路上從同一地點同時開始運動，甲車位移時間圖像和乙車的速度時間圖像分別如圖甲、乙所示，求：(1)經過多長時間乙車追上甲車；(2)乙車追上甲車前兩車的最大距離。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析

12、】先根據胡克定律和平衡條件，列出盤靜止時力平衡方程；再由胡克定律求出剛松手時手的拉力，確定盤和物體所受的合力，根據牛頓第二定律求出剛松手時，整體的加速度再隔離物體研究，用牛頓第二定律求解盤對物體的支持力【詳解】設彈簧的勁度系數為k，由題意可知，起初整個系統處于靜止狀態(tài)時：現向下拉盤使彈簧再伸長后停止，然后松手放開瞬間，以和為整體受到的合力大小為，方向豎直向上，由牛頓第二定律可得：單獨隔離物塊由牛頓第二定律得：聯立方程得：故本題選B【點睛】本題考查應用牛頓第二定律分析和解決瞬時問題的能力，這類問題往往先分析平衡狀態(tài)時物體的受力情況，再分析非平衡狀態(tài)時物體的受力情況，根據牛頓第二定律求解瞬時加速度

13、2、A【解析】A加速度是描述物體速度變化快慢的物理量，選項A正確；B速度是描述物體位置變化快慢的物理量，選項B錯誤；C位移能描述運動物體位置的變化，但是路程不能描述物體的位置變化，選項C錯誤；D平均速度可以用來粗略描述變速運動的快慢，選項D錯誤；故選A.3、B【解析】小船渡河時間由垂直河岸方向的分運動決定，當船頭垂直河岸，渡河時間最短，即為故ACD錯誤，B正確。4、B【解析】考查受力分析的整體法隔離法。【詳解】A對a分析，a受力平衡，則一定受到b對a的摩擦力，大小為F，方向向左，A錯誤；Bab之間有摩擦力，而且無相對滑動，所以一定是靜摩擦力，B正確；C對ab整體受力分析，兩個拉力平衡，地面對b

14、一定無摩擦，C錯誤；Dab都處于靜止狀態(tài)，受力平衡，所受合力都為零，D錯誤。故選B。5、B【解析】根據兩小球的運動情況去分析兩球下落的距離，從而找出它們相隔的距離【詳解】同時釋放的兩個小球做自由落體運動，運動情況完全一樣，它們之間的高度在落地前就是釋放時的距離故下落過程中兩球間的距離保持不變；選項B正確，AC錯誤；由于開始下落的高度不同，則兩球落地時的速度不相等，選項D錯誤；故選B【點睛】本題考查自由落體運動的規(guī)律，因為兩小球是同時釋放的，故兩小球在空中運動完全相同，故一直保持開始的距離不變6、A【解析】ABC、木塊對桌面的壓力是由于木塊發(fā)生形變而產生的彈力，施力物體是木塊，受力物體是桌面，由

15、木塊受力平衡和木塊與桌面的相互作用力得，木塊對桌面的壓力與木塊重力大小相等，故A對；BC錯；D、木塊保持靜止是由于木塊受到的重力和桌面對木塊的支持力保持平衡，木塊對桌面的壓力與桌面對木塊的支持力受力物體不一樣所以不是平衡力，故D錯誤故選A7、AB【解析】做此類題目，需要分析清楚題中變化的量，和不變的量，在矢量三角形中分析【詳解】O點受到重物的拉力，OB繩子的拉力，OA繩子的拉力，三力處于平衡狀態(tài)，如圖所示：將三個力轉移至矢量三角形中，可得重力不變，OB繩上拉力方向不變，在OA繩方向逐漸轉至OA的過程中，兩拉力方向由90逐漸增大，則OA繩上拉力由最小值逐漸增大，同理OB繩上的拉力也在增大，故AB

16、對；CD錯8、ABD【解析】當拉力較小時，m和M保持相對靜止一起做勻加速直線運動，當拉力達到一定值時，m和M發(fā)生相對滑動，結合牛頓第二定律，運用整體和隔離法分析【詳解】A、B項：當F等于6N時，加速度為：a=1m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有：F=（M+m）a，代入數據解得：M+m=6kg，當F大于6N時，根據牛頓第二定律得：，圖象斜率，解得：M=2kg，滑塊的質量m=4kg，故A、B正確；C、D項：根據F大于6N的圖線知，F=4時，a=0，即：0=，解得=0.1，當F=8N時，長木板的加速度為：a=2m/s2；根據mg=ma得：滑塊的加速度為 a=g=1m/s2，故C錯誤，D正確故選A

17、BD【點睛】本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規(guī)律是解決本題的關鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析9、AD【解析】物體的加速度方向未定，故摩擦力方向有兩種可能性，但滑動摩擦力的大小是恒定的，由物體受力情況分別討論求解即可【詳解】若物體向左做勻加速直線運動，根據牛頓第二定律可知：F2F1mgma0，解得：F130N，故A正確；若物體向右做勻加速直線運動，根據牛頓第二定律可知：F1F2mgma0，解得：F1110N，故BC錯誤，D正確所以AD正確，BC錯誤【點睛】本題考查牛頓第二定律的基本運用，解題時注意物塊可能向右做勻加速直線運動

18、，可能向左做勻加速直線運動10、ABD【解析】以物體1為研究對象，分析受力如圖根據牛頓第二定律得：細線的拉力為：m1gtan=m1a，得： tan=a/g故AB正確，C錯誤以物體2為研究對象，物體2所受的合力，就是底板對物體2的摩擦力，由牛頓第二定律得：底板對物體2的摩擦力fm2a，故D正確11、ACD【解析】A“嫦娥三號”在地表發(fā)射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故A正確；B橢圓軌道的軌道半長軸和近月圓軌道的軌道半徑不相等，因此周期不相同，故B錯誤；C從近月圓軌道需要點火減速才能進入橢圓軌道，故C正確；D在月球表面有解得月球質量則月球密度根據自由落體運動下落高度為h，運動時間為t，則有

19、得到代入上述密度表達式中，故D正確。故選ACD。12、AD【解析】A勻速直線運動的物體所受合外力為0，根據力的合成法則可知，三個力中兩個較小的力之和大于等于第三個力，即可滿足三力平衡：，不滿足，故A錯誤；B，滿足，故B正確；C，滿足，故C正確；D，不滿足，故D錯誤。故選AD二填空題(每小題6分，共18分)13、 .250 .250 .2【解析】在彈性限度之內，一輕彈簧受到10N的拉力時，它的伸長量是4cm，由胡克定律得，勁度系數當彈簧不受拉力時，彈簧的勁度系數不變，仍為當彈簧兩端受到拉力為5N時，彈簧的拉力為5N，則14、 . . .【解析】（1）1已知電源的頻率為，則打點計時器每隔打一次點，每兩個連續(xù)計數點間還有4個點未標出，所以相鄰兩個計數點之間的時間為；根據勻變速直線運動的推論公式x=at2可得（2）23 設細線對小車的拉力為F，小車的質量為M，砝碼隨小車一起加速運動的加速度為a，根據牛頓第二定律有：變形得：則斜率解得：縱軸上的截距為解得小車的質量為：又當時，拉力，則有：解得盤和盤中物塊的質量為：15、 .C .C .mM .3.2【解析】(1)1將不帶滑輪的木板一端適當墊高，在不