1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，斜面體質量為M，傾角為，置于水平地面上，當質量為m的小木塊沿斜面體的光滑斜面自由下滑時，斜面體仍靜止不動，則（）A.斜面體受地面的支持力為B

2、.斜面體受地面支持力大于C.斜面體受地面的摩擦力為D.斜面體受地面的摩擦力為2、質量不同a、b兩球依次從同一高度相隔1.0s自由落下，速度圖像如圖所示，在b球下落后，a球落地前，下列說法不正確的是A.兩球速度差始終不變B.兩球距離始終不變C.兩球速度圖像是兩條平行線D.a、b兩球的距離在1s末、2s末、3s末之比為1：3：53、同一平面內的三個力，大小分別為4N、2N、7N，若三力同時作用于某一物體，則該物體所受三力合力的最大值和最小值分別為（）A.13N，0NB.5N，0NC.9N，1ND.13N，1N4、下列不是國際單位制中基本單位的是（）A.kgB.sC.ND.m5、如圖所示，對貼在豎直

3、墻面上的物塊施加某水平力的作用，力隨時間的變化關系式為，物塊從時刻開始釋放，關于物塊運動的過程中，下列說法正確的是 A.物塊的速度先增大后減小B.物塊的加速度先減小后增大C.墻面對物塊的摩擦力一定增大D.墻面對物塊的摩擦力始終小于物塊的重力6、如圖所示，一輕質彈簧豎直放置在水平地面上，下端固定彈簧原長為20cm，勁度系數(shù)k200N/m.現(xiàn)用豎直向下的力將彈簧壓縮到10cm后用細線拴住，此時在彈簧上端放置質量為0.5kg的物塊在燒斷細線的瞬間A.物塊的速度為零B.物塊加速度為零C.物塊的加速度為10m/s2，方向豎直向下D.物塊的加速度為30m/s2，方向豎直向上7、如圖，小球C置于光滑的半球形

4、凹槽B內，B放在長木板A上，整個裝置處于靜止狀態(tài)，在緩慢減小木板的傾角過程中，下列說法正確的是（）A.A受到的壓力逐漸減小B.A受到的摩擦力逐漸減小C.C對B的壓力逐漸變大D.C受到二個力的作用8、某物體做直線運動的v-t圖象如圖所示則關于物體在前8 s內的運動,下列說法正確的是A.物體在第6 s末改變運動方向B.前8 s內的位移為16 mC.第6 s末物體離出發(fā)點最遠D.第4s6s內與第68 s內的加速度方向相反9、某同學站在電梯內的磅秤上，某段時間他觀察到磅秤示數(shù)小于電梯靜止時的示數(shù)，則在此過程中電梯可能的運動情況是 ()A.電梯可能向上做減速運動B.電梯可能向上做加速運動C.電梯可能向下

5、做減速運動D.電梯可能向下做加速運動10、如圖所示，滑雪軌道是由斜直軌道AB和水平軌道BC組成，運動員經(jīng)過B點前后速度大小不變，t=0時運動員從A點由靜止開始勻加速下滑，通過B點后，做勻減速滑動，最后停在C點。若運動員在第3s末和第6s末速度大小均為6m/s，第8s末速度大小為4m/s，則A.運動員在第3.5s末已經(jīng)過B點B.運動員在運動過程中的最大速度為8m/sC.運動員從A到C平均速率為5m/sD.運動員在第12s末恰好停在C點二、實驗題11、（4分）某同學利用如圖甲所示的裝置做“探究彈力和彈簧伸長的關系”實驗（1）將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側彈簧軸線和刻度尺都應在_（選填

6、“水平”或“豎直”）方向（2）他通過實驗得到如圖乙所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線由圖線可得彈簧的原長x0=_cm，勁度系數(shù)k=_N/m，他利用本實驗原理把彈簧做成一把彈簧秤，當示數(shù)如圖丙所示時，該彈簧伸長的長度x=_cm12、（10分）如圖所示，質量為m的物體A靜止在地面上，其上表面豎直連接著一根長L、勁度系數(shù)為k的輕彈簧，現(xiàn)用手拉著彈簧上端P將物體緩慢提高h，則物體的重力勢能增加了_，人對彈簧拉力所做的功_物體克服重力所做的功（填“大于”“小于”或“等于”）.若彈簧的上端P點升高了H，物體恰已離開地面，則物體的重力勢能增加了_；人對彈簧拉力所做的功_mgH（填“大于”“小于”或“等于

7、”）.三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，一小球從平臺上水平拋出后，落在一傾角=的光滑斜面頂端，并恰好無碰撞的沿光滑斜面滑下，頂端與平臺的高度差h=0.8m，斜面的高度H=7.2m，g取10m/s2（sin=0.8，cos=0.6），求：(1)小球水平拋出的初速度v是多大；(2)小球從平臺水平拋出到斜面底端所用的時間。14、（14分）如圖1所示，物體A靜止放在足夠長的木板B上，木板B靜止于水平面已知A的質量mA=2.0kg，B的質量mB=3.0kg，A、B之間的動摩擦因數(shù)1=0.

8、2，B與水平面之間的動摩擦因數(shù)2=0.1，最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小視為相等，重力加速度g取10m/s2若t=0開始，木板B受F1=18N的水平恒力作用，t=1s時將F1改為F2=3N，方向不變，t=3s時撤去F2（1）木板B受F1=18N的水平恒力作用時，A、B的加速度大小aA、aB各為多少？（2）從t=0開始，到A、B都最終停止運動，求A、B運動的總時間分別是多少？（3）請以縱坐標表示A受到B的摩擦力fA，橫坐標表示運動時間t（從t=0開始，到A、B都靜止），取運動方向為正方向，在圖2中準確畫出fA-t的關系圖線（標出對應點橫、縱坐標的準確數(shù)值，以圖線評分，不必寫出分析和計算過程）15、

9、（13分）一個質點做平拋運動的初速度大小為m/s，經(jīng)過點時速度方向與水平方向的夾角，經(jīng)過點時速度方向與水平方向的夾角，已知.求A、B兩點的高度差.參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】由題，斜面是光滑的，則由牛頓第二定律可得物體m下滑時加速度大小為a=gsin對整體進行研究，分析受力情況，作出力圖，將m的加速度a分解為水平和豎直兩個方向，根據(jù)牛頓第二定律有：豎直方向（M+m）g-N=masin0則N（M+m）g所以斜面體受地面的支

10、持力小于（M+m）g對整體：有水平方向的加速度，則地面對斜面的摩擦力方向也水平向右，由牛頓第二定律得：水平方向f=macos=mgsincos=mgsin2故ABC錯誤，D正確故選D2、B【解析】ABC兩球做自由落體運動，加速度相同，而v-t圖像的斜率表示加速度，所以斜率相同，故兩圖像是兩條平行線，設b下落時間為t，則a下落時間為（t+1），故兩球速度差不變，兩球之間的距離距離越來越大，AC正確，不符合題意；B錯誤，符合題意；D根據(jù)可得a、b兩球的距離在1s末、2s末、3s末之比為1：3：5，D正確，不符合題意故選B。3、D【解析】當三個力作用在同一直線、同方向時，三個力的合力最大，即Fmax

11、=4N+7N+2N=13N4N與2N的最大值為6N，所以當4N與2N的方向相同，都與7N的力的方向相反時，三個力的合力最小，最小值為Fmin=1N故ABC錯誤，D正確；故選D。4、C【解析】ABDkg、m、s都是國際單位制中的基本單位，故ABD錯誤；CN是根據(jù)牛頓第二定律推導出的單位，是導出單位，不是基本單位，故C正確。故選C。5、A【解析】詳解】A水平方向合力為零可知豎直方向，開始時重力大于摩擦力，由牛頓第二定律可知聯(lián)立可得物體先做加速度逐漸減小的加速運動，當加速度減到零時，速度達到最大，水平力F進一步增大時，摩擦力大于重力，物體開始做減速運動，由牛頓第二定律可得聯(lián)立可得說明物體向下做加速度

12、逐漸增大的減速運動，當速度減為零時，物體靜止，加速度為零，摩擦力等于重力大小。由以上分析畫出 圖象， 圖象甲乙由前面的分析可知物塊的速度先增大后減小到零，故A正確；B由前面的分析可知物塊的加速度先減小到零后反向增大，最后為零(如甲圖所示)，故B錯誤；C由前面分析可知墻面對物塊的摩擦力先均勻增大，后不變(如乙圖所示)，故C錯誤；D由前面的分析可知墻面對物塊的摩擦力可能大于物塊的重力(如乙圖中)，故D錯誤。故選擇A選項。6、AD【解析】A在燒斷細線的瞬間，物塊的速度為零，故A正確；BCD根據(jù)題意對物體進行受力分析可知，物體受重力和彈簧的彈力作用，彈力燒斷細線的瞬間，物體受到的合外力向上，由公式可得

13、加速度，方向豎直向上，故BC錯誤，D正確。故選AD。7、BD【解析】先對BC研究：分析BC整體的受力，由平衡條件分析A對B的支持力和摩擦力變化，即可知道B對A的壓力和摩擦力如何變化；C球只受兩個力，對B的壓力不變【詳解】A、對BC整體：分析受力情況：重力mg、斜面A的支持力N和摩擦力f，由平衡條件得知：N=mgcos，f=mgsin，減小，N增大，f減小，由牛頓第三定律得知：B對A的壓力也增大；故A錯誤，B正確.C、D、由于半球形凹槽光滑，小球只受兩個力：重力和支持力，由平衡條件得到，支持力與重力大小相等，保持不變，則C對B的壓力也保持不變；故C錯誤，D正確.故選BD.【點睛】本題是三個物體的

14、平衡問題，關鍵要靈活選擇研究的對象，采用整體法和隔離法結合研究.8、AC【解析】AC物體在前6s速度一直為正，第6 s末速度從正值變負值，速度方向改變，即改變運動方向，即第6 s末物體離出發(fā)點最遠，選項AC正確；B前8 s內的位移為，選項B錯誤；D因為v-t圖像的斜率等于加速度，可知第4s6s內與第68 s內的加速度大小方向均相同，選項D錯誤9、AD【解析】對該同學受力分析，受重力和支持力，然后求解出合力方向，得到加速度方向，最后確定電梯的運動情況；【詳解】該同學受重力和支持力，磅秤示數(shù)小于電梯靜止時示數(shù)，說明支持力小于重力，故合力向下，加速度向下，速度可以向下，也可以向上，故電梯減速上升或者

15、加速下降，故選項AD正確，選項BC錯誤【點睛】本題關鍵通過受力情況確定加速度的方向，然后確定物體可能的運動情況10、BD【解析】AB由題可知，運動員在第3s末速度大小為6m/s，則運動員前3s在斜面上，則加速度大小為：m/s2又第6s末速度大小也為6m/s，第8s末速度大小為4m/s，說明運動員此過程在水平面上，則加速度大小為： m/s2設在AB面上的時間為，B點的最大速度為，則在斜面上有：水平面上有：聯(lián)立解得：m/s，s由上可知，3.5ss，所以運動員在第3.5s末仍在斜面上，最大速度為8m/s，故A錯誤，B正確； C在AB段的位移為：m在BC段減速到零的時間為：s在BC段的位移為：m根據(jù)平

16、均速度公式有：得AC段的平均速度為：m/s故C錯誤； D綜上分析可知，A到C的總時為:s所以運動員在第12s末恰好停在C點，故D正確。故選BD二、實驗題11、 .（1）豎直； .（2）4； .50； .6；【解析】（1）彈簧是豎直的，要減小誤差，刻度尺必須與彈簧平行，故刻度尺要保持豎直狀態(tài)；（2）彈簧處于原長時，彈力為零，故原長為4cm；彈簧彈力為2N時，彈簧的長度為8cm，伸長量為4cm；根據(jù)胡克定律F=kx，有：；由圖丙得到彈簧的彈力為3N，依據(jù)胡克定律F=kx，有；12、 .mgh .大于 . .小于【解析】過程中重力做負功，為，根據(jù)功能關系可知重力勢能增加了mgh，因為是緩慢提高，動能

17、不變，彈力做正功，根據(jù)動能定理可得，即，故拉力做功大于克服重力做功，物體好離開地面時，受到的彈力和重力平衡，即，解得，上升的距離為，故重力勢能增加了，拉力做的功等于克服重力做功以及彈簧彈性勢能增加量之和，即三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、 (1)3m/s；(2)1.4s【解析】(1)由題意可知小球落到斜面上并沿斜面下滑，說明此時小球速度方向與斜面平行，否則小球會彈起，所以豎直位移得豎直分速度且有解得(2)小球沿斜面做勻加速直線運動的加速度初速度則代入數(shù)據(jù)解得所以14、（1）2m/s2；3m/s

18、2（2）4.8s（3）如圖； 【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律分別對A和B進行分析可得A、B的加速度；（2）求出t1=1s時，A、B的速度，F(xiàn)1改為F2=3N后，求得B的加速度，然后求得A、B速度相等即A、B相對靜止時所用的時間t2，即可得到A在B上相對B滑行的時間t=t1+t2=1.25s；在t3=1.75s時間內，A、B一起做勻減速運動，求得3s末A、B的共同速度；t=3s時撤去F2后，整體分析A、B一起做勻減速運動直至靜止，可得A、B一起做勻減速運動的時間t4，最后可得A、B運動的總時間t總=t1+t2+t3+t4（3）把各段時間對應的摩擦力fA準確畫在fA-t的關系圖線上【詳解】（1）根據(jù)牛頓第二定律得對A：1mAg=mAaA解得A的加速度：aA=1g=0.210m/s2=2m/s2對B：F1-2（mA+mB）g-1mAg=mBaB代入數(shù)據(jù)得B的加速度：aB=3m/s2（2）t1=1s時，A、B的速度分別為vA、vB，則有：vA=